印台区高级中学20182019学年高二上学期第二次月考试卷物理

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印台区高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

班级__________座号_____姓名__________分数__________

一、选择题

1．如下图，圆滑半球形容器固定在水平面上，O为球心。一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静

止于P点。设滑块所受支持力为FN，OP与水平方向的夹角为θ。以下关系正确的选项是（）

mgA．F＝tanθB．F＝mgtanθmgC．FN＝tanθD．FN＝mgtanθ【答案】A【分析】

解法三：正交分解法。将滑块受的力水平、竖直分解，如图丙所示，mg＝FNsinθ，F＝FNcosθ，联立解得：F＝mg，FN＝mg。tanθsinθ解法四：封闭三角形法。如图丁所示，滑块受的三个力构成封闭三角形，解直角三角形得：F＝mgmg，FN＝，tanθsinθ故A正确。

2．如下图，初速度不计的电子从电子枪中射出，在加快电场中加快，从正对P板的小孔射出，设加快电

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压为U1，又垂直偏转电场方向射入板间并射出，设偏转电压为U2。则：

A.U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大

U1变大，则电子在偏转电场中运动的时间变短

U2变大，则电子在偏转电场中运动的加快度变小

若要电子走开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其余条件不变即可【答案】ABD

【分析】A项：由FUq可知，电子受力变大，加快度变大，其余条件不变时，当U1变大，则电子进入偏d转电场的速度变大，故A正确；B项：由FUqU1变大，则电子进入偏转电场的可知，电子受力变大，加快度变大，其余条件不变时，当d水平速度变大，运动时间变短，故B正确；C项：由FUqC可知，U2变大，电子受力变大，加快度变大，电子在偏转电场中运动的加快度变大，故d错误；D项：由yU2L2U1变大，其余条件不变即可，故D正可知，若要电子走开偏转电场时偏移量变小，仅使4dU1确。

点晴：此题考察了带电粒子在电场中的运动，能够依据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式联合推导出

yU2L2。4dU13．（2016·山东枣庄高三期末）如下图，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不停地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴抵达A球后将电荷量所有传给A球，设前一液滴抵达A球后，后一液滴才开始着落，不计B点未着落带电液滴对着落液滴的影响，则以下表达中正确的选项是

（）

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A．第一滴液滴做自由落体运动，此后液滴做变加快运动，都能抵达A球

．当液滴着落到重力等于电场力地点时，开始做匀速运动

C．能够着落到A球的所有液滴着落过程所能达到的最大动能不相等

．所有液滴着落过程中电场力做功相等【答案】C

【分析】

4．在图示的四幅图中，正确标了然带正电的粒子所受洛伦兹力f方向的是

A.B.C.D.

【答案】B

【分析】由左手定章可知，在A图中，粒子所受洛伦兹力竖直向下，故A错误；由左手定章可知，在B图中，

粒子所受洛伦兹力竖直向上，故B正确；由左手定章可知，在C图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，

不受洛伦兹力作用，故C错误；由左手定章可知，在D图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力作用，故D错误。因此B正确，ACD错误。

5．如图表示的是一条倾斜的传递轨道，B是传递货物的平台，能够沿着斜面上的直轨道运送物体。某次传递

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平台B沿轨道将货物A向下传递到斜轨道下端，运动过程可用如图中的速度时间图像表示。下述剖析中不．正

