高考物理一轮复习 专题六 机械能及其守恒定律课件

专题六机械能及其守恒定律高考物理专题六机械能及其守恒定律高考物理1知识清单知识清单2高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件3高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件4高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件5高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件6高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件7高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件8高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件9高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件10高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件11高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件12高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件13高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件14高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件15高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件16高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件17高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件18高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件19高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件20高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件21高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件22高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件23高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件24高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件25高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件26高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件27高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件28高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件29高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件30高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件31方法一求变力做功的几种方法突破方法方法一求变力做功的几种方法突破方法32例1如图所示,一质量为m=2.0kg的物体从半径为R=5.0m的圆弧的A端,在拉力作用下沿圆弧

缓慢运动到B端(圆弧AB在竖直平面内)。拉力F大小不变始终为15N,方向始终与物体所在位置

的切线成37°角。圆弧所对应的圆心角为60°,BO边为竖直方向,g取10m/s2。求这一过程中(cos3

7°=0.8):

(1)拉力F做的功。(2)重力mg做的功。(3)圆弧面对物体的支持力FN做的功。(4)圆弧面对物体的摩擦力Ff做的功。解题思路(1)拉力F大小不变,但方向不断改变,为变力做功,应该用微元法求其做的功。(2)重力做功与运动路径无关,与始、末位置的高度差有关。例1如图所示,一质量为m=2.0kg的物体从半径为R=533(3)物体所受支持力始终与其运动方向垂直。(4)摩擦力Ff为变力,利用动能定理求其做功较方便。解析(1)将圆弧分成很多小段l1、l2、…、ln,拉力在每小段上做的功为W1、W2、…、Wn,因拉力

F大小不变,方向始终与物体所在位置的切线成37°角,所以:W1=Fl1cos37°,W2=Fl2cos37°,…,Wn=

Flncos37°,所以拉力F做的功为:WF=W1+W2+…+Wn=Fcos37°(l1+l2+…+ln)=Fcos37°·

R=20πJ=62.8J。(2)重力mg做的功WG=-mgR(1-cos60°)=-50J。(3)物体受到的支持力FN始终与物体的运动方向垂直,所以

=0。(4)因物体在拉力F作用下缓慢移动,则物体处于动态平衡状态,合外力做功为零,所以WF+WG+

=0,则

=-WF-WG=-62.8J+50J=-12.8J。答案(1)62.8J(2)-50J(3)0(4)-12.8J1-1放在地面上的木块与一轻弹簧相连,弹簧处于自由伸长状态。现用手水平拉弹簧,拉力的

作用点移动x1=0.2m时,木块开始运动,继续拉弹簧,木块缓慢移动了x2=0.4m的位移,求上述过程

中拉力所做的功。(3)物体所受支持力始终与其运动方向垂直。34答案20J解析由题意作出F-x图象如图所示,在木块运动之前,弹簧弹力随弹簧伸长量的变化是线性关

系,木块缓慢移动时弹簧弹力不变,图线与横轴所围面积表示拉力所做的功,则W=

×(0.6+0.4)×40J=20J。

1-2

(2015海南单科,4,3分)如图,一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置,轨道两端等高;质量为m

的质点自轨道端点P由静止开始滑下,滑到最低点Q时,对轨道的正压力为2mg,重力加速度大小

为g。质点自P滑到Q的过程中,克服摩擦力所做的功为

()答案20J35

A.

mgR

B.

mgR

C.

mgR

D.

mgR答案

C解析当质点滑到Q点时,对轨道的正压力为FN=2mg,由牛顿第三定律知轨道对它的支持力FN'=

FN=2mg,由牛顿第二定律有FN'-mg=m

,得

=gR。对质点自P点滑到Q点应用动能定理有:mgR-Wf=

m

-0,得Wf=

mgR,因此,A、B、D错,C正确。

36方法二系统机械能守恒问题的解题方法对系统机械能守恒问题,若选取势能零点列方程,方程往往较繁琐,所以多采用ΔEp=-ΔEk的

形式列方程,即系统势能的减少(增加)等于动能的增加(减少)。例2如图所示质量都是2kg的A、B两物体通过轻绳挂在光滑滑轮上,A物体位于光滑水平面

上,B物体悬空,连接A物体的绳与水平面夹角为37°,两物体由初速度为零开始运动,求开始运动

后,A物体的最大动能为多少?(滑轮和水平面间距离为3.6m,重力加速度g取10m/s2)

解题思路分析A物体的运动过程可知,A物体向滑轮正下方运动时绳的拉力对物体做正功,A的

动能增大,而A物体冲过滑轮正下方以后绳的拉力对A物体做负功,A物体的动能减小,由此可见

连接A物体的绳子竖直时A物体的动能最大,此时B物体的位置最低,B的速度为零,根据A、B整体方法二系统机械能守恒问题的解题方法37机械能守恒可解决问题。解析对系统应用机械能守恒定律有:mg·

