2020-2021高考化学 有机化合物推断题综合试题及详细答案

2020-2021高考化学有机化合物推断题综合试题及详细答案一、有机化合物练习题(含详细答案解析)1.华法林(Warfarin)又名杀鼠灵，为心血管疾病的临床药物。其合成路线(部分反应条件略去)如下所示：Oil备叵10)ow*cibH:nr~q別Oil备叵10)ow*cibH:nr~q別p~|心I1O.A1—IM10KHAA◎®@OCOCHjOHo回答下列问题：回答下列问题：A的名称为，E中官能团名称为。B的结构简式为。由C生成D的化学方程式为⑷⑤的反应类型为，⑧的反应类型为。(5)F的同分异构体中，同时符合下列条件的同分异构体共有a.能与FeCI3溶液发生显色反应b.含有-CHO其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为种。【答案】甲苯酯基I：.'"【答案】甲苯酯基I：.'"<U+On-△代反应加成反应13H七5【解析】【分析】由A的分子式及产物的性质，可确定A为在光照条件下发生-由A的分子式及产物的性质，可确定A为在光照条件下发生-ch3上的取代反应生成B(ICHAI#、')，B发生水解反应生成C(「/6伽)，C催化氧化生成D(『eno)，和水。和水。与CH3COCH3在NaOH、加热条件下发生羟醛缩合反应，生成CHi(XIX，名称为甲苯，E为八，官能团名称为酯基。答案为：甲苯；酯基;⑵由以上分析知，B的结构简式为CHi(XIX，名称为甲苯，E为八，官能团名称为酯基。答案为：甲苯；酯基;⑵由以上分析知，B的结构简式为ClhCIAH.CI■。答案为：1■acil加”冬.)催化氧化生成D(f),化学方程式为OilOH■mC11ACI1O-二|』。答案为:CuA⑷⑤为与（ch3OilOH■mC11ACI1O-二|』。答案为:CuA⑷⑤为与（ch3co）2o在浓硫酸的催化作用下反应生成和CH3COOH,则反应类型为取代反应，⑧为『丫①、从与反应生成，反应类型为加成反应。答案为：取代反应；加成反应；（5）F的同分异构体中，同时符合：a.能与FeCI3溶液发生显色反应、b.含有-CHO条件的同分异构体共有13种。它们为苯环上有-OH（酚）、-CH2CHO两个取代基的异构体3种，苯环上有-OH（酚）、-CHO、-CH3三个取代基的异构体10种。其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为』'一;；。答案为：13；』一；'_5J丄；】；：。【点睛】F的13F的13种同分异构体，含有3个取代基的异构体为OHruo①0HA2.2.I.A〜D是四种烃分子的球棍模型（如图）OH①OHCHjCHO（其中，-CH3位于序号所在的位置），”_（共3种）。CHjCHOABCD（1）与A互为同系物的是（填序号）。（2）能使酸性高锰酸钾溶液褪色的物质是（填序号）。（3）D和液溴反应的化学方程式是。II.某些有机物的转化如下图所示。已知A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，D是食醋的有效成分。请回答下列问题:A中官能团的名称是TOC\o"1-5"\h\zB的结构简式为。反应③的化学方程式为。【答案】CB+Br2—]+HBr碳碳双键CH3CH2OH或C2H5OHCHCOOH+CHCHOH、浓硫酸、CHCOOCHCH+HO\o"CurrentDocument"332加热3232【解析】【分析】I•由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯；结合同系物的概念和乙烯与苯的性质分析解答⑴~(3)；II.A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则A为CH2=CH2，与水在一定条件下发生加成反应生成ch3ch2oh，乙醇在Cu作催化剂条件下发生氧化反应ch3cho，ch3cho可进一步氧化生成ch3cooh，ch3ch2oh和ch3cooh在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，据此分析解答(4)~(6)。【详解】I•由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯。甲烷、丁烷结构相似，都是烷烃，互为同系物，故答案为：C；⑵乙烯中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故答案为：B；⑶苯和液溴反应生成溴苯和HBr，反应的方程式为+Br2—FeBr3>+HBr，故答案为：+Br2—⑷+HBr；II.(4)A为乙烯(CH2二CH2)，含有的官能团是碳碳双键，故答案为：碳碳双键；(5)B的结构简式为CH3CH2OH或C2H5OH，故答案为：CHf^OH或C2H5OH；⑹反应③为ch3ch2oh和ch3cooh在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，反应的化学方程式为ch3cooh+ch3ch2ohch3cooch2ch3+h2o，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2Oo3.