2020-2021年电功率中考压轴题分类汇编(word)1

2020-2021年电功率中考压轴题分类汇编（ word）1一、电功率选择题5是检测植物叶片含水15是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻 R附着在叶片上，当叶片含水量升高时（A.电流表示数增大B.电压表示数减小C.电路总电阻减小D.电路总功率增大TOC\o"1-5"\h\z【解析】 【解答】由图 5知，电路是由湿敏电阻 R和定值电阻 R0串联构成的，电压表测 R0两端的电压，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据 R总=R0+R得电路总电阻增大，又由 且U不变，得电路中电流减小，即电流表的示数减小；由 U=IR0得R0两端的电压减小，即电压表的示数减小；而由 知电路总功率减小。故答案为： B。【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻 R附着在叶片上，根据 “湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大 ”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R0两端的电压变化，利用 P=UI判断电路总功率的变化情况 .如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有 “3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器 R的最大阻值为 24Ω，电流表量程为 0-0.6A，电压表量程为 0-3V．当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3Ω时小灯泡正常发光。为了保证电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片 P滑动过程中，下列说法（ ）

电源电压为 4.5V变阻器接入电路的阻值范围是 3Ω-12Ω小灯泡的最小功率为 0.135W电路的最大功率 2.25WA.只有 正确 B.只有 正确 C.只有 正确 D. 都正确【答案】 C【解析】 【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（ 1）由P=可得灯泡的电阻：P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流：P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流：=0.5A，由题知，当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3Ω时，小灯泡正常发光，由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压：U=I额R串=I额×（R+RL）=0.5A×（3Ω+6Ω）=4.5V；故 ①正确；（ 2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为 0-0.6A，灯泡的额定电流为 0.5A，所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流 I最大=I额=0.5A，R最小=9R最小滑动变阻器连入电路中的最小阻值： R最小=R总-RL=9Ω-6Ω=3Ω，由于电压表量程为 0-3V，当电压表的示数最大为 U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压为： UL′=-U滑′=4.5V-3V=1.5V，此时电路的电流为： I最小= = =0.25A，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R最大= = =12Ω，所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是 3Ω-12Ω；故②正确；（ 3）小灯泡的最小功率：PL最小=I最小2RL=（0.25A）2×6Ω=0.375；故W③错误；（ 4）电路的最大功率：P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W，故④正确。综上可知，只有 ①②④ 正确。故答案为： C。P=求灯泡的电阻，

P=求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用 U=IR求电源电压；由于电流表量程为 0-0.6A，为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为 0-3V，当电压表的示数最大为 3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去 3V，利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围；利用 P=I2R求小灯泡的最小功率，再利用 P=UI求电路的最大功率常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（ ）A.电流表 B.电压表 C.电能表 D.验电器【答案】 C【解析】 【解答】解： A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题意；D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意．