=Ekm代入数据解得Ekm=48J。答案48J2-1如图所示,质量为m1的物体A经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B相连,弹簧的

劲度系数为k,A、B都处于静止状态。一条不可伸长的轻绳绕过滑轮,一端连物体A,另一端连一

轻挂钩。开始时各段绳都处于伸直状态,A上方的一段绳沿竖直方向。现在挂钩上挂一质量为

m3的物体C并由静止释放,已知它恰好能使物体B离开地面但不继续上升。若将C换成另一个质

量为(m1+m3)的物体D,仍从上述初始位置由静止释放,则这次B刚离开地面时D的速度的大小是

多少?已知重力加速度为g。机械能守恒可解决问题。38

答案

解析开始时,A、B静止,设弹簧压缩量为x1,有kx1=m1g。挂C并释放后,C向下运动,A向上运动,设

B刚要离开地面时弹簧伸长量为x2,有kx2=m2g。B不再上升,表示此时A和C的速度为零,C已降到

最低点。由机械能守恒,与初始状态相比,弹簧弹性势能的增加量ΔE=m3g(x1+x2)-m1g(x1+x2)。C换

成D后,当B刚离开地面时弹簧弹性势能的增加量与前一次相同,由能量关系得

(m3+m1)v2+

m1v2=(m3+m1)g(x1+x2)-m1g(x1+x2)-ΔE,即

(2m1+m3)v2=m1g(x1+x2)。解得v=

。

39方法三用动能定理求往返运动的总路程用动能定理求往返运动的总路程时,找到物体运动的初态和末态,受力分析,往往有摩擦阻

力做功,其中利用路程来计算求解。例3如图所示,斜面倾角为θ,质量为m的滑块在距挡板P的距离为s0的A点以初速度v0沿斜面上

滑,滑块与斜面间的动摩擦因数为μ,滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面的“下滑力”,若滑块每次

与挡板相碰,碰后以原速率返回,无动能损失,求滑块停止运动前在斜面上经过的路程。

解题思路关键词:①沿斜面上滑,②碰后以原速率返回,③经过的路程。滑块上滑与下滑过程

中所受滑动摩擦力大小相等均为μmgcosθ,摩擦力做功Wf=-μmgcosθ·s,重力做功WG=mgs0sinθ,

最终满足动能定理:WG+Wf=0-

m

。方法三用动能定理求往返运动的总路程40解析研究对象:滑块。物理过程分析:滑块受重力mg、支持力N、摩擦力f,示意图如图所示。由滑块所受摩擦力小于

滑块沿斜面的“下滑力”(重力沿斜面方向的分力)可知:

下滑时,合力F合1=mgsinθ-f,加速度a1=

,方向沿斜面向下,匀加速下滑;上滑时,合力F合2=mgsinθ+f',加速度a2=

,方向沿斜面向下,匀减速上滑。又f=f'=μmgcosθ滑块由A点匀减速上滑至最高点B,然后匀加速下滑至P处,碰后以原速率返回,因a1<a2,所以滑块解析研究对象:滑块。41匀减速上滑所到达的最高位置将低于B点,然后又匀加速下滑,如此反复,上滑高度不断减小,最

终停止在P点。设滑块停止运动前在斜面上经过的路程为s。根据动能定理有:mgs0×sinθ-fs=0-Ek0,即mgs0×sinθ-μmgcosθ×s=0-

m

解得s=

。答案

3-1

(2015北京理综,23,18分)如图所示,弹簧的一端固定,另一端连接一个物块,弹簧质量不计。

物块(可视为质点)的质量为m,在水平桌面上沿x轴运动,与桌面间的动摩擦因数为μ。以弹簧原

长时物块的位置为坐标原点O,当弹簧的伸长量为x时,物块所受弹簧弹力大小为F=kx,k为常量。

匀减速上滑所到达的最高位置将低于B点,然后又匀加速下滑,如此42(1)请画出F随x变化的示意图;并根据F-x图象求物块沿x轴从O点运动到位置x的过程中弹力所做

的功。(2)物块由x1向右运动到x3,然后由x3返回到x2,在这个过程中,a.求弹力所做的功,并据此求弹性势能的变化量;b.求滑动摩擦力所做的功;并与弹力做功比较,说明为什么不存在与摩擦力对应的“摩擦力势