根据下列转化关系，回答有关问题：聘灌变篮芭1^*鑒彎翌氐鹦型泳嘿知并HQHO茜CH^OOH辨液A混件幣液®I④：⑤IQJtab[②I®GFA砖红色沉谜已知CH3CHO在一定条件下可被氧化为CH3COOHoA的结构简式为，C试剂是，砖红色沉淀是(填化学式)。TOC\o"1-5"\h\zB溶液的作用是。④和⑥反应的化学方程式及反应类型分别为：④，。⑥，。(4)由图示转化关系可知淀粉(填“部分水解”或“完全水解”)。某同学取图中混合液E,加入碘水，溶液不变蓝色，(填“能〃或“不能”)说明淀粉水解完全，原因是。若向淀粉中加入少量硫酸，并加热使之发生水解，为检验淀粉水解的情况所需的试剂是。(填序号)①NaOH溶液②新制Cu(0H)2悬浊液③BaCI2溶液④碘水(5)在进行蔗糖的水解实验并检验水解产物中是否含有葡萄糖时，某同学的操作如下：取少量纯蔗糖加水配成溶液，在蔗糖溶液中加入3〜5滴稀硫酸，将混合液煮沸几分钟、冷却，在冷却后的溶液中加入新制Cu(OH)2悬浊液，加热，未见砖红色沉淀。其原因是(填字母)。a・蔗糖尚未水解b・蔗糖水解的产物中没有葡萄糖c・加热时间不够d・煮沸后的溶液中没有加碱液无法中和稀硫酸【答案】CH2OH(CHOH)4CHO新制Cu(OH)2悬浊液Cu2O中和稀硫酸2CH3CH2OH+O—Cu-^2CHCHO+2HO氧化反应CHCH.OH+CHCOOHCHCOOCHCH+2加热32323323H2O酯化反应部分水解不能12与过量的NaOH溶液反应①②④d【解析】【详解】淀粉在酸性条件下水解的最终产物是葡萄糖，葡萄糖在碱性条件下与新制Cu(OH)2悬浊液反应，所以水解后先加NaOH溶液中和H2SO4后才可与新制Cu(OH)2悬浊液反应生成砖红色沉淀；故答案为：CH2OH(CHOH)4CHO；新制Cu(OH)2悬浊液；Cu2O；淀粉水解后产物为葡萄糖，葡萄糖与新制Cu(OH)2悬浊液反应需要在碱性条件下，所以水解后先加NaOH溶液中和H2SO4，故答案为：中和稀硫酸；葡萄糖在酒化酶作用下可生成乙醇和CO2，D为乙醇，乙醇被氧化为乙醛，乙醛被氧化为乙酸，乙酸与乙醇在一定条件下反应生成乙酸乙酯和水。故答案为：2CH3CH2OH+O2—Cu-^2CH3CHO+2H2O；氧化反应；CH3C也OH+CH3COOH——CH3COOCH2CH3+2加热32323323h2o；酯化反应；淀粉如果部分水解，既能与新制Cu(OH)2悬浊液反应又能使碘水变蓝，由图示转化关系可知淀粉部分水解。某同学取图中混合液E，加入碘水，溶液不变蓝色，不能说明淀粉水解完全，因为12与过量的NaOH溶液反应。若向淀粉中加入少量硫酸，并加热使之发生水解，为检验淀粉水解的情况需要先加NaOH溶液中和原溶液，再加新制Cu(OH)2悬浊液，若出现砖红色沉淀，说明水解生成葡萄糖；淀粉的检验时，直接取水解液加碘水若显蓝色，说明有淀粉剩余。故答案为：部分水解；不能；12与过量的NaOH溶液反应；

①②④；在进行蔗糖的水解实验并检验水解产物中是否含有葡萄糖时，检验水解产物前必须加碱来中和酸。故答案为：d；【点睛】淀粉水解情况有三种：如果未发生水解，则溶液不能与新制Cu(OH)2悬浊液反应；如果部分水解，则既能与新制Cu(OH)2悬浊液反应又能使碘水变蓝；如果已完全水解，则遇碘水不显蓝色。操作过程有两点注意事项：①检验水解产物前必须加碱来中和酸。②淀粉的检验时，必须直接取水解液加入碘水，不能取中和液，因为碘能与NaOH溶液反应。4.霉酚酸酯(MMF)是器官移植中抑制细胞增殖最常用的药物。下反应：H它能在酸性溶液中能发生如HjWMF0(1[)4.霉酚酸酯(MMF)是器官移植中抑制细胞增殖最常用的药物。下反应：H它能在酸性溶液中能发生如HjWMF0(1[)X所含的官能团的名称是有机物(I)在铂催化下与足量的氢气发生加成反应生成物质X所含的官能团的名称是；X的结构简式为。有机物(II)的化学式为;分子中化学环境不同的氢原子共有种。下列关于MMF说法正确的是(选填字母编号)。能溶于水1molMMF最多能与3molNaOH完全反应能发生取代反应和消去反应镍催化下1molMMF最多能与6molH2发生加成反应1mol的有机物(I)在单质铜和氧气的作用下可以氧化为醛基的一OH有mol；有机物(II)在加热和浓硫酸的条件下发生消去反应的化学方程式为。+UsO【答案】羧基、羟基^°5宀浓+UsO【答案】羧基、羟基^°5宀浓1A__"_C6H13O2N5b1【解析】【分析】有机物(I)在铂催化下与足量的h2发生加成反应生成物质X,和h2发生加成反应的是苯环和碳碳双键，根据有机物(I)结构判断X的结构，根据X的结构判断含有的官能团。根据断键方式和原子守恒判断有机物(II)的化学式，断键物质为酯基，根据氢原子的物质判断其种类。⑶根据MMF的结构判断其性质，MMF中含有的官能团是酚羟基、碳碳双键、酯基，可能

