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文档简介
大学专业课程《线性代数》试题及答案(二)
a 1 1
3 ba(1)已知3 0 1 =6,则a
= 0 ;b -3 . 3 3
a 1 13 b a303 0 1
a6
936 4ab
a0
2ab3
b3.0 2 13 b 2a3b 0 1 0
2 0 0 0 2 0.A.
1 0
0则A
3A2=
0 0 2 0 0 1 0 1 0 1 1 解:A1 0 0A2 1 ,A4 1 E,0 0 1
1 1 A20103A2A200823A2A23A22A2 2 . 若B均为3阶方阵,且A2,B2E,则AB -16 .解:ABAB22E33
223E16.A
A2A 1 3 1A3A=
2,A=
,则 3A
= 6 . 2 A2AAA1 2 A2A3 1
A3 1A、、3.A 2A A A3 1 3 1解: 3A2A1
3A2A1
3A2A1
3A2A1
03A2A3
3A6.5)已知=(,11,| |= 0 .T
11111 1111111 1110.1111111 0 (6)设A= 0 2 0 满足A2BABE,则B
1 . 2 0 1 解:A2BABEA2EBAEAEAEBAE两边取行列式得:
AEAEBAE,AE6,AEB1.21 1 0
0 1 0 2 1 0.(7)设A=2 0 0,则A*=. 0 0
0 0 2 A11
1
0,A21
211 00 1
1,A31
311 000 00001A 000112
2 02,A0 1
2
1 01,A0 1
1 002 0A 13
2 00,A0 0
2
1 10,A0 0
1 122 0A A A 0 1 0 11 21 31 A A A 2 1 033 12 22 32 33A A13
A 0 0 21 1 6 10设矩阵B2 5 a
的秩为2,则a 3 . 1 2 1 a 解:由B的秩为2,则B的所有3阶子式为0
11 611611611625 a011 611611611625 a03a1201501512 101503a1200a3k1A111
1 1 1k 1 1,且R(A)3,则k -3 .1 k 11 1 kk111k3k3k3k311111k1k111k3k3k3k311111k111k1130k10011k111k100k10111k111k000k1Ak3k
0k1,31 1 1 1若k1,则A1 1 1 1,RA1,与已知矛盾,故k1;1 1 1 133111131111311113k3A
RA3,因为有一个三阶子式3 11 31 1
11 160k3.3(10)A为5阶方阵,且R(3,则R( 0 .解:关于原矩阵与伴随矩阵秩的关系有如下结论:解:关于原矩阵与伴随矩阵秩的关系有如下结论:R A RAn时n, RA时n5R3R A0.0, RAn时RAn
A0,A 0R n;n1②若RAn1,则n1
A0A有一个0A有一个代数余子式不为,R1.因为AAE0,所以RRAn【见书P11:例9R
1
A
1;③若RAn2,则A的所有n1阶子式全为0,于是A所有代数余子式全为0, AOnn
,R 0.AATA
= n .解:方法一RRTRA,由上题结论可知RRAnor 0,由已知A为非零方阵,则R1,故RRAn;
AE
na2
na a a
a 1jj
1j nj11
1n
n1
j1
j1
a
a a
1n
n
n 2 nn
j
aanj1j
a jnj A为非零方阵,故的对角线元素不全为0,从而为非零方阵0,则RAn.20A00
0 0 03 0 00 0 000 3
1 02110 30 00 0
0 000 01 .0 31 02 22000030000030020
2 0 0 2A1OOA2,A A1OOA2 1 0 3
2 3 01 0 0 02 1 0 0 0A O
O 3 A1 1
1
2O A 2
A1
0 0 0 12 32 1 n
0 0 0 2 n2n2A满足2AkA,k0,则k .n2n2解:由
A是可逆方阵知AA0,2AkAknAkn2,由k0k .设n阶方阵A满足A2,则ATA 4 ,A1 1 ,2
1
3nA = 2n1 ,A
2
,A
A
2 ,2 2A1
AA1
3n .2AA
22
4,A1A121
1,A2
A
2n1,
An2
AAn2
A
n122n
12,
A AA AA A3n21A1232 1A1232 3nA1
AA1
A
AA1A1
AA13A1A3A121 1 1
nAnAA
3,则4
A 15A
1 3 .1 1
1 n解:44
A 15A
4A115AA1
4A115 A13
A1 1
3.A A A 2 2 016)设 的伴随阵,则
1A .10解:A
A1
A1A.A10A设A,A1分别为n阶方阵A的伴随阵和逆阵,则AA1解:A1A1An1A1An2.1 2 2
An2 .设A4 a 1,B为三阶非零矩阵,且ABO,则a= -1 . 3 1 1 A0:ABO
A0AABOBO矛盾,故0;方法二:ABO,设Bb1 2
bO3
bi
O31
,i1,2,3,Abi
O ,即31Ax04.2.1RAnA0.综上有0.122122122122122A4a1311077701170113114a10a890a8900a17a10a1kx11
k2x1
k3x1
k41线性方程组kxkx2kx
k2x2 k2x
k3x2 k3x
k2k4
,满足条件kkk123
0,k,k1
,k互不相等时有3惟一解.