故选 C．【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答．如图所示，电源电压保持 12V不变，小灯泡 L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大电阻值 R=48Ω，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（ ）TOC\o"1-5"\h\z要使电压表的示数增大 1V，小灯泡 L两端的电压就会减小 1V小灯泡 L的最小实际电功率为 0.6W当滑片 P移到变阻器的中点时，小灯泡 L正常发光当滑片 P移到最右端时，通电 10s滑动变阻器消耗的电能是 19.2J【答案】 D【解析】 【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器 R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（ 1）由电压表测灯泡 L两端的电压可知，电压表的示数增大 1V，小灯1V，A不符合题意；（1V，A不符合题意；（2）由 P＝UI＝可得，灯泡的电阻：泡L两端的电压就会增大当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I＝ ＝0.2A，则小灯泡 L的最小实际电功率：PL小＝I2RL＝（ 0.2A）2×12＝Ω0.48W，B不符合题意；通电 10s滑动变阻器消耗的电能： WR＝I2Rt＝（ 0.2A）2×48Ω× ＝101s9.2J，D符合题意；（ 3）当滑片 P移到变阻器的中点时，电路中的电流： I′＝ A，此时灯泡的实际功率：PL′＝（ I）′2RL＝（ A）2×12Ω≈ 1.3<3W3W，所以，此时灯泡不能正常发光， C不符合题意。故答案为： D。【分析】闭合开关后，滑动变阻器 R与灯泡 L串联，电压表测灯泡 L两端的电压 .（1）电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；（2）根据 P=UI=求出灯泡的电阻，当滑片 P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用 P=I2R求出小灯泡 L的最小实际电功率，再利用 W=UIt=I2Rt求出通电 10s滑动变阻器消耗的电能；（3）当滑片 P移到变阻器的中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡 L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光 .5．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）5．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片C.电流表 A1示数变大 D.整个电路消耗的总C.电流表 A1示数变大 D.整个电路消耗的总D【解答】由电路图可知，灯泡D【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R并联，电压表 V测电源的电压，电流表 A1测干路电流，电流表 A2测 L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变， B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所L的电流和实际功率不变，即 L的亮度不变， A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由 I＝ 可知，通过 R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表 A1的示数变小，C不符合题意；由 P＝UI可知，整个电路消耗的总功率变小， D符合题意。故答案为： D。L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表 A1测干路电流，电流表 A2

测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过 L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过 R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据 P=UI可知电路总功率的变化 .如图所示，下列测量记录正确的是（ ）A.物体的长度 是3.15cm36.7℃C.弹簧测力计示数是1NB.A.物体的长度 是3.15cm36.7℃C.弹簧测力计示数是1NB.体温计的示数 是D.电能表的示数是2015kW?h【答案】 B3.15cm，物体长度为 3.15cm【解答】 A、刻度尺的分度值是 3.15cm，物体长度为 3.15cm2.00cm=1.15cm．故A错误；B、体温计的量程为 35℃～42℃，一个大格表示 1℃，里面有 10个小格，因此它的分度值为0.1℃．因此它的读数 =36℃+0.7℃=36.7℃．故B正确；C、弹簧测力计的分度值是 0.2N，所以弹簧测力计的示数是 0.2N×4=0.8．故N C错误；D、电能表的读数为 201.5kW?h．故D错误．故选 B．【分析】 ①使要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数．