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文档简介
1、广东省梅州市梅西中学高三物理上学期期末试题含解析一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示,小圆环A吊着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上,有一细线一端拴在小圆环A上,另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块。如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计,绳子又不可伸长,若平衡时弦AB所对应的圆心角为,则两物块的质量比m1m2应为 A BC2 D2参考答案:C解析:对物块m1处于二力平衡,所以小圆环A受到细线的拉力等于m1g,还受到m2的拉力等于m2g,和大圆环对小圆环A的支持力,
2、处于三个共点力的平衡,作出矢量三角形为顶角等于的等腰三角形如图,则,答案C。2. 某物体以30 m/s的初速度竖直上抛,不计空气阻力,g取10 m/s2。5 s内物体的 ()A路程为65 mB位移大小为25 m,方向向上C速度改变量的大小为10 m/sD平均速度大小为13 m/s,方向向上参考答案:AB3. (09年大连24中质检)如图(1)所示,电压表V1、V2串联接入电中时,示数分别为6V和4V,当只有电压表V2接入电路中时,如图(2)所示,示数为9V,电源的电动势为 ( ) A11.2V B10.8V C10V D9.8V 参考答案: 答案:B4. 一个倾角为45的斜面固定于竖直墙上,为
3、使质量分布均匀的光滑铁球静止在如图所示的位置,需用一个水平推力F作用于球体上,F的作用线通过球心设球体的重力为G,竖直墙对球体的弹力为N1,斜面对球体的弹力为N2 ,则以下结论正确的是 AN2 G BN1 = F CGF DN2一定大于N1参考答案:AC5. (单选)如图所示,O是波源,a、b、c、d是波传播方向上四个质点的平衡位置,且oa=ab=bc=cd,t1=0时各质点均静止在平衡位置,波源O开始沿y轴正方向做简谐运动,形成一列沿x轴正方向传播的简谐波。在t2=0.3s,波源O第一次到达负向最大位移处,简谐波恰好传到c点。下列说法正确的是A.波的周期为1.2sB.t2=0.3s,a质点向
4、y轴正方向运动C.t2=0.3s,b质点的加速度达正向最大D.当d点开始振动时的起振方向沿y轴正方向参考答案:D本题主要考查机械振动与波的传播;选项A,由题意知,故选项A错误;选项B,质点a振动了半个周期,故运动方向向下,选项B错误;选项C,质点b振动了四分之一周期,位于最高点,加速度最大,但是方向向下,故选项C错误;选项D,所有质点起振方向与波源相同,故选项D正确;本题正确选项为D。二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 有一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向以速率v=10m/s传播,某时刻的波形如图所示,把此时刻作为零时刻,质点A的振动方程为y= m.参考答案:由题图读出波
5、长和振幅,由波速公式求出频率,由得出角速度,由于质点A开始时刻向下振动,故将相关数据代入可得答案7. (4分)有质量的物体周围存在着引力场。万有引力和库仑力有类似的规律,因此我们可以用定义静电场强度的方法来定义引力场的场强。由此可得,与质量为M的质点相距r处的引力场场强的表达式为EG=_(万有引力恒量用G表示)。参考答案:答案:8. 某同学利用图甲所示的实验装置,探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动,重物落地后,物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)。从纸带上便于测量的点开始,每5个点取1个计数点,相邻计数点间的距离如图乙所示。打点计时器电源的频率为50Hz。通过
6、分析纸带数据,可判断物块在相邻计数点 和 之间某时刻开始减速。计数点5对应的速度大小为 m/s,计数点6对应的速度大小为 m/s。物块减速运动过程中加速度的大小为a= m/s2,若用a/g来计算物块与桌面间的动摩擦因数(g为重力加速度),则计算结果比动摩擦因数的真实值 (填“偏大”或“偏小”)。(所有结果保留三位有效数字)。参考答案:9. 一个做匀加速直线运动的物体,它在开始时连续两个4 s的时间内分别通过的位移为24 m和64 m,则这个物体的加速度为 m/s2,中间时刻的瞬时速度为 m/s。参考答案:2.5 1110. 如图,质量为20kg 的物体,在水平面上向右运动,物体与水平面接触处的
7、摩擦系数是02 与此同时物体还受到一个水平向左大小为5 N的推力作用,则物体的加速度是 ;方向 参考答案:11. 质量为m=0.01kg、带电量为+q=2.0104C的小球由空中A点无初速度自由下落,在t=2s末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场,再经过t=2s小球又回到A点不计空气阻力,且小球从未落地,则电场强度的大小E为2103N/C,回到A点时动能为8J参考答案:考点:电场强度;动能定理的应用分析:分析小球的运动情况:小球先做自由落体运动,加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动,后向上做匀加速运动由运动学公式求出t秒末速度大小,加上电场后小球运动,看成一种匀减速运动,自由落体运动的位移与这