31 3 2 3 3 3解:由克莱姆法则:A0时有唯一解.k k
k3 1 k k21Ak
1 1 1k2 k3kkk 1 k
1k2kkk
k
k
k02 2 3
123
2 2 123 2 1
3 1 3 2k k3 3
k3 1 k k23 3 3kkk123
0,且k,k1 2
,k互不相等.3
2x
x
3x 0(20)=
113 64113 641
29x
34x
0有非零解.2 4x1x 2x 30Ax0A0
1 2 313 6412 13 641A4
9 42131180 .1 1 2选择题An阶方阵,则下面结论正确的是(B)(A)AA必可逆;(B)AA必不可逆;(C)AA+必可逆;(D)AA+.AA0AA0(A若AB不可逆A0,B0,ABAB0AB(A)错误;(B)A0B0ABAB0,故(B)正确;(C)
ABAABAAO不可逆,故(C)(D)A0 0,B1 0均不可逆,但AB1 0可逆,故(D)错.0 1
0 0
0 1
AnA(E)=O,则(B)(A)AO或BE; (B)A或BE0;(C)A或B1; (D
A=BA.解:ABEO正确;
ABE0A0BE(B)(A)反例:AB1 00 00 0O;0 00 1 0 0 (C)BE0 B1,故(C)错;(D)ABEOABAOABA
ABA,故(D).AnABOA的秩(D)(A)必有一个为零; (B)一个等于n,一个小于n;(C)都等于n; (D)都小于n.ABOP1109RARBnAB均为非零矩RA1RB1RAnRBn1nRBn,故(D)正确;ABOA、n
A、均不可逆RAn,RBn反证:若
AABBOBO矛盾;若B可逆,则AABB1OB1O,与AO矛盾.nAB,则(D)(A)AB; (B)AB;(C)B0; (D)若0,则B0.ABPQPAQ,P0,Q0,PAQ00A0B0(D
A(B(CPAQBP、Q(A)(B(C).
A、均为n阶方阵,EABEBAEB1(C.(A)EA1B1; (B)EB1A1;(C)EB(EAB)1A; (D)B(EAB1)A.解:经验证知(C)正确,即 EBA1EBEAB1AEBAEBEAB1A EBABEAB1ABABEAB1AEBABEABEAB1AEBABAE.nB,CABCE,则必有(D)(A)ACBE; (B)BACE;(C)CBAE; (D)BCAE.解:ABE,则A、B均可逆,且BAE,即ABBAEEABCABCBCACAB,故(D).nBC均是可逆方阵,则
1
(D) (A
; (B)
1BTBT (C)B1C1A1; (D)B1TC 解:ACBT
1
C1A1
B1
C1A1,故(D).a
a a
a a a 11 1221 设A21
13 14 14 2324 ,B 2423
13 12a a23 22
11a21,aa
a a a a a a
33 34
33
31a a41 42
a a43
a a a a44 43 42 410 0 0 1 1
0 0P0
1 0 0,P0 0
1 0AB
(C)1 0 0 1 0 2 0 1 0 01 0 0 0 0 0 0 11 (A)A1PP;
(B)
A1P;1 2 2 1(C)PPA1; (D)PA1P.1 2 1 2解:A
,则B
APP
APP,其中1 2 3 4
4 3 2
12 21PE,P1
E对初等方阵有:Ei,j
Ei,j,Eik1
1,Ejk,iEEi
Ejk,iP1
P,P1P
1 1 2 2B1APP
P1P1A1
PP
A1,故(C).21 1 2 12B1APP
1
P1P1A1
PPA112 2 1 21AmnBnm矩阵,则(A)(A)mn时必有=0; (B)mn时必有AB=0; (C)mn时必有AB 0; (D)mn时必有AB 0. 解:对(A(
)mn
mmAB
RA
nmAB0,故(A)正确;mm (B(D有mnR AB R A mm 故(B(D)错误.a b b
AB
mAB0均有可能,mmAB设A=b a b,A的伴随阵的秩为1,则(B). b b a (A)a或a0 ; (B)ab且a0;(C)a或a0; (D)ab且a0.n, RAn 3, RA3解:R1, RAn1,此题有R1, RA2 0, RAn2 0, RA 由R1RA2A0b bAb a ba3b3ab2ab2ab0aborab0b ab b b 若ab,Ab b b,RA1与RA2 b b b 0 0 0 若a2b0,a2b,此时b0,若b0,则a2b0,A0 0 0 0 0 0 2b b