起始端是否从零开始，起始端没从0开始，把 2.00cm处当作“0刻度，读出末端刻度值，减去” 2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数．要弄清楚弹簧测力计的量程和分度值再去读数．电能表的读数要注意，最后一位为小数位．小明利用电能表测量某个家用电器的电功率，当电路中只有这个电器连续工作时，测得在1h内，消耗的电能为 1.2kW?h，那么用这个电器是（ ）A.液晶电视机 B.台式计算机 C.家用空调 D.电冰箱TOC\o"1-5"\h\z【答案】 C【解析】 【解答】解： 用电器在 t=1h内消耗的电能为 W=1.2kW?h，用电器的电功率：P== =1.2kW=1200W，液晶电视机的电功率约为 100W，台式计算机的电功率约为 200W，空调的电功率约为1000W，电冰箱的功率约为 100W，所以电功率是 1200W的用电器是空调．故选 C．【分析】根据用电器在 1h内消耗的电能，结合公式 P=，求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较即可．2017?黄冈）下列关于电和磁的说法正确的是（ ）金属导体中的电流方向与导体中自由电子定向移动方向相同家庭电路中同时工作的用电器总功率越大，通过电能表的电流越大磁场中某点的磁场方向与该点小磁针静止时南极的指向相同电动机是根据电磁感应原理工作的【答案】 B【解析】 【解答】解： A、自由电子是负电荷，所以金属导体中的电流方向与自由电子定向移动方向相反，故 A错误；B、接入电路的用电器总功率越大，由公式 I=可知通过电能表的电流就越大，故 B正确；C、小磁针静止时 N极所指的方向为该点磁场的方向，故 C错误；A、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故 D错误．故选 B．【分析】（ 1）物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向；（ 2）家庭电路电流大的原因：总功率过大；（ 3）我们规定小磁针 N极所指的方向为该点磁场的方向；（ 4）带电磁铁的仪器利用的是电流的磁效应原理．如图所示的电路，电源电压为 3V，R1=15Ω，R2=5Ω，当开关 S闭合时，下列分析正确的是（）TOC\o"1-5"\h\zA.R1、R2两端电压之比为 3：1 B通过. R1、R2电流之比为 3：1C.R1、R2消耗的电功率之比为 1：3 D.R1的电功率为 1.8W【答案】 C【解析】 【解答】由电路图知道， R1、R2两电阻并联，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以 R1、R2两端电压之比是 1：1，A不符合题意；由 I=U/R知道，通过 R1、R2电流之TOC\o"1-5"\h\z比是： I1 ： I2 =U/R1： U/R2=R2： R1=5Ω：/15Ω =：1 3， B不符合题意；由 P=U2/R知道， R1、R2消耗的电功率之比是： P1：P2=U2/R1：U2/R2=R2：R1=1：3，C符合题意；由于两电阻并联，所以 U1=U=3V， R1的电功率是： P1=U2/R1=（3V）2/15Ω=0.6W，D不符合题意，故答案为： C。【分析】根据并联电路的特点，当电压相等时，电流和电阻成反比，电功率和电阻成反比 .如图所示电路的两灯泡 L1和L2分别标有 “3.8V0.2A和”“3.8V0.3A字样，闭合开关后两均”发光。假改灯泡的电阻不受温度影响，下列判断正确的是（ ）A.两灯串联 B.灯 更亮 C.灯 的电阻丝更粗 D.电流表 的示数为【答案】 B【解析】 【解答】解： A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支经过灯泡 L1，另一支经过左侧电流表 A1和灯泡 L2，汇合到电流表 A2再回到电源的负极，因此，两灯泡并联， A不符合题意。B、两灯泡 L1和L2分别标有 “3.8V0.2A和”“3.8V0.3A字样，由”I=可得， R1>R2，两灯泡并联，其两端电压相等，由 P=可知，灯泡 L1的实际功率小于灯泡 L2的实际功率，则灯 L2更亮， B符合题意；C、已知由于灯丝的材料相同，长度相同， L2电阻小于 L1电阻，所以 L2灯丝就较粗， C不符合题意；D、由图知，两节干电池串联，则电源电压为 3V；如果两灯能正常发光，则 A2的示数为0.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为 3.8V，所以此时两灯泡都不能正常发光，则 A2的示数应小于 0.5A，D不符合题意。故答案为： B【分析】结合实物图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据 I=可求得其电阻，假改灯泡的电阻不受温度影响，由 P=可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功