确的是（）

A.0～t1时间内，B对A的支持力小于重力，摩擦力水平向右

t1～t2时间内，B对A的支持力等于重力，摩擦力水平向左

t2～t3时间内，B对A的支持力大于重力，摩擦力水平向左

D.0～t1时间内出现失重现象；t2～t3时间内出现超重现象

【答案】B

【分析】

6．电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强烈，安全靠谱．如下图是描绘电

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磁炉工作原理的表示图，以下说法正确的选项是（）

A.当恒定电流经过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效

果越好

B.电磁炉通电线圈加沟通电后，在锅底产生涡流，从而发热工作

C.电磁炉的锅不可以用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原由这些资料的导热性能

较差

D.在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不可以起到加热作用

【答案】B

【分析】

试题剖析：电磁炉就是采纳涡流感觉加热原理；其内部经过电子线路板构成部分产生交变磁场、当用含铁质锅具底部搁置炉面时，锅具即切割交变磁力线而在锅具底部金属部分产生涡流，使锅具铁分子高速无规则运动，分子相互碰撞、摩擦而产生热能，用来加热和烹调食品，从而达到煮食的目的。故A错误B正确；电磁炉工作时需要在锅底产生感觉电流，陶瓷锅或耐热玻璃锅不属于金属导体，不可以产生感觉电流，C错误；因为线圈产生的磁场能穿透纸板抵达锅底，在锅底产生感觉电流，利用电流的热效应起到加热作用．D错误；考点：考察了电磁炉工作原理7．一个正常工作的理想变压器的原、副线圈中，以下的哪个物理量不相等A、交变电流的频次B、电流的有效值C、电功率D、磁通量的变化率【答案】Ｂ【分析】试题剖析：理想变压器不会改变沟通电的频次，选项A错误；由U1n1，由此可知两线圈的有效值不一样，U2n2选项B正确；由能量守恒定律可知输入、输出功率同样，选项C错误；理想变压器的工作原理是互感现象，磁通量的变化率同样，选项D错误；应选B考点：考察理想变压器评论：此题难度较小，掌握变压器的原理即可回答此题8．如下图，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q迟缓凑近，但不接触，也没有发生放电现象，则以下说法中正确的选项是（）A．B端的感觉电荷为负电荷QCBB．导体内场强愈来愈大+PC．C点的电势高于B点电势D．导体上的感觉电荷在C点产生的场强一直大于在B点产生的场强【答案】D

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9．以下图所示是两个不一样电阻的I-U图象，则从图象中可知

表示小电阻值的图象，且阻值恒定

表示小电阻值的图象，且阻值恒定

表示大电阻值的图象，且阻值恒定

表示大电阻值的图象，且阻值恒定【答案】AD

【分析】I-U图线的斜率等于电阻的倒数，图线是直线表示电阻恒定；由图线看出图线R1的斜率大于图线R2的斜率，依据欧姆定律剖析得悉，图线R2的电阻较大，图线R1的电阻较小，且两个电阻都是阻值恒定的电阻，故BC错误，AD正确．应选AD．点睛：此题重点理解两点：一是I-U图线的斜率等于电阻的倒数．二是图线是直线表示电阻恒定．10．如下图，在距水平川面高为0.4m处，水平固定一根长直圆滑杆，在杆上P点固定必定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在P点的右侧，杆上套有一质量m=2kg的滑块A。半径R＝0.3m的圆滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上，其圆心O在P点的正下方，在轨道上套有一质量也为m=2kg的小球B。用一条不行伸长的柔嫩细绳，经过定滑轮将A、B连结起来。杆和半圆形轨道在同一竖直面内，A、B均可看作质点，且不计滑轮大小的影响。现给滑块A一个水平向右的恒力F＝50N（取g=10m/s2）。则（）

A.把小球B从地面拉到P的正下方时力F做功为20J

B.小球B运动到C处时的速度大小为0

C.小球B被拉到与滑块A速度大小相等时，离地面高度为0.225m

D.把小球B从地面拉到P的正下方C时，小球B的机械能增添了20J【答案】ACD

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【分析】

选项C正确；B机械能增添量为F做的功20J，D正确

此题选ACD

11．有一台小型直流电动机，经丈量：在实质工作过程中两头电压U=5V，经过的电流I=1A，电机线圈电阻

，这台电机工作5分钟时间将电能转变为焦耳热和机械能的值为

A.焦耳热为30JB.焦耳热为1500J

C.机械能为1500JD.机械能为1470J

【答案】AD

【分析】依据焦耳定律可得焦耳热为：，故A正确，B错误；电动机做的总功

为：W=UIt=5×1×5×60J=1500J，机械能为：E=W-Q=1500-30J=1470J，故D正确，C错误。因此AD正确，BC

错误。

12．如下图，质量为M的小车置于圆滑的水平面上，车的上表面是粗拙的，有一质量为m的木块，以初速

度v0滑上小车的上表面．若车的上表面足够长，则（）

A．木块的最后速度必定为mv0/（M+m）

．因为车的上表面粗拙，小车和木块构成的系统动量减小

C．车的上表面越粗拙，木块减少的动量越多

．车的上表面越粗拙，小车增添的动量越多【答案】A

13．（2016·河南开封模拟）如下图，倾角为θ＝30°的圆滑绝缘斜面处于电场中，斜面AB长为L，一带

电荷量为＋q、质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，抵达斜面顶端时速度仍为

v0，则（）

A．小球在B点时的电势能必定大于小球在A点时的电势能

mgLB．A、B两点之间的电势差必定为2q

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C．若该电场是匀强电场，则电场强度的值必定是mgqD．若该电场是由放在AC边中垂线上某点的点电荷Q产生的，则Q必定是正电荷【答案】B【解析】