具有酚、酯和烯烃的性质。连有醇羟基的碳原子上有2个氢原子时，醇羟基才能发生催化氧化生成醛；醇若能发生消去反应，消去反应后生成物含有碳碳双键。【详解】(1)有机物((1)有机物(I)在铂催化下与足量的H2发生加成反应生成物质X,能和h2发生加成反应的是可见X含有的官能团是羧基和羟基：在酸性、加热条件下，MMF能发生水解反应生成有机物(I)和有机物(II),断键部位是，所以该H0，所以该酯基，根据原子守恒判断有机物(II),所以有机物(II)的结构简式为有机物的分子式为C6H13O2N:该分子中化学环境不同的氢原子共有5种；⑶a.该有机物中含有酯基，酯类物质是不易溶于水的，a错误；该有机物能和氢氧化钠反应的是酯基和酚羟基，所以1molMMF最多能与3molNaOH完全反应，b正确；苯环酚羟基的邻对位上不含有氢原子，所以不能和溴水发生取代反应；该分子没有醇羟基，所以不能发生消去反应，c错误；能与H2发生加成反应的有苯环和碳碳双键，所以镍催化下1molMMF最多能与4molH2发生加成反应，d错误；故合理选项是b；该有机物分子中只有醇羟基能被催化氧化生成醛基，所以1mol的有机物(I)在单质铜的催化下可以氧化为醛基的-OH有1mol；有机物(II)在加热和浓硫酸的发生消去反应生成含HO有碳碳双键的有机物，反应方程式为HO有碳碳双键的有机物，反应方程式为【点睛】本题考查了有机物中的官能团及其结构，明确苯酚和溴发生取代反应的位置，酯基发生水解反应，根据酯化反应历程：酸脱羟基醇脱氢，脱什么加什么补齐即可。丙烯酰胺在水净化处理、纸浆加工等方面有广泛应用，由乙烯合成丙烯酰胺工艺流程如下：根据题意回答下列问题：(1)2-氯乙醇(Cl-CH2-CH2-OH)不能发生的反应有(填写编号);uHOOCCHzCHzCHCOOH催化剂〉t—uHOOCCHzCHzCHCOOH催化剂〉t—田□丿H-円十+nH2OCa氧化反应b.加成反应c.消去反应d.水解反应e.取代反应f.加聚反应TOC\o"1-5"\h\z⑵写出丙烯腈(NC-CH=CH2)相邻同系物丁烯腈的结构简式：。2-氯乙醇在石灰乳和加热条件下反应生成环氧乙烷，写出化学方程；聚丙烯酰胺可用于管道的内涂层，写出丙烯酰胺发生聚合的化学方程式：谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：，聚谷氨酸(Y-PGA,Nri2侧链只有-COOH)具有水溶性好、易生物降解、不含毒性、极强的保湿能力等特点，主要用于化妆品生产，写出由谷氨酸合成Y-PGA的化学方程式：；谷氨酸的稳定的同分异构体的一个分子中不可能同时含有(填写编号)。2个-C-H1个—N02和1个-C-H2个-C三C-1个-COO-(酯基)和1个-C=C-CH：=CCH：【答案】bfCH3CH=CH-CN；CH2=CHCH2-CN；I2Cl-CH2-CH2-OH+Ca(OH)2TCN+CaCl2+2H2OnCH2=CH-C-NH2催化剂>【解析】【分析】(1)2-氯乙醇(C1-CH2-CH2-OH)含有醇羟基和氯原子结合官能团的性质解答;根据官能团的位置变化书写结构简式；根据流程图和物料守恒书写方程式；聚丙烯酰胺中的碳碳双键断开变单键，首尾相连，发生聚合反应；HQOCCH：CH]CHCOOH谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：，聚谷氨酸(YNH2PGA)侧链只有-COOH,根据氨基酸合成蛋白质的过程分析，书写化学方程式；根据要求书写同分异构体来分析判断，谷氨酸的不饱和度为2,2个-C三C-的饱和度为4。【详解】(1)2-氯乙醇(C1-CH2-CH2-OH)含有醇羟基和氯原子，醇可以发生氧化反应、消去反应等，卤素原子可以发生水解反应、取代反应等，该有机物中没有碳碳双键或三键，不能发生加成反应或加聚反应，答案选bf；⑵丙烯腈(NC-CH=CH2)相邻同系物丁烯腈，其分子结构中双键和取代基的的位置不同结构不

CHCH：=C-CH；GN同，则丁烯腈的结构简式有：ch3ch=ch-cn；ch2=chch2-cn；GN+CaCl2++CaCl2+2H2O；式为：2Cl-CH2-CH2-OH+Ca(OH)2T2丙烯酰胺中的碳碳双键断开变单键，首尾相连，发生聚合反应生成聚丙烯酰胺，方程式为；HOOCCH]CH]CHCOOH谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：J…，聚谷氨酸(YPGA)侧链只有-COOH,根据氨基酸合成蛋白质的过程可知，谷氨酸分子间的氨基和羧基之间发生缩聚反应，化学方程式为；HHOOCCH2CH2CHCOOH催化剂〉COOH+HHOOCCH2CH2CHCOOH催化剂〉COOH+nH2°；IL谷氨酸的分子式为C5H9O4N,不饱和度为：2刈碳的个数X2+2—氢的个数一卤素的个1数+氮的个数)=2x(5X2+2-9-0+1)=2,CH3当结构中含有2个-C-H单键时，结构简式为，故a符合;b当结构中含有1个％和1个-C-H单键，结构简式为三，故&符合;c.