b bRA2矛盾故b0. A b 2b b , 0故RA2. b b b 2b 综上所述,ab且ab0(B)正确.A(a)ijaijaij
ij3×2矩阵;ij的的4阶方阵.0 1)Aaij
1 02 32 2 1 2 3 4(2)Aa
2 4 6 8 ij44设矩阵
3 6 9 124 8 12 1641 1 2 1 2 3A1 1 1;B1 2 2, 求3AB2及AB)T.
2 1 1 0 3 1 0 6 3 解:AB0 3 6,
1 1 2 1 1 1,AB
0 0 3 6 3 9 3 9 3 2 1 1 3 6 3 0 6 3 1 1 2 0 18 9 2 2 4 16 53AB2AT30 3 621 1 10 9 182 2 22 11 20 3 9 3 2 1 1 9 27 9 4 2 5 29 7 计算下列矩阵的乘积
2
4 0
1 3 10 1 2(1)
;1 1 3 31 3 12 0 1 2 1 31 2 0(2)0 1 10 1 7; 0 0 5
0 0 3 3(3)2 32;1 2(4)
12;3 4 3 2x1 2 51(5)
x;3 1 023 x3a a
a xx
xa11 12 13 1(6)
a a x.1 2 3 21 22 23 23a a a x331 32 331 3 12 1 4 00 1 2
6 5 0)
1 1 3 31 3 1
10 7 12 0 1 2 1 31 2 0 2 5 2(2)0 1 10 1 70 1 10 0 0 5
0 0 3
0 0 15(3)2
3213223141 2 0 4(4)
10 20 2 3
0 6 4 3 2
4x
2x 1 2 5
1x
1 (2)
53 (5)
x
x x3 1 0 2
2 33x3 x 3a a a a
x1 2a xx
x 11 12aa
13 1(6)1 2
3 21
22 23 23a a a331 32
x
x
xa
xa x a x
x a x
a x
x
xx111
212
313
121
222
323
131
232
333 2a x2
x2
x2
a x
a x
x3a xx111 22
333
12 21 1
13 31 1
23 32 231 0设A 1,求Ak (k为正整). 1 0 1 0
1 0
1 0解:A 1,
2 1,
A2A1
k 1 用数学归纳法证明: ①当k1时,A1 0 1 1 0②设当kn1时,An1成立, 1 01 0 1 0则当kn1时,An1AnA1 1n1 1成立,1 0故由数学归纳法知Akk 1
1 0 设0 1,求Ak (k为正整).0 0 1 0 0 0 0 1 0 解:A0 10 0 0 0
B,且 0 1 0 0 0 1 B 0 0 1 ,B2 0 0 0 ,B3 0 0 0 O ,BkO,k3,
330 0 0
0 0 0
0 0 0 Bkk1 1 2 2 可得:AkBk CikiBikCkBCkBBkk1 1 2 2 ki0
k k k122 k 2 AkkC1k1BC2k2B2k k
k2
0 2 k 2 0 0 00 2 0 0
0 0 2 设 ,求Ak(k为正整).1 0 2 00 1 0 2 O
2 0
O O 2 OA
,A2
,E
0 2
E E
22 O O 3 O k OA3
,假设Ak ,2 2E
3
k kk O O kO Ak1
k kE
k1
k
0 0 00 2k 0 0Ak k2k0 2k 023000023002230000230022023002322023222200022022 0 220220
0 方法二:A2
0,0
23 22
0 0 0假设Ak假设Aka 0 2k k
,则0 a 0 2kk
2k0002k000200002k0200
0 0 Ak
00
0
2k1
0 0 a 0 2k k
1 0 2 0
2a k
0 2k0k0 a 0 2k0 1 0 2k
0 2ak
0 2ka a 1 a 1 a kak
2ak
2k
k 2k
2
1 k2 2 2k 2a k2kk 2k
0 0 0Ak Akk2k0 2k 0 0 k2k0 2k求下列矩阵的秩3 1 0 2 1 0 1 1