率大小；再根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系TOC\o"1-5"\h\z下列数据中与实际情况不相符的是（ ）A.正常情况下，人的体温约为 35℃ B.成年人的步长大约为 50cmC.功率为100W白炽灯正常工作 1小时大约消耗 0.1度电D.一个鸡蛋的质量大约为 50g【答案】 A【解析】 【解答】 A、正常情况下，人的体温在 37℃左右，变化幅度很小．故 A不符合实际；B、成年人两步的距离约 1m=100cm，所以步幅在 50cm左右．故 B符合实际；C、功率为 100W白炽灯正常工作 1小时，大约消耗 W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW?h的电能．故C符合实际；D、10个鸡蛋的质量大约 1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在 50g左右．故 D符合实际．故选 A．【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出不符合实际的选项．如图所示，电源电压不变，先闭合 S1，再闭合 S2，下列说法正确的是（ ）A.电压表、电流表示数均变小 B.电压表示数变大，电路总功率变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大 D.电压表与电流表示数的比值变大【答案】 B【解析】 【解答】 A、C、由图可知，先闭合 S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测 R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合 S2， R2被短路，电路为 R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律 可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大， AC不符合题意；B、电源电压不变，电流变大，根据 P=UI可知，电路的总功率变大， B符合题意；为电阻 R1为电阻 R1的阻值，所以该比值不变， D不符合题意。故答案为： B。【分析】结合电路图，判断开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件，利用串联电路的特点和欧姆定律分析即可 .下列数据中最接近生活实际的是（人的正常体温约为 下列数据中最接近生活实际的是（人的正常体温约为 39℃340m/sC.甲型H1N1流感病毒的长度约为 1cm【答案】 D【解析】 【解答】A、人的正常体温为 37℃，变化很小，故B、无线电波在真空中的传播速度最大，为近3×108m/s，故 B不符合实际；C、甲型 HINI流感病毒的长度很小，约为无线电波在空气中的传播速度约为D.电冰箱的额定功率约为 100WA不符合实际；3×180m/s，在空气中的传播速度略小一些，接10﹣40nm，故 C不符合实际；D、电冰箱的额定功率约为 100W左右，故 D符合实际．TOC\o"1-5"\h\z故选 D．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．某直流电动机标有 “36V18W”字样，经测量其线圈电阻为 2Ω，使电动机正常工作10min．则电动机在这段时间内产生的热量是（ ）A.1.08×4J10 B.300J C.3.888×5J10 D.1.05×4J10【答案】 B【解析】 【解答】解：直流电动机的电流 I＝ ＝ ＝0.5A，所以电动机线圈产生的热量： Q＝I2Rt＝（ 0.5A）2×2Ω× 10×＝6300s0J。故答案为： B。【分析】先根据公式 I＝ 计算出直流电动机的电流，再根据公式 Q＝I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。如图所示电路，电源电压为 12V且保持不变。闭合开关 S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P置于变阻器的 b端时，电压表的示数变化了 2V，在A.电路中的最小电流为10s内定值电阻 产生的热量为 则下列结果正确的是A.电路中的最小电流为B滑片. P在中点时， 9s内滑动变阻器 R消耗TOC\o"1-5"\h\z的电能为 60JC.R先后两次消耗的电功率之比为 D.先后两次消耗的电功率之比为【答案】 C【解析】 【解答】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联电压表测量滑动变阻器的电压；由串联电路起分压作用知道，滑片从中点到 b端时，电压表示数增大了 2V，即滑片 P置于变阻器的 b端时，电压表示数是 4V+2V=6V；由 Q=U2/Rt知道，定值电阻的阻值是： R1=U12/Q1t=（12V-6V）2/60J×10s=6；当滑片在Ω b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，则电路中的电流最小，此时 I最小=U1/R1=12V-6V/6Ω=1A，A不符合题意；当滑片在中点时，电路中的电流是： I=U′1/R1=12V-4V/6Ω=/43A，所以， 9s内滑动变阻器 R消耗的电能是：W=UIt=4V×4/3A×9s=48，JB不符合题意；由以上分析结合 P=UI知道，R先后两次消耗的电功率之比是： ，C符合题意；同理知道， R1先后两次消耗的电功率之，D不符合题意，TOC\o"1-5"\h\z故答案为： C。