能”的概念。答案(1)F-x图象如图-

kx2

(2)a:

k

-

k

ΔEp=

k

-

k

(1)请画出F随x变化的示意图;并根据F-x图象求物块沿x轴43b.见解析解析(1)F-x图象如答图。物块沿x轴从O点运动到位置x的过程中,弹力做负功;F-x图线下的面积等于弹力做功大小。弹力

做功WT=-

·kx·x=-

kx2(2)a.物块由x1向右运动到x3的过程中,弹力做功WT1=-

·(kx1+kx3)·(x3-x1)=

k

-

k

物块由x3向左运动到x2的过程中,弹力做功WT2=

·(kx2+kx3)·(x3-x2)=

k

-

k

整个过程中,弹力做功WT=WT1+WT2=

k

-

k

弹性势能的变化量ΔEp=-WT=

k

-

k

b.见解析44b.整个过程中,摩擦力做功Wf=-μmg·(2x3-x1-x2)与弹力做功比较:弹力做功与x3无关,即与实际路径无关,只与始末位置有关,所以,我们可以定义

一个由物体之间的相互作用力(弹力)和相对位置决定的能量——弹性势能。而摩擦力做功与x3

有关,即与实际路径有关,所以,不可以定义与摩擦力对应的“摩擦力势能”。b.整个过程中,摩擦力做功45专题六机械能及其守恒定律高考物理专题六机械能及其守恒定律高考物理46知识清单知识清单47高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件48高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件49高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件50高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件51高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件52高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件53高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件54高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件55高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件56高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件57高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件58高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件59高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件60高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件61高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件62高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件63高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件64高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件65高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件66高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件67高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件68高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件69高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件70高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件71高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件72高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件73高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件74高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件75高考物理一轮复习专题六机械能及其守恒定律课件76方法一求变力做功的几种方法突破方法方法一求变力做功的几种方法突破方法77例1如图所示,一质量为m=2.0kg的物体从半径为R=5.0m的圆弧的A端,在拉力作用下沿圆弧

缓慢运动到B端(圆弧AB在竖直平面内)。拉力F大小不变始终为15N,方向始终与物体所在位置

的切线成37°角。圆弧所对应的圆心角为60°,BO边为竖直方向,g取10m/s2。求这一过程中(cos3

7°=0.8):

(1)拉力F做的功。(2)重力mg做的功。(3)圆弧面对物体的支持力FN做的功。(4)圆弧面对物体的摩擦力Ff做的功。解题思路(1)拉力F大小不变,但方向不断改变,为变力做功,应该用微元法求其做的功。(2)重力做功与运动路径无关,与始、末位置的高度差有关。例1如图所示,一质量为m=2.0kg的物体从半径为R=578(3)物体所受支持力始终与其运动方向垂直。(4)摩擦力Ff为变力,利用动能定理求其做功较方便。解析(1)将圆弧分成很多小段l1、l2、…、ln,拉力在每小段上做的功为W1、W2、…、Wn,因拉力

F大小不变,方向始终与物体所在位置的切线成37°角,所以:W1=Fl1cos37°,W2=Fl2cos37°,…,Wn=

Flncos37°,所以拉力F做的功为:WF=W1+W2+…+Wn=Fcos37°(l1+l2+…+ln)=Fcos37°·

R=20πJ=62.8J。(2)重力mg做的功WG=-mgR(1-cos60°)=-50J。(3)物体受到的支持力FN始终与物体的运动方向垂直,所以

=0。(4)因物体在拉力F作用下缓慢移动,则物体处于动态平衡状态,合外力做功为零,所以WF+WG+

=0,则

=-WF-WG=-62.8J+50J=-12.8J。答案(1)62.8J(2)-50J(3)0(4)-12.8J1-1放在地面上的木块与一轻弹簧相连,弹簧处于自由伸长状态。现用手水平拉弹簧,拉力的

作用点移动x1=0.2m时,木块开始运动,继续拉弹簧,木块缓慢移动了x2=0.4m的位移,求上述过程

中拉力所做的功。(3)物体所受支持力始终与其运动方向垂直。79答案20J解析由题意作出F-x图象如图所示,在木块运动之前,弹簧弹力随弹簧伸长量的变化是线性关

系,木块缓慢移动时弹簧弹力不变,图线与横轴所围面积表示拉力所做的功,则W=

×(0.6+0.4)×40J=20J。

1-2

(2015海南单科,4,3分)如图,一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置,轨道两端等高;质量为m

的质点自轨道端点P由静止开始滑下,滑到最低点Q时,对轨道的正压力为2mg,重力加速度大小

为g。质点自P滑到Q的过程中,克服摩擦力所做的功为

()答案20J80

A.

mgR

B.

mgR

C.

mgR

D.