一个-C三C-的不饱和度为2，2个-C三C-的饱和度为4,不符合，故c错误;d.当结构中含有1d.当结构中含有1个-C00-(酯基)和1个-c=c-,结构简式为H3CCHCOOC=fflOHNH2OH，故d符合;答案选c。乙炔是一种重要的有机化工原料，以乙炔为原料在不同的反应条件下可以转化成以下化合物。+正四面体烷直十乙烯基乙块Ct^2—CH=CH亠苯OL环辛四烯0完成下列各题:⑴正四面体烷的分子式为。⑵关于乙烯基乙炔分子的说法错误的是：。能使酸性KMnO4溶液褪色1mol乙烯基乙炔能与3molBr2发生加成反应乙烯基乙炔分子内含有两种官能团等质量的乙炔与乙烯基乙炔完全燃烧时耗氧量不相同⑶1866年凯酷勒提出了苯的单、双键交替的正六边形平面结构，解释了苯的部分性质，但还有一些问题尚未解决，它不能解释下列事实(填入编号)。苯不能使溴水褪色b.苯能与h2发生加成反应溴苯没有同分异构体d.邻二溴苯只有一种写出与环辛四烯互为同分异构体且属于芳香烃的分子的结构简式：。【答案】C4H4dad宀UY【解析】【分析】每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，据此确定该物质分子式；乙烯基乙炔中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯烃和炔烃性质；⑶根据双键能发生加成反应分析性质，根据Br-C-C-Br和Br-C=C-Br两种不同的位置分析结构；(4)环辛四烯的不饱和度为5,其同分异构体属于芳香烃，说明含有苯环，苯环的不饱和度为4,则苯环上取代基含有碳碳双键。【详解】每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，所以该物质分子式为c4h4；故答案为：C4H4；a.该分子中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯烃和炔烃性质，所以能被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；碳碳双键和碳碳三键都能和溴单质发生加成反应，1mol碳碳双键完全加成需要1mol溴单质，1mol碳碳三键完全加成需要2mol溴单质，所以1mol乙烯基乙炔能与3molBr2发生加成反应，故正确；c•该分子中含有碳碳双键和三键，所以乙烯基乙炔分子内含有两种官能团，故正确；乙炔和乙烯炔的最简式相同，所以等质量的乙炔与乙烯基乙炔完全燃烧时的耗氧量相同，故错误；故答案为：d；⑶1866年凯库勒提出了苯的单、双键交替的正六边形平面结构，如果含有C=C键的话，则能发生加成反应而使溴水褪色，但真实的情况是苯不能使溴水发生反应而褪色，这一点不能解释；如果是单双建交替的正六边形平面结构，则邻二溴苯应有Br-C-C-Br和Br-C=C-Br两种不同的结构，但事实是邻二溴苯只有一种，这一点也不能解释；故答案为：ad；(4)环辛四烯的不饱和度为5,其同分异构体属于芳香烃，说明含有苯环，苯环的不饱和度为4,则苯环上取代基含有碳碳双键，所以环辛四烯符合条件的同分异构体为苯乙烯，其

结构简式为一-一；故答案为：〈三:一-一。【点睛】关于有机物的性质要根据所含的官能团进行分析和判断；判断同分异构体可以从不饱和度的角度思考。精细化工在生产和生活中有广泛而重要的应用。精细化学品往往有特定的功能从而广泛地应用于日常生活中，下列洗涤方法原理各不相同，请比较分析：TOC\o"1-5"\h\z沾有油脂的器皿可用汽油擦洗，其原理是;也可用洗洁精和水洗涤，其原理是；还可以用纯碱或稀氢氧化钠溶液洗涤，其原理是。如果水溶液的硬度很大，用肥皂与合成洗涤剂哪个洗涤剂效果更好？为什么？—。据报道，我国某地发生误食工业用猪油的中毒事件，原因是工业品包装中混入有机锡等，下列有关叙述正确的是。A•猪油是天然高分子化合物B•猪油是高级脂肪酸甘油酯C•猪油发生皂化反应后，反应液能使蓝色石蕊试纸变红D.猪油皂化反应完全后，反应混合物静置后分为两层阿司匹林是一种常用的药剂，其化学名称为乙酰水杨酸，其分子结构如图：/"VUOCCH.阿司匹林的一种同分异构体中含有苯环和两个羧基，且苯环上只有一个侧链，则阿司匹林的这种同分异构体的结构简式为。以苯酚为原料合成水杨酸，为阿司匹林的大量生产开辟了广阔的前景，其生产阿司匹林的流程如下：OilOI-I写出反应②的化学方程。【答案】根据相似相溶原理，汽油与油脂互溶除去洗洁精属于合成洗涤剂，含有亲水基和憎水基，可将油污洗去油脂在碱性条件下发生水解，从而用纯碱或稀氢氧化钠溶液可以除去油脂用合成洗涤剂较好，因为在硬水中肥皂会形成硬脂酸钙(镁)沉淀而失去去污能mi力B力B