1 0 1(1)1 1 2 1; (2) 1 3 4 4
0 1 1 1 1 1 -2 0 11220112202152 1 1 5
-1(3)1 0 1 2 (4)2 0 3 30 1 1 1 3 1 2
1 1 0 4 3 1 0 2
1 1 2
1
2 111解)1 1 2 111
rr22
3 1 0 2r3r22
0 4
6 5 1 3 4 400400406 50 0
1 3 4 RA2
rr3
0
6 51011101011011101011001100210021(2)
1 0 1
0 1 1 0 000 1 1 101 1 2 01
0 1 1 10 1 3 1 0
0 2 1
100 0 00RA31212302110115201113127
1 2 3
0 1 2
3 0 0 5 5 5
0 1 1 1(3)
00212112000 00 000 0 7 7 7
0 0 0 0 RA2
1 1 2 2 1 1 1 2 2 1 1 1 2 2 10 2 1 5 1 0 2 1 5 1 0 2 1 5 1(4)
2 0 3 1 3 0 2 1 5 1
0 0 2 2 21 1 0 4 1 0 0 2 2 2
0 0 0 0 0 RA3
求下列矩阵的秩及行的最简形1 2 1 0 2 3 2 0 12 4 2 6 6
0 2 2 1(1) ;(2) .2 1 0 2 3 1 2 3 23 3 3 3 4
0
2 11 2 1 0 2 1 2 1 0 2 1 2 1 0 22 4 2 6 6 0 0 0 6 2 0 3 2 2 1)
2 1 0 2 3
0 3 2 2 1
0 0 0 6 3 3 3 3 4 0 9 6 3 2 0 0 0 1 1 2 1 0 2 1 2 1
2 1 0 1
0 160001232 13 001 130012301 901230 001 1911
3 9 3
3 0
0 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 3
0 0 0 0 0 RA3231105231105013 2 0 1
1 2 3 2 100 2 2 1 0 2 2 1 0 rr 2(2)1 2 3 2
3 1r
0 4 9 5 30 1 2 13 10 1 2 1 1 23110123110100
0 2 1
1 2 3 0 1
0 0 1 0 0 00101220001001101000001000101000001 00 10 01000 10
2RA4求下列方阵的逆1 2 1(1)3 4 2;
cos(2)
sin; sin cos5 4 1 1 0 0 0 5 2 0 01 2 0 0 2 1 0 0(3) ; (4) ;2 1 3 01 2 1 4
0 0 4 20 0 1 3 3 2 0 1
0 0 1 3 0 0 0 2 80 2 2 1 (5)1 2 3 2; (6)1
0 1 0 0. 2 3 2 0 00 1 2 1 3 1 1 0 0 2110420141002110420141002110213114650)3
0r3r0 02121 5101 r5101
5r 1 21102110213101167r7r03 3
0 1201572013201572013601167
1 1 01 0
0 1 00 13 1 01011 01011
0
16 1 0 0 2 1 0 2 1 001 13 101
13 10 3 A1 3 2 2 2 2 0 0 1 16 7 cos sin(2)A
sin cos
1,A11
cos,A12
sin,A21
sin,A22
cosAA
A
cos
sinA1
11
21 (3)
A A12 22
sin10010001000200110013020110001001200010213000100
cos 000141 000141 00000100200110030311
0 2 1
1100100000 1 42021220100 0 412560001000110001000002003001311010331 0 0 0 1 0 0 00 1 0 0 1 1
0 0
24 0 0 0 2 2
112 12 0 0 1 10 0 1 0
1 A10
2412 4 8 02 6 32
6 3 5 2 60 0 0 1 1