【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到 b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了 2V，再利用串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式进行计算即可 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，电路中保持不变的是（ ）用电器消耗的总功率电压表 V的示数与电流表 A的示数的比值电流表 A的示数与电流表 A1的示数的差值电压表 V的示数与电流表 A1的示数的乘积【答案】 D【解析】 【解答】由电路图知道， R1与 R2并联，电流表 A1测 R1的电流，电流表 A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由 P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小， A不符合题意；由图知道，电压表 V的示数与电流表 A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片 P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大， B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，通过 R1的电流不变，即电流表 A1示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表 A的示数与电流表 A1的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小， C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表 A1示数不变，所以电压表 V的示数与电流表 A1的示数的乘积不变， D符合题意，TOC\o"1-5"\h\z故答案为： D。【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片 P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进行分析即可 .17．如图甲所示，电源电压恒定不变，电流表量程为 “0?0.6A”，电压表量程为“0?3V”，滑动变阻器规格为 “20Ω，1A”，R1为定值电阻。在保证各用电器安全的情况下，移动滑动变阻器滑片的位置，记下电压表和电流表的示数后，分别求出 R2对应的电功率和电阻值，画成图象如图乙，下列说法中正确的是（ ）① 电源电压为 6V②R 1的阻值为 5Ω电压表的示数变化范围是 1V﹣3V整个电路消耗的最小功率为 1.35WA.只有①②正确 B.只有③④正确 C.只有②④正确 D.只有②③④ 正确【答案】 C【解析】 【解答】解：（ 1）两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，由图知，变阻器连入电路最大电阻为 10Ω，根据分压原理，此时电压表示数最大为3V；当变阻器连入电阻最小为 2.5Ω，根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为0.6A。根据 P＝I2R，第一种情况下，电路中的电流 I1＝ ＝ ＝0.3A，根据电阻的串联和欧姆定律，电源电压：第1种情况下：U＝I1×（R1+R21）＝ 0.3A×（R1+10Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣第2种情况下：U＝I2×（R1+R22）＝ 0.6A×（R1+2.5Ω）；﹣﹣﹣﹣﹣Ⅱ由ⅠⅡ得： R1＝5Ω，故②正确；电源电压 U＝4.5V，①错误；⑵由欧姆定律，第 2种情况下，电压表最小示数为：U小＝I2×R22＝0.6A×2.5＝Ω1.5V，电压表的示数变化范围是 1.5V﹣3V，故 ③错误；整个电路消耗的最小功率为：P＝UI1＝4.5V×0.3＝A1.35W．④正确。②④正确，TOC\o"1-5"\h\z故答案为： C【分析】由 P-R图知，当变阻器连入电路最大电阻为 10Ω，此时电压表示数最大为 3V；当变阻器连入电阻最小为 2.5Ω，根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为0.6A；根据 P=l2R求出第一种情况下电路中的电流 I1，根据电阻的串联和欧姆定律列方程求 R1和电源电压 U；由欧姆定律求出第 2种情况下电压表最小示数，得出电压表的示数变化范围；根据 P=UI求整个电路消耗的最小功率 .如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（ ）【答案】 D【解析】 【解答】 A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作的；A不符合题意．B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的； B 不符合题意．C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的； C不符合题意．D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的； D 符合题意．故答案为： D．【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可 .