mgR答案

C解析当质点滑到Q点时,对轨道的正压力为FN=2mg,由牛顿第三定律知轨道对它的支持力FN'=

FN=2mg,由牛顿第二定律有FN'-mg=m

,得

=gR。对质点自P点滑到Q点应用动能定理有:mgR-Wf=

m

-0,得Wf=

mgR,因此,A、B、D错,C正确。

81方法二系统机械能守恒问题的解题方法对系统机械能守恒问题,若选取势能零点列方程,方程往往较繁琐,所以多采用ΔEp=-ΔEk的

形式列方程,即系统势能的减少(增加)等于动能的增加(减少)。例2如图所示质量都是2kg的A、B两物体通过轻绳挂在光滑滑轮上,A物体位于光滑水平面

上,B物体悬空,连接A物体的绳与水平面夹角为37°,两物体由初速度为零开始运动,求开始运动

后,A物体的最大动能为多少?(滑轮和水平面间距离为3.6m,重力加速度g取10m/s2)

解题思路分析A物体的运动过程可知,A物体向滑轮正下方运动时绳的拉力对物体做正功,A的

动能增大,而A物体冲过滑轮正下方以后绳的拉力对A物体做负功,A物体的动能减小,由此可见

连接A物体的绳子竖直时A物体的动能最大,此时B物体的位置最低,B的速度为零,根据A、B整体方法二系统机械能守恒问题的解题方法82机械能守恒可解决问题。解析对系统应用机械能守恒定律有:mg·

=Ekm代入数据解得Ekm=48J。答案48J2-1如图所示,质量为m1的物体A经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B相连,弹簧的

劲度系数为k,A、B都处于静止状态。一条不可伸长的轻绳绕过滑轮,一端连物体A,另一端连一

轻挂钩。开始时各段绳都处于伸直状态,A上方的一段绳沿竖直方向。现在挂钩上挂一质量为

m3的物体C并由静止释放,已知它恰好能使物体B离开地面但不继续上升。若将C换成另一个质

量为(m1+m3)的物体D,仍从上述初始位置由静止释放,则这次B刚离开地面时D的速度的大小是

多少?已知重力加速度为g。机械能守恒可解决问题。83

答案

解析开始时,A、B静止,设弹簧压缩量为x1,有kx1=m1g。挂C并释放后,C向下运动,A向上运动,设

B刚要离开地面时弹簧伸长量为x2,有kx2=m2g。B不再上升,表示此时A和C的速度为零,C已降到

最低点。由机械能守恒,与初始状态相比,弹簧弹性势能的增加量ΔE=m3g(x1+x2)-m1g(x1+x2)。C换

成D后,当B刚离开地面时弹簧弹性势能的增加量与前一次相同,由能量关系得

(m3+m1)v2+

m1v2=(m3+m1)g(x1+x2)-m1g(x1+x2)-ΔE,即

(2m1+m3)v2=m1g(x1+x2)。解得v=

。

84方法三用动能定理求往返运动的总路程用动能定理求往返运动的总路程时,找到物体运动的初态和末态,受力分析,往往有摩擦阻

力做功,其中利用路程来计算求解。例3如图所示,斜面倾角为θ,质量为m的滑块在距挡板P的距离为s0的A点以初速度v0沿斜面上

滑,滑块与斜面间的动摩擦因数为μ,滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面的“下滑力”,若滑块每次

与挡板相碰,碰后以原速率返回,无动能损失,求滑块停止运动前在斜面上经过的路程。

解题思路关键词:①沿斜面上滑,②碰后以原速率返回,③经过的路程。滑块上滑与下滑过程

中所受滑动摩擦力大小相等均为μmgcosθ,摩擦力做功Wf=-μmgcosθ·s,重力做功WG=mgs0sinθ,

最终满足动能定理:WG+Wf=0-

m

。方法三用动能定理求往返运动的总路程85解析研究对象:滑块。物理过程分析:滑块受重力mg、支持力N、摩擦力f,示意图如图所示。由滑块所受摩擦力小于

滑块沿斜面的“下滑力”(重力沿斜面方向的分力)可知:

下滑时,合力F合1=mgsinθ-f,加速度a1=

,方向沿斜面向下,匀加速下滑;上滑时,合力F合2=mgsinθ+f',加速度a2=

,方向沿斜面向下,匀减速上滑。又f=f'=μmgcosθ滑块由A点匀减速上滑至最高点B,然后匀加速下滑至P处,碰后以原速率返回,因a1<a2,所以滑块解析研究对象:滑块。86匀减速上滑所到达的最高位置将低于B点,然后又匀加速下滑,如此反复,上滑高度不断减小,最

终停止在P点。设滑块停止运动前在斜面上经过的路程为s。根据动能定理有:mgs0×sinθ-fs=