【解析】【分析】⑴①根据相似相溶回答；②洗洁精具有亲水基，和憎水基，可以将油污除去；③油脂在碱性环境下水解；④硬水中使用肥皂，会产生沉淀，降低去污能力。⑶苯酚，与NaOH和CO2，在一定条件下，发生反应，在酚羟基的邻位引入一个一COONa，酸化得到一COOH，在乙酸酐的作用下，酚羟基转化为酯基。【详解】⑴①根据相似相溶原子，油脂能够溶解在汽油中，因此能够用汽油去油脂；洗洁精属于合成洗涤剂，含有亲水基和憎水基，憎水基与油污结合，亲水基溶于水中，形成乳浊液，可将油污洗去；油脂在碱性条件下发生水解，从而用纯碱或稀氢氧化钠溶液可以除去油脂；用合成洗涤剂较好，因为在硬水中肥皂会形成硬脂酸钙（镁）沉淀而失去去污能力；（2）A、猪油是脂肪，是高级脂肪酸的甘油酯，不是高分子化合物，故A错误；B、猪油是固态油脂，成分为高级脂肪酸甘油酯，故B正确；C、皂化反应水解后生成的高级脂肪酸钠和甘油，不显示酸性，所以不能是石蕊变红，故C错误；D、由于猪油皂化反应后，生成的高级脂肪酸钠和甘油都溶于水，不分层，故D错误；故选：B；⑶阿司匹林的同分异构体含有苯环和两个羧基，且苯环上只有一个侧链，除了苯环外，还有3个C原子，还有2个羧基，只有1个侧链，则一个C上连接2个苯环，结构简式为；'''■:v-'d'；苯酚，与NaOH和CO2，在一定条件下，发生反应，在酚羟基的邻位引入一个—COONa，酸化得到一COOH，水杨酸的结构简式为一*点."，在乙酸酐的作用下，酚羟基转化为酯基，化学方程式为酸化得到一COOH，水杨酸的结构简式为一*点."，在乙酸酐的作用下，酚羟基转化为酯基，化学方程式为「+（咛。）2»:d+CH3COOH。8（1）A是一种酯，分子式为C4H8O2，A可以由醇B与酸C发生酯化反应得到，B氧化可得C。则:写出下列化合物的结构简式：B，C。写出A在碱性条件下水解的化学方程式：。A中混有少量的B和C,除去C选用的试剂是，分离方法是。B和C的酯化反应和A的水解反应中都用到硫酸，其作用分别是（填字母）。

a、催化剂、脱水剂；催化剂b、催化剂、吸水剂；催化剂c、都作催化剂d、吸水剂；催化剂⑵在酸性条件下，CH3COi8OC2H5的水解产物是。⑶劣质植物油中的亚油酸［CH3(CH2)4—CH=CH—CH2—CH===CH—(CH2)7COOH］含量很低。下列关于亚油酸的说法不正确的是(填字母)。a、一定条件下能与甘油发生酯化反应b、能与NaOH溶液反应c、能使酸性KMnO4溶液褪色d、1mol亚油酸最多能与4molBr2发生加成反应⑷有机亠⑷有机亠匚”沙仙一论键变化的特点分析判断，这种酯在酸性条件下水解生成3种新物质，结构简式分别为有机物W(~［)常用于合成维生素类药物。该有机物的分子式为，其分子中所含官能团的名称为，水溶液中lmolW可与molNaOH完全反应，分子中含有种不同化学环境的氢原子。【答案】CH3CH2OHCH3COOHCH3COOCH2CH3+NaOHfCH3COONa+CH3CH2OH饱和0Na_CO_溶液分液bCH3COOH和C2H518OHd||OH0HOCH_CH_OHC6H10O3羟基、酯基1422』，：6103【解析】【分析】42+2-8A是一种酯，分子式为C4H8O2,A中不饱和度=2=1，所以为饱和一元酯，A可以由醇B与酸C发生酯化反应得到，B氧化可得C,说明B、C中碳原子个数相等，则A为CH3COOCH2CH3、B为CH3CH2OH、C为CH3COOH,据此分析解答；酯水解生成羧酸和醇；亚油酸含碳碳双键、羧基，结合烯烃及羧酸的性质分析；根据酯类水解规律，在酸性条件下水解生成羧酸和醇分析；根据有机物的结构简式判断分子式，该有机物中含有羟基、酯基分析判断；【详解】通过以上分析知，A、B、C的结构简式分别为CH3COOCH2CH3、CH3CH2OH、CH3COOH；A在碱性条件下水解生成乙醇和乙酸钠，该反应的化学方程式为CH3COOCH2CH3+NaOHTCH3COONa+CH3CH2OH；除去ch3cooch2ch3中的ch3ch2oh，ch3cooh，可以加入饱和碳酸钠溶液，可以溶解ch3ch2oh，消耗ch3cooh，降低ch3cooch2ch3的溶解度，ch3cooch2ch3与饱和碳酸钠溶液分层，故可以采用分液的方法分离；ch3ch2oh与ch3cooh制取ch3cooch2ch3时，浓硫酸做催化剂和吸水剂，CH3COOCH2CH3水解时浓硫酸作催化剂，故答案为b；酯在酸性条件下水解产物为羧酸和醇，结合酯化反应的原理："酸脱羟基，醇脱氢"的规律可得，180来自于醇，即CH3COOH和C2H518OH；a.亚油酸结构中含有羧基，甘油是丙三醇的俗称，丙三醇中含有羟基，因此亚油酸能够与甘油在一定条件下发生酯化反应，故a正确；亚油酸结构中含有羧基，能够与氢氧化钠发生酸碱中和反应，故b正确；亚油酸结构中含有碳碳双键，能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，因此它能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故c正确；1mol亚油酸中含有2mol碳碳双键，所以1mol亚油酸最多与2molBr2发生加成反应，故d错误；答案选d；该物质结构简式中含有2个酯基都可发生水解，根据酯化反应的"酸脱羟基，醇脱氢"的规律可得，该物质在酸性条件下水解生成的物质的结构简式分别为HOCH2CH2COOH、HOCH2CH2OH、CH3COOH；⑸根据'可知，每个拐点(节点)为碳原子，每个碳原子形成4个共价So<So键，不足化学键用氢原子补齐，则W的分子中含有6个碳原子，10个氢原子和3个氧原子，故该有机物的分子式为C6H10O3；分子中含有的官能团有羟基、酯基；由于W分子含有1个酯基，酯基水解生成羧基能够与氢氧化钠反应，故1molW可与1molNaOH完全反应，根据等效氢原子原则，同一碳原子上的H相同，两个甲基上的H相同，则分子中含有4中不同化学环境的氢原子。