2014届高中物理二轮复习专题训练滚动式测试

(测试范围：专题一测试时间：90分 满分：100一、选择题(124481．(2013·长沙模拟)在物理学的重大发现学家总结出了许多物理学方模型法等．以下关于物理学研究方法的叙述正确的是()A解析：用质点来代替物体的方法是建立物理模型法，选项A错误；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，运用了控制变量法，选项C弦曲线的上半部，则在0～t1这段时间内( 滚动(一解析：题中v－t图象的纵坐标表示瞬时速度，由图象可知，质点的速度先加速度的大小，在0～t1这段时间内，图象斜率的绝对值先减小后增大，表示质点运动的加速度先减小后增大，C项错误；v－t图象(x－t图象)描述的都是直线运动，图中图象都不表示质点的实际运动轨迹，D项错误．本题答案为B滚动(一向的力缓慢地由底端拉向A点，则小圆环在向上拉动的过程中( 力沿径向的分力大小，因此支持力变大，选项A正确．小圆环的拉力F大小等于重力沿切向的分力大小，因此拉力F变小，选项C、D错误．4．(2013·陕西质检)6.0m/s的速度跑去追赶被红灯阻停的车，在跑到距汽车25m处时，绿灯亮了，车以1.0m/s2的加速度匀加速启动前进，则()C．人能追上公共汽车，追上车前人共跑了43m则以后不可能追上；车加速到与人的速度相等时需要的时间为6s，人跑过m＝7m，人没有追上车，故B正确．终至少一人能到达滑轮．下列说法中正确的是()达滑轮，C、D错误．滚动(一如图滚动(一)－4所示为某同学设计的测木和竖直墙壁之间的动摩擦因数的实验用一根弹簧将木块压在墙上时在木块下方有一个拉力F2作用使木块恰好匀速向下运动(木块向下运动过程簧的弹力始终垂直于木块表面)现分别测出了弹簧的弹力F1拉力F2和木块的重力则动摩擦因数μ应等于( )

解析对木块受力分析可得水平方向F1＝FN，竖直方向 且三式联立即可求出 ，选项A正确滚动(一如图滚动(一)－5所示，水平地面粗糙，物块m在斜面体M上，轻mm恰能沿斜面匀速下滑；若用沿斜面向下的推力作用在物块上，使物块加速下滑，在物块m运动过程中，斜面体始终保持，则两种情况下关于斜面体M，下列说法中不正确的是()D．斜面体对物块m的作用力相等解析：m在斜面上匀速下滑，由整体法得地面对M摩擦力为零；由于作用m上的推力平行于斜面，所以不论m匀速还是加速下滑，mM的压力、摩擦力都不变，地面对M的摩擦力为零，支持力不变，所以只有B符合题意．同学在篮球训练中，以一定的初速度投篮，篮球水平篮板，现在恰好水平篮板上的同一点，则()和一次相同，所以篮球又恰好水平篮板上的同一点所用时间t＝2h，与第g度vx＝vycotθ减小，所以θ增大，AC对；根据机械能守恒定律可知，第二次击中篮板时篮球的速度小些，B错．如图滚动(一)－660kgθ＝37°v－t图象如图滚动(一)－6AB是g＝10m/s2，根据以上信息，可以求出下列哪些物理量() 滚动(一A．空气阻力系解析：由图象可得：A点，vA＝5m/s，加速度aA＝2.5m/s2；最终雪橇匀速运动时最大速度vm＝10m/s，加速度a＝0；雪橇沿斜坡下滑过程中由第二mgsin37°－μmgcos37°－kv＝mak和动摩擦因数μ，选项A、B、C都正确．雪橇何时达到最大速度，不能从图象上得到，选项D10．(2013·长沙模拟)201321645m的小行星近距离掠过地球，如同天文学家事先通过计算做出的，该小行星以2.77×104km的距离同地球擦肩而过，这个距离比地球同步人造的距离还近．观测发现，这颗小行星围绕飞行，其飞行周期同地球差不多，为368视为圆轨道，根据上述条件可知，下列相关说法正确的是()A．小行星的运行线速度一定小于7.9km/sD．小行星与地球间无万有引力作用，近距离掠过地球时其不会化 选 A错误；根据Gr2＝mT2r可得 GM，则周期越大轨道半径也2r r

，可得

G m C正确；万有引力存在于一切有质量的物体之间，所以小行星与地球间存在万有引力作用，选项D错误．表面重力加速度为g，地球半径为R，地球自转周期为T，乙运行高度为h，甲、乙的轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是()C．甲、乙的运动周期均为TD．甲的线速度为gR，乙的线速度为解析：根据万有引力等于v2圆周运动的向GM可求 得速 2π2得