5 1 10 0 1 3520 0 1 3520021000042(4)A
24 12 AA1OOA2 5 2
1 2
4 21 13 2A1
2 1
2 5,
1 3
141 41 2 A O
A1
1 2 0 02 5 0 0O 3 1A1 1
1
0 0 2O A 2
A12
14 770 0 1 27 14 (5)
0 1 02320012210232001221010495103121000320110002210101232001rr 3 10 0 00 1 2 1
0 0 0 1
r3r3 1
1111021315212312010122110 0100002121212000120300001020102101122231101000 00 13 52020 1500000200112210001010101136001216101230421101101030101011360012161010001124100011240100010100101136 A1
0 1 0 1 1 1 3 6 0 0 0 1 2 1 6 10 2 1 6 100 0 0 1 30 0 0 2 8
O A(6)A1
0 1 0 0 A 12O 3 2 0 0 2O3 1 1 0 03
1 1 1 3 1 0 11 6
6 21 31
4 2
2 1 A1
,A12 3 2
011 2 81
1
2 3 1 1
3 3 2
7 1 12 26 6 001 1 100 6 6 2 2 1 0
3 3 0O
1
A1 7 1 1AA1A 2
1 O A11
2 0 0O 3
6 6 24 2
0 0 01 1 0 0 0 2 求解下列矩阵方程1 2 1 1(1)3 4 2X0; 2 2 2
1 1 4
2 1
1 1 3(2)
X2 1 0 ;1 2 4 3 21 1 12 1 0
1 2(3)A1 2 1, C3 4,AXXC; 0 1 2
2 1 4 2 3(4)A
1 1 0ABA2BB.1 2 3 1 2 1 1解)AXb,其中A3 4 2,b0 2 2 2
1A b初等行变换E Ab102102221103110220111311020 1103030002010
3 4 2 02 2 2 1 1 0 0 2 201 3 010 X 2 2 0 0 1 0 (2)AXBCX1 4
12 4
2 1 1 A1 2,
61
,B2 1 0
1 1 1 2 1 1 1 0 011101111010011100
2 1 1 0 0 2 0
0 0 1 1 0 0 1 1 0 2
3 31 1
3 3 1 0 0 1
0 0 1 1 1 0 2 2 2 1010012 0 0 2 0 2 1 0 0 1010012 0 1 0
3 3 3 3 2 20 1
0 1 0
21 0 1 0 2
21 2 3 3
3 3 3 30 1 1 0 0 0 1 1 1 0 0 0 1 1 0 1 0 13 3
8 712 41 1 3
2 9
3 9XA1CB1 1 61 14 3 2 3 3
7 11 1 0
6 18 1 1 0 1 2 3)AXXCXAE1C,其中AE1 1 1,C 初等行变换E 0 1 1初等行变换E AE C
AE1C101210001221 1 0 1 2 1 1 0 1 2 101210001221 1 1 3 4 0 0 1 2 2 0 1 1 2 1 0 0 1 1 2 1 0 1 1 2 1 0 0 1 2 2 0 100100010 0 0 1X 1 2 2
4 2 3
2 2 3ABA2BBA2E1A其中A1 1 0A2E1 1 0 1 2 3 1 2 1A2E A
初等行变换EA2E1初等行变换E2 2 3 4 2 3 1 1 0 1 1 0 1 0 1 1 01 1 0 1 1 0 0 4 3 2 0 3 0 1 1 0 3 3 1 2 1 1 2 3 0 1 1 0 3 3 1 1 0 1 1 0
1 0 0 3 8 6 3 8 60 1 0 2 9 6
0 1 0 2 9 6B2 9 6 0 0 1 2 12 9
0 0 1 2 12 9 用克莱姆法则求解下列方程组 xx xx 5x 1 2 3 4(1)
2x x4x 21 2 3 42x3x x1 2
5x4
23xx1
2x3
042xx 5xx 8 1 2 3 4(2)