9.现有NH3、CO、Na、Na2O2、Fe、NO、NO2、F2、SO2等中学化学教材中出现过的物质,根据它们的组成及性质进行如下分类。

T甲组T甲组生吃y犧畅七_生屈请回答下列问题：⑴so2属于(填"酸性氧化物"、"碱性氧化物"、"两性氧化物”)。⑵Na2O2最终位于组；它的电子式为。C组有一种气体常用作工业上冶炼铁的还原剂，写出高温下它还原Fe2O3的化学方程式：。11组的某种物质能与水发生氧化还原反应，该反应中被氧化与被还原的元素的质量比为B组中有一种物质在高温下能与水蒸气反应，若该反应过程中有0.8NA个电子转移则有g该物质参与反应。N2H4是一种高能燃料，有强还原性，可通过I组的某种物质和NaCIO反应制得，该制备反应的化学方程式为。■IIB【答案】酸性氧化物I3CO+Fe2O3型=2Fe+3CO22：116.8NaCIO+2NH3=N2H4+NaCI+H2O【解析】【分析】NH3、CO、Na、Na2O2、Fe、NO、NO2，F2、SO2等，按照组成元素的多少分为单质和化合物，属于单质的是Na、Fe、F2，属于化合物的是NH3、CO、Na2O2、NO、NO2、SO2；单质中能与氢气反应的是F2；化合物中能与水反应的是NH3、Na2O2、NO2、SO2，反应后溶液显碱性的是NH3、Na2O2；(1)SO2能与碱反应生成盐和水；⑵Na2O2能与水反应生成NaOH和O2，反应后溶液显碱性；⑶C组有一种气体常用作工业上冶炼铁的还原剂是CO；11组的某种物质能与水发生氧化还原反应，该物质为NO2，根据化合价的变化分析；B组中与水在高温条件下反应的物质为Fe,结合反应方程式计算；⑹NaClO溶液和NH3发生氧化还原反应生成氯化钠和肼，根据反应物和生成物写出反应方程式。【详解】SO2能与碱反应生成盐和水，则属于酸性氧化物；Na2O2能与水反应，且反应后所得溶液显碱性，则最终位于I组；Na2O2是离子化合物，其电子式为站［®◎严N*；⑶C组有一种气体常用作工业上冶炼铁的还原剂是CO，CO与Fe2O3在高温条件下生成Fe

和二氧化碳，反应方程式为Fe2O3+3CO^=2Fe+3CO2；⑷））11组的某种物质能与水发生氧化还原反应，该物质为NO2，no2与水反应产生3NO2+H2O-2HNO3+NO,反应中只有氮元素的化合价发生变化，由+4价升高为+5价，由+4价降低为+2价，所以NO2既是氧化剂也是还原剂，氧化剂被还原，还原剂被氧化，由产物中氮元素的化合价，可知起氧化剂与还原剂的NO2物质的量之比为1：2,所以被氧化的NO2与被还原的NO2的物质的量之比为2：1；（5）B组中与水在高温条件下反应的物质为Fe,反应的方程式为4H2O（g）+3F^=Fe3O4+4H2，该反应过程中有8NA个电子转移，即转移8mol电子，则消耗3molFe，即3molx56g/mol=168g,若该反应过程中有0.8NA个电子转移，消耗Fe为168gx0.8mol8mol168gx0.8mol8mol=16.8g；（6）该反应中，次氯酸钠被氨气还原生成氯化钠，氨气被氧化生成肼，同时还有水生成，所以该反应方程式为：NaClO+2NH3=N2H4+NaCl+H2O。探究物质的结构有助于对物质的性质进行研究。（1）①下列物质中含有羧基的是（填字母）。下列物质分子中所有原子处于同一平面的是—（填字母）。a苯b丙烯c甲醇欲区分乙醛和乙酸，应选用―（填字母）。aNaOH溶液bHCl溶液cNaHCO3溶液（2）书写化学方程式并写出反应类型：甲烷与氯气在光照条件下的反应（写第一步：），属于反应乙烯使溴水或溴的四氯化碳溶液褪色：，属于反应灼热的铜丝多次反复地插入乙醇中：，属于反应；（3）已知：有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平。现以A为主要原料合成乙酸乙酯，其合成路线如图所示。：B分子中官能团的名称是，D中官能团的名称是;反应①的反应类型是应。：反应⑤的化学方程式是。（4）①某同学用如图所示的实验装置制取少量乙酸乙酯。实验结束后，试管甲中上层为透明的、不溶于水的油状液体。上述实验中试管甲中试剂为，其作用是（填字母）。