G m

G

m(T)

Gr2＝mωr

乙均处于完全失重状态．本题选项B12．(2012·陕西模拟滚动(一某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图滚动(一)－7所示的物理模型，从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中( 小滑梯的的支持力小于小朋友和滑梯的总重力；BC段对小朋友受力分析，由于重力，故AD正确，BC错误．滚动(一13．(7分)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，中提供了参滑轮各挂一个小盘，盘中可放砝码，如图滚动(一)－8所示．两个小车后端各系滚动(一(1)mg得到的，即F＝mg，这样处理会有系统误差，为了减小系统误差，小盘和砝码的质量mM应满足的关系是；为了消除这个系统误差，有同mg，系统误差就没有了，他的研究对象应该是．(2)A．等效法B．控制变量法C．极限法D．转换法解析：(1)对于小盘、砝码和小车整体：mg＝(M＋m)a，对于联立得F＝1mg，当m≪M时，F＝mgMM研究对象，将小盘中减掉的砝码放到小车上，保证了总质量(m＋M)不变，而合力大小就是mg.()该参考案例“探究加速度与力、质量的关系”是通过控制小车的质量不变来探究加速度与合力的关系和通过控制合力不变来探究加速度与质量的关系B正确；该案例用刻度尺测出两小车通过的位移之比就等于它们的加速度之比，采用了转换法把测加速度转换为测位移，所以D正确．答案 小盘、砝码和小车整体滚动(一时小球和滑块均，剪断细绳后，小球下落，滑块沿斜面下滑，可先后听尺测出小球下降的高度H滑块点与挡板间的高度差h和滑块沿斜面运动的位移x.(空气阻力对本实验的影响可以忽略)(1)滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值 以下能引起实验．1 1 解得a＝x.(2)对滑块在斜面的运动，运用 第二定律有mgsinθ－μmgcosθ＝ma， h1212

2 .(3)由表达式2-) 须严格控制，使小 与滑块撞击挡板同步，这是a＝x成立的前提．本题 答案

三、计算题(本题有3小题，共37分，解答应写出必要的文字说明、方程式x0＝7m处，以vB＝10m/s的速度同向运动的B汽车正开始匀刹车直到后保持不动，其刹车的加速度大小为a＝2m/s2.从此刻开始计时，求：11当 ＝3s时，Δx最Δxm＝16(2)A恰好追上汽车B时，Δx＝0t＝7s＞5s-此时汽车B已，则vAt′－ -t′＝8答案：(1)16 (2)816．(12分)(2013测试滚动(一水上滑梯可简化成如图滚动(一)－11所示的模型：倾角为θ＝37°的斜滑道ABBC平滑连接(B点前后速度大小不变)A距水面的高度H＝11.0m，BCd＝6.0m，端点C距水面的高度h＝5.0m．在滑梯上滑运动员与滑梯间的动摩擦因数就会由μ1＝0.25变为μ2＝0.125.一质量m＝50kg的运动员从滑道起点A无初速度地滑下(取重力加速度g＝10m/s2sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，运动员在运动过程中可视为质点)，求滚动(一解析：(1)AB下滑时，受力情况如图滚动(一)－12根据第二定律有mgsinθ－μmgcosθ＝ma1则运动员速度小于4m/s时加速度的大小为＝10×0.6m/s2－0.25×10×0.8m/s2＝4t1＝v＝1124m/s ＝2mv1＝v＝4a2＝gsin37°－μ2gcos37°＝5 v2－v2＝2 AB＝10mvB＝46BC4m/sa3＝μ2g＝1.25m/s2BC段上速度减到4m/s时所发生的位移为x3则(4m/s)2－v2＝－2a3x3＝32m>d＝6Ca3＝1.25CvCv2BvC＝9g运动员离开C点后做平抛运动，落到水里时所用时间 2h＝1gCx＝vCt＝9答案：(1)1 (2)9 (3)9滚动(一面上在小车左端加一水平推力F＝8N，当小车向右运动的速度达到v0＝1.5m/s间的动摩擦因数μ＝0.2.已知运动过程中，小物块没有从小车上掉下来，取g＝10少．解析：(1)设小物块和小车的加速度分别am、aM，由第二定律有代入数据解得：am＝2aM＝0.5t1解得：t1＝1当两者达到相同的速度后，假设两者保持相对，以共同的加速度解得：a＝0.8f＝ma＝1.6fm＝μmg＝4f＜fm，所以两者达