14．如图，A、B两球用劲度系数为k1的轻弹簧相连，B球用长为L的细绳悬于O点，A球固定在O点正下

方，且O、A间的距离恰为L，此时绳索所受的拉力为T1，弹簧的弹力为F1，现把A、B间的弹簧换成劲度

系数为k2（k1>k2）的轻弹簧，仍使系统均衡，此时绳索所受的拉力为T2，弹簧的弹力为F2，则以下说法正

确的是（）

A.T1＜T2B.F1＜F2C.T1＝T2D.F1＝F2

【答案】C

【分析】

解：对小球B受力剖析，由均衡条件得，弹簧的弹力N和绳索的拉力F的协力与重力mg大小相等、方向相

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F合TF，又由题，OAOBL，得反，即F合=mg，作卖力的合成图，并由三角形相像得：OAOBABTF合mg，绳索的拉力T只与小球B的重力相关，与弹簧的劲度系数k没关，因此获得T1=T2，故C项F合TF正确。换成K2此后AB减小由OB可知F1>F2，B错误OAAB综上所述，此题正确答案为C。15．如下图，质量为60g的铜棒长L=20cm，两头与等长的两金饰铜线相连，吊在磁感觉强度B=0.5T、方向竖直向上的匀强磁场中。当棒中经过恒定电流I后，铜棒能够向上摇动的最大偏角θ=60°，取重力加快度g=10m/s2，

则铜棒中电流I的大小是

A．AB．A

C．6AD．A

【答案】A

【分析】铜棒上摆的过程，依据动能定理有FLsin60–mgL(1°–cos60)=0°，安培力F=BIL，解得I=A，选

A。

16．以下各图中,运动电荷的速度方向、磁感觉强度方向和电荷的受力方向之间的关系正确的选项是（）

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【分析】A、在磁场中，由右手定章知，正电荷受力方向应当是向上的，故A错误

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B、在磁场中，由右手定章知，正电荷受力方向应当是向下的，故B正确；

C、正电荷在电场中受力方向与电场方向一致，故C错误；

D、正电荷在电场中受力方向和电场方向一致，应当向上，故D错误；

综上所述此题答案是：B

二、填空题

17．如右图所示，平行的两金属板M、N与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板间，

闭合开关后，悬线偏离竖直方向的角度为θ。若保持开封闭合，将N板向M板凑近，θ

角将_____；若把开关断开，再使N板向M板凑近，θ角将______。（填“变大”、

“变小”或“不变”）

【答案】变大不变

18．如下图，将一个电流表G和另一个电阻连结能够改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，

要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应

使R2（填“增大”或“减小”）。

【答案】安培；减小；伏特；增大

19．一多用电表的电阻拦有三个倍率,分别是“×1”“×10”“×100”。

用“×10”挡丈量某电阻时,操作步骤正确,发现表头指针偏转角度

很小,为了较正确地进行丈量,应换到__挡。假如换挡后立刻用表笔连结待测电阻进行读数,

那么缺乏的步骤是__,若补上该步骤后丈量,表盘的示数如下图,则该电阻的阻值是___

Ω。

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【答案】（1）.ד100；”（2）.欧姆调零（或从头欧姆调零）；（3）.2.2×103（或2.2k）；【分析】选电阻拦测电阻时指针偏转角度很小，说明所选倍率太小，应采纳更高倍率挡，使指针尽可能偏转到表盘的中间地点邻近，该地点邻近有较高的精度。欧姆挡每换一次倍率，需从头进行欧姆调零。由表盘的示数可知，该电阻的阻值为2.2×103Ω。三、解答题20．如下图，半径为R的圆滑半圆轨道ABC与倾角θ＝37°的粗拙斜面轨道DC相切于C，圆轨道的直径AC与斜面垂直。质量为m的小球从A点左上方距A高为h的斜上方P点以某一速度水平抛出，恰巧与半圆轨道的A点相切进入半圆轨道内侧，以后经半圆轨道沿斜面恰巧滑到与抛出点等高的D处。已知当地的重力50加快度为g，取R＝9h，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不计空气阻力，求：（1）小球被抛出时的速度v；0（2）小球抵达半圆轨道最低点B时，对轨道的压力大小；（3）小球从C到D过程中战胜摩擦力做的功W。

（1）416【答案】32gh（2）5.6mg（3）9mgh【分析】

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（2）A、B间竖直高度H=R（1+cosθ）1212设小球抵达B点时的速度为v，则从抛出点到B过程中有2mv0+mg（H+h）=2mvv2在B点，有FN-mg=mR

解得FN=5.6mg

由牛顿第三定律知，小球在B点对轨道的压力大小是5.6mg。

（3）小球沿斜面上滑