B中和乙酸并吸收部分乙醇C乙酸乙酯在无机盐溶液中的溶解度比在水中更小，有利于分层析出D加速酯的生成，提高其产率【答案】cacCH4+CI2光照〉CH3CI+HCI取代反应CH2=CH2+Br2^CH2BrCH2Br加成反应2CH3CH2OH+O2—铜T2CH3CHO+2H2O氧化反应羟基羧基加成322加热32CH3COOCH2CH3+NaOH―加热TCH3COONa+CH3CH2OH饱和Na2CO3溶液BC【解析】【分析】⑴①羧基的结构简式为-COOH；在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进彳丁判断；醛基能发生银镜反应，而乙酸分子结构中含有羧基，有酸性；⑵①甲烷与氯气在光照条件下发生取代反应生成ch3ci；乙烯使溴水或溴的四氯化碳溶液褪色发生加成反应，生成CH2BrCH2Br；灼热的铜丝多次反复地插入乙醇中发生氧化反应，反应生成乙醛；(3)有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，则A是CH2=CH2，CH2=CH2和H2O反应生成B是CH3CH2OH，CH3CH2OH被O2氧化生成C，C进一步氧化生成D,则C是CH3CHO，D是CH3COOH，乙酸与乙醇发生酯化反应生成E为CH3COOCH2CH3，乙酸乙酯再碱性条件下水解生成乙酸钠与乙醇，故F为CH3COONa，据此分析解答；⑷饱和的碳酸钠溶液可除去乙酸乙酯中混有的乙酸和乙醇。【详解】⑴①a.；丿含有酚羟基，故a错误；匚"含有醇羟基，故b错误；c•..-：：：、.丿1=■■含有羧基，故c错误；故答案为c；苯是平面型结构，所有原子都处于同一平面内；丙烯含有甲基，具有甲烷的结构特点，所有原子不可能在同一个平面上；甲醇含有甲基，具有甲烷的结构特点，所有原子不可能在同一个平面上，故答案为：a；乙酸有酸性，能与饱和NaHCO3溶液反应生成气体，而乙醛没有酸性，不能与NaHCO3溶液反应，故鉴别乙酸和乙醛可以用NaHCO3溶液，故答案为c；⑵①甲烷与氯气在光照条件下的反应的方程式为ch4+碍光照hCH3C1+HCI，属于取代反应乙烯使溴水或溴的四氯化碳溶液褪色时发生的反应方程式为CH2=CH2+Br2TCH2Br—CH2Br，属于加成反应；乙醇在灼热的铜丝的催化作用下反应的方程式为2CH3CH2OH+O^^*2CH3CHO+2也0,属于氧化反应；⑶有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，则A是CH2=CH2，CH2=CH2和H2O反应生成B是CH3CH2OH，CH3CH2OH被O2氧化生成C，C进一步氧化生成D,则C是CH3CHO，D是CH3COOH，乙酸与乙醇发生酯化反应生成E为CH3COOCH2CH3，乙酸乙酯再碱性条件下水解生成乙酸钠与乙醇，故F为CH3COONa。B是CH3CH2OH，含有的官能团为羟基，D是CH3COOH，含有的官能团是羧基，反应①的反应类型是加成反应；反应⑤是乙酸乙酯碱性条件下水解，反应的化学方程式是：CH3COOCH2CH3+NaOH—加热＞CH3COONa+CH3CH2OH；⑷①饱和Na2CO3溶液能溶解乙醇，能和乙酸反应生成二氧化碳和可溶性的乙酸钠，能降低乙酸乙酯溶解度，从而更好的析出乙酸乙酯，甲为饱和Na2CO3溶液，故答案为BC。【点睛】乙酸乙酯制备过程中各试剂及装置的作用：①浓硫酸的作用：催化剂、吸水剂；②饱和Na2CO3的作用：中和乙酸，溶解乙醇，便于闻酯的气味；降低乙酸乙酯在水中的溶解度；玻璃导管的作用：冷凝回流、导气。A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g・mohL,C能发生银镜反应，E能与小苏打反应产生气体，它们之间存在如下图所示的转化关系(反应所需条件已略去)：一定系评请回答：TOC\o"1-5"\h\zA的结构简式。C中含有官能团的名称是。在加热和催化剂条件下，D生成E的反应化学方程式为下列说法正确的是。B、C和E都能使酸性KMnO4溶液褪色D和E都可以与金属钠发生反应D和E在一定条件下反应可生成有香味的油状物质等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同【答案】呼巾醛基CH3CH2CH2OH+O2弋ICH3CH2COOH+H2Obcd

【解析】【分析】由题意：A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g・moh，分子式应为C3H4，则A为CH3C三CH,由转化关系可知B为CH3CH=CH2，C能发生银镜反应，则C为CH3CH2CHO,D为ch3ch2ch2oh，e为ch3ch2cooh，以此解答该题。【详解】由以上分析可知A为CH3C三CH,故答案为：CH3C三CH；根据上述分析：C为丙醛，含有的官能团为醛基，故答案为：醛基；根据上述分析可知：D生成E的反应化学方程式为CH3CH2CH20H+02催化剂>CH3CH2C00H+H20，故答案为：3222加热322CHCHCHOH+O-催化剂>CHCHCOOH+HO；3222加热322a.