如图所示电路，电源电压为 12V且保持不变。闭合开关点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P置于变阻器的 b端时，电压表的示数变化了S，当滑片 P置于变阻器的中2V，在A.电路中的最小电流为 1.5A电能为60JB.滑片P在中点时， 9s内滑动变阻器 R消耗的C.R1先后两次消耗的电功率之比为4：3S，当滑片 P置于变阻器的中2V，在A.电路中的最小电流为 1.5A电能为60JB.滑片P在中点时， 9s内滑动变阻器 R消耗的C.R1先后两次消耗的电功率之比为4：3D.R先后两次消耗的电功率之比为 8：9【答案】 D【解析】 【解答】解：根据电路图可知，定值电阻端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中点到R1与滑动变阻器 R串联，电压表测 R两b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了 2V，此时电压表示数为 4V+2V＝6V；所以 U1＝U﹣UR＝12V﹣6V＝6V，Q＝ t可得： R1＝ t＝ ×1＝0s6Ω；A、当滑片在 b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流：＝1A，A不符合题意；最小＝ I1＝B、滑片在中点时，电路中的电流：I＝I1′＝＝＝A，9s内滑动变阻器 R消耗的电能： WR＝URIt＝4V×A×9＝s48J，B不符合题意；C、由 P＝UI可得， R1先后两次消耗的电功率之比：＝ ，D符合，C＝ ，D符合C、由 P＝UI可得，R先后两次消耗的电功率之比：题意。端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了故答案为： D端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V，然后根据串联电路电压规律以及

＝t即可求出 R1的阻值；当滑片在 b点时，电路中的电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据 W=UIt求出9s内滑动变阻器 R消耗的电能；根据 P=UI即可求出 R1、R先后两次消耗的电功率之比 .如图所示电路，电源电压为 3V，灯 标有“6V6W”，灯 标有“3V3W”，下列有关说A.断开，C.断开，接 可以正常发光接 更亮B.断开， 接 实际功率为 3WA.断开，C.断开，接 可以正常发光接 更亮B.断开， 接 实际功率为 3WD.闭合，接 更亮解析】解答】两灯的电阻分别为断开， 接 单独接入电路工作，电耗为 3V，灯的额定电压为 6V，所以不能正常工作， A不符合题意；断开， 接两灯串联，电路总电阻大于任一个灯的电阻，而 L2灯在 3V电压时为3W，所以串联总功率小于 3W，，所以 L2的实际功率不可能为 3W，B不符合题意；TOC\o"1-5"\h\z断开， 接两灯串联时，电流相等，根据 ，电阻大的功率大，所以 L1的功率大，更亮一些， C不符合题意；闭合， 接此时两灯并联在 3V电源上，根据 知，电压相等时，电阻越小，功率越大，所以 L2的功率大，更亮， D符合题意。故答案为： D。【分析】 当U>U0时，则 P>P0；灯很亮，易烧坏 .当U<U0时，则 P<P0；灯很暗，当U=U0时，则 P=P0；正常发光 .21．如图所示电路，电源电压不变，当开关 S2闭合、 S1断开时，电流表示数为 0.3A，电压表示数为 9V；若将两表互换位置，并同时闭合 S1和 S2时，电流表示数为 0.5A.则下列说法中正确的是（ ）

电压表示数仍为 9VR1的阻值为 18ΩR2的阻值为 45ΩR2消耗的功率为 6.75W（两表互换、两开关闭合后）【答案】 C【解析】 【解答】按题意可知 ,第一次当开关 S1闭合、 S2断开时两个电阻是串联的，电压表测的是两个电阻的总电压即电源电压，电流表测的是两个电阻的电流；第二次同时闭合 S1和 S2时两个电阻是并联的 ,电流表测得是 R1的电流，电压表测得仍是电源电压； A.第二次两个电阻是并联的，电压表测得是电源电压，所以示数仍为 9V，说法正确，不符合题意；B.第二次两个电阻是并联时 ,可以知道 R1＝ ＝18Ω,所以 R1的阻值为 18Ω，说法正确，不符合题意； C.第一次两个电阻是串联的 ,总阻值 R＝ ＝30Ω,所以 R2＝R-R1＝30Ω-18Ω＝12Ω，则该项说法错误，符合题意； D.同时闭合 S1和S2时两个电阻是并联的 ,R2消耗的电功率 P＝ ＝ ＝6.75W，说法正确，不符合题意；故答案为： C.【分析】当开关 S2闭合，断开 S1时， R1、R2串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的总电阻；当将两表互换位置，并同时闭合 S1和 S2时， R1、R2并联，电流表测 R1支路的电流，电压表仍测电源的电压，根据欧姆定律求出 R2的阻值，进一步求出 R1的阻值；根据 P=求出 R2消耗的电功率，根据 P=UI求出 R1消耗的电功率，两者之和即为电路的总功率 .下列常见电器中不是利用电流热效应工作的是（A.B.动机C.A.B.动机C.锅 D. 电熨斗【答案】 B【解析】 【解答】解：电炉、电饭锅、电熨斗是根据电流的热效应工作的，它们把电能主要转化为内能；电动机是根据通电导线在磁场中受到磁场力的作用而工作的，电动机工作时主要把电能转化为机械能， B符合题意．

故答案为： B．【分析】利用电热工作的有电炉、电饭锅、电熨斗等，电动机是把电能转化为机械能将标有“8V8W"的灯泡 L1和“8V16W"的灯泡 L2接串连在 12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（ ）A.灯泡 L1、 L2 都能正常发光 B.灯泡 L1 比灯泡 L2 亮 C.灯泡 L2比灯泡 L1 亮D.灯泡L1、L2一样亮【答案】 B解析】【解答】根据规格计算电阻和电流分别为常发光，此时的电流为1A，L1的功率为解析】【解答】根据规格计算电阻和电流分别为常发光，此时的电流为1A，L1的功率为；若串联， L1