x3x 6x 91 2 42x x2 3
2x4
5x4x1
7x3
6x 04111112142311111214231531211
142
A可逆A B
3 1 2 11
0 2 1 815
1111115111151111512142012370123723152053712001380 0 5 14 29 10001 11 20 130 013814247751001 11 20 130 000016 1394000 01 00 10 000011231420101x1,x1
2,x3
3,x4
121511302151130602121476
270,并且8 1 5 1 2 8 5 11521220152122051204761076
81,
1 9 0 6
108,2 1 8 1 2
5 830252402302524021514061470
27,
1 3 0 9
27,DA1xA11
3,x 2
D A2A34,A2A33
DA41,x A44已知线性方程组有非零解,求解下列方程中的参数x x 0 2 3(1)
2
x x 0 34x2x 1x 01 2 3x x 0(2)x
1 2 3x 01 2 3xx x 01 2 3解:齐次方程组Ax0有非零解A0;齐次方程组Ax0有唯一解(零解)A0(1)A
304
122
11 3214422313133103,41 1 12)A1 1311322201 1 1或2下列等式是否正确,说明理由或举反例说明,其中Bn.(1)AB=BA;(2)(AB)(AB)A2B2;(3)(AB)2
A2
2ABB2.解:对于ABABABBAB2B2ABBA对于3)式,AB
A2ABBAB2
A22ABB2
ABBAnB
ABBA(交换律,故(3)均错误。反例:A1 2,B0 3,则AB8 5,BA3 0,1 0
4 1
0 3
3 8 显然ABBA。特殊情形下有ABBA:0①A为数字阵:A0
0E,ABEBBABEB; 0 0 0A1
1 ,B
ABBA1 1 ②
均为对角阵, 。0 0 0 n n n n下列等式或结论是否正确,说明理由或举反例说明,其中,Bn.
O,则AO;A,则AO或AE;AXAY,XY;方阵A和B的乘积ABO(其中O为零矩阵,且AO,则BO;BA1B1. 解)A0 0 0
A2O
AO;(2)A1 0
A2A
AO
AE0 0
,但 或 ; (3)A 0 0
1 1XY1 1XY
1 10 1
AXAY,但
XY; (4)A1 0
B0 0
AB1 00 00 00 0, 1 1
0 01 1 0 0;
(5)A1 0
B1 0
AB0 0.0 1
0 1
0 0 1(1设A是mn矩阵,B是nm矩阵,mnAB∣∣BA∣?ABmn矩阵,是否一定有RARBB.3A2,3B3AB2吗?为什么?设A是n阶方阵,已知Ax0有非零解,对任意的自然数k,方程Akx0 是也有非零解?为什么?解)不一.可以举出例子说明AB,现举例说明AB.1A
B ,则1n
11n1AB
1 1n,ABn;BA
11
1,BA01 11 1 11显然ABBA.
可以举例说明RARB,现举例说明RARBBRAnBARBRAn,RARBRABRO0AB的秩为2. B的秩为3,则B为可逆阵,B是一系列初等方阵的积,AB就相于给A实施一系列初等变换,而初等变换不改变矩阵的.Akx0.Ax0Akx0.AkxAkAxAk00方法二:Ax0有非零解A0Akx0的非零解AkAk
0,k为任意的自然数18.设矩阵A是n阶对称阵,B是n阶方阵,则BTAB,BTB都是对称阵.An
A,BTAB
BT
BT
BTAB;
BTB
BT
BT
BTBBTB19、5.证明:由A1BABE知: 1性质2:A1
AA1AE 性质:A111A1A1 性质5:AT
A1
AT
A1T
A1A
ETE20.证明同阶正交阵相乘是正交阵.ABnEBBTEABABTABBTTAETATEAB. 021.设A1
,f(x)a
ax
n
0),n为正整数,证明:0 0 1 n n2f() 0 f(A) 1 0
f( .)2)k 0
k1 知0 k2aAnnaAnn
a
0f0 f 0 0ff Aa0
EaA1
0 11annann1
aa
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