根据上述分析E为丙酸，与酸性KMnO4溶液不反应，故a错误；根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CHf^COOH,D和E分别含有羟基、羧基，则都可以与金属钠发生反应，故b正确；根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，D和E在一定条件下发生酯化反应，可生成有香味的油状物质，故c正确；根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，可拆写成(CH3CH=CH2)-H2O,则等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同，故d正确；故答案为：bed。某科研小组利用石油分馏产品合成一种新型香料的流程图如下。新型香料CjHqS新型香料CjHqS其中A、E都是X的裂解产物，且已知X分子中碳氢质量比为24:5,X有多种裂解方式，二者互为同系物，D其中A、E都是X的裂解产物，且CH2CH2Cl—卜剛/哼>RCH2CH20H+HCI(水解反应)TOC\o"1-5"\h\zC中官能团的名称为。请写出X的直链结构简式。下列说法正确的是。可用金属钠鉴别B和GE在一定条件下与氯化氢发生加成反应的产物有2种D和G以1：1反应可生成分子式为C5H10O2的有机物E-F的反应类型为取代反应

请写出A—B的反应。B与D在浓硫酸作用下生成甲，写出与甲同类别的同分异构体的结构简式(不包括甲)。写出⑥的化学反应方程。【答案】醛基ch3ch2ch2ch3bcch2=ch2+h2o催化剂一>ch3ch2oh2CH3COOH+CH3CH(OH)HCOOCH2CH2CH3、CH3CH22CH3COOH+CH3CH(OH)ch2oh加热ch2oh加热OCO?H;+2H2O【解析】【分析】饱和烃X分子中碳氢质量比为24：5,则碳氢个数比为24岭=2：5，所以X的分子式为C4H10,A、E都是X的裂解产物，且二者互为同系物，则A、E为乙烯和丙烯，D与饱和NaHCO3溶液反应产生气体，则D为羧酸，E与氯气加成得F，F水解得G,则G为二元醇，根据新型香料的分子式可知，该物质为二元酯，所以根据碳原子守恒，G中应有三个碳，D中应有两个碳，所以A为乙烯，E为丙烯，根据转化关系可知，B为CH3CH2OH，C为CH3CHO，D为CH3COOH，F为CH3CHCICH2CI,G为CH3CHOHCH2OH，A氧化得C，B氧化得C，C氧化得D，E发生加成得F，F发生取代得G，G和D发生酯化(取代)得香料,据此答题。【详解】根据上述分析可知C为ch3chO,官能团名称为醛基，故答案为：醛基；X的分子式为C4H10,则直链结构简式为ch3ch2ch2ch3，故答案为:ch3ch2ch2ch3；A.B(CH3CH2OH)和G(CH3CHOHCH2OH)均为醇类物质，都可与金属钠反应生成氢气，不能鉴别，故A错误；B.E在一定条件下与氯化氢发生加成反应的产物有CH3CH2CH2CI,CH3CH(CI)CH3共2种,故B正确；D和G以1：1发生酯化反应，可生成分子式为C5H10O2的有机物。故C正确;E—F的反应类型为加成反应，故D错误；故答案选：BC；(4)A为乙烯，B为CH3CH2OH,A—B的反应为：CH2=CH2+h2o催化剂——>ch3ch2oH,故答案为：ch2=ch2+h2o催化剂——>ch3ch2oh；B为CH3CH2OH,D为CH3COOH,B与D在浓硫酸作用下生成甲CH3COOCH2CH3，与甲同类别的同分异构体的结构简式有：hcooch2ch2ch3；ch3ch2cooch3；hcooch(ch3)2，故答案为：hcooch2ch2ch3；ch3ch2cooch3；hcooch(ch3)2；D为CH3COOH,G为CH3CHOHCH2OH,贝⑥的化学反应方程式2CH3COOH+CH3CH(OH)CH2OH加热OCOZH；+(OH)CH2OH加热OCOZH；+2H20,故答案为:2CH3COOH+CH3CH(OH)ch2oh■浓加热CH^h-COCO?HZ+2H2O。【点睛】饱和烃X的通式为CnH2n+2，再通过碳氢质量比计算X的分子式。某烃在标准状况下的密度为3.215g/L,现取3.6g该烃完全燃烧，将全部产物依次通入足量的浓硫酸和碱石灰，浓硫酸增重5.4g,碱石灰增重11g,求：TOC\o"1-5"\h\z该烃分子的摩尔质量为。确定该烃的分子式为。已知该烃的一氯代物只有一种，写出该烃的结构简。【答案】72g・mol-1C5H12-cih【解析】【分析】【详解】烃的摩尔质量为3.215g/Lx22.4L/mol=72g/mol；生成水的物质的量为n(H2O)=揺：：：。］=0.3mol，所以n(H)=2n(H2O)=0.3molx2=0.6mol,生成CO=0.3molx2=0.6mol,生成CO2的物质的量为n(CO2)=llg44g/mol=0.25mol.所以n(C)=n(CO2)=0.25mol,烃中C原子、H原子的个数比为0.25mol：0.6mol=5：12,实验式