8、个匀减速运动的位移大小相等、方向相反,根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度,由W=qEd求得电场力做功,即可得到回到A点时动能解答:解:小球先做自由落体运动,后做匀减速运动,两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为E,加电场后小球的加速度大小为a,取竖直向下方向为正方向,则有:gt2=(vtat2)又v=gt解得a=3g由牛顿第二定律得:a=,联立解得,E=2103 N/C则小球回到A点时的速度为:v=vat=2gt=20102m/s=400m/s动能为 Ek=0.014002J=8J故答案为:2103,8点评:本题首先要分析小球的运动过程,采用整体法研究匀减速运动过程,抓住两个
9、过程之间的联系:位移大小相等、方向相反,运用牛顿第二定律、运动学规律结合进行研究12. 某兴趣小组为了测一遥控电动小车的额定功率,进行了如下实验:用 测出电动小车的质量为0.4kg;将电动小车、纸带和打点计时器正确安装;先接通 ,再接通 (填“打点计时器”或“电动小车”);达到最大速度一段时间后关闭小车电源,待小车静止时再关闭打点计时器(设小车在整个过程中所受阻力恒定)在上述过程中,打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图所示请你分析纸带数据,回答下列问题:该电动小车运动的最大速度为 m/s;(保留两位有效数字) 该电动小车的额定功率为 W(保留两位有效数字)参考答案:天平 打点计时器 电动小车
10、该电动小车运动的最大速度为 1.5 m/s; 该电动小车的额定功率为 1.2 W13. 如图所示,已知电源电动势E=3V,内电阻r=1,电阻R=5,电路中的电表均为理想电表则当开关S闭合时,电流表的读数为 A,电压表的读数为 V参考答案:0.5,2.5【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据闭合电路欧姆定律求解电流,根据U=IR求解路段电压【解答】解:根据闭合电路欧姆定律,有:I=;路端电压为:U=IR=0.5A5=2.5V;故答案为:0.5,2.5三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14. (1)多用电表测未知电阻阻值的电路如图(a)所示,电池的电动势为E、内阻为r, R0为调
11、零电阻,Rg为表头内阻,电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系图像如图(b)所示,则该图像的函数关系式为_;(2)某同学想通过另一个多用电表中的欧姆挡,直接去测量某电压表(量程10 V)的内阻(大约为几十千欧),由该多用电表刻度盘上读出电阻刻度中间值为30,欧姆挡的选择开关拨至倍率_挡先将红、黑表笔短接调零后,选用图c中_(填“A”或“B”)方式连接在本实验中,如图d所示,某同学读出欧姆表的读数为_ ,这时电压表的读数为_ V请你求出欧姆表电池的电动势为_ V.参考答案:(1)(2) 1 K A 40 k 5.0 8.7515. 利用如图所示装置可以研究自由落体运动: (1)实验时调整好仪器,开
12、始打点计时的时候,应先 ,然后 。 (2)为了测得重物下落的加速度,还需要的实验器材有 (填入正确选项前的字母) A秒表 B天平 C刻度尺 D直流电源 (3)实验中用打点计时器打出一条纸带,在纸带上选取了点迹清晰、连续的3个点,用刻度尺测出相邻两点间的距离x1和x2,已知交流电频率为50 Hz,当地的重力加速度为9.81 m/s2下列A、B、C、D四组数据中,正确的一组是 。 A51.0mm,55.8mm B49.0mm,52.9mm C45.1mm,52.8mm D50.5mm,51.7mm参考答案:(1)先开电源;再放纸带 (2) C (3)B 四、计算题:本题共3小题,共计47分16.
13、如图所示,OP曲线的方程为:(x、y单位均为m),在OPM区域存在水平向右的匀强电场,场强大小E1-200 N/C(设为I区),/¥/PQ右边存在范围足够大的匀强磁场,磁感应强度为B=0.01 T(设为II区),与x轴平行的PN上方(包括PN)存在竖直向上的匀强电场,场强大小E2 =100 NC(设为区),PN的上方h-3125 n1处有一足够长的紧靠轴水平放置的荧光屏AB,OM的长度为a=6.25 m,今在曲线OP上同时静止释放质量为m=l.610-25kg,电荷量为e=1.610-19C的带正电的微粒2000个(在OP上按x均匀分布)(不考虑微粒之间的相互作用,不计粒子重力,)试求:(1)
14、这些粒子进入区的最大速度大小;(2)糍子打在荧光屏上的亮线的长度和打在荧光屏上的粒子数;(3)这些粒子从出发到打到荧光屏上的最长时间。参考答案:17. 如图所示,在光滑绝缘水 平面上有两个带电小球、,质量分别为3m和m,小球带正电q,小球带负电-2q,开始时两小球相距s0,小球有一个水平向右的初速度v0,小球的初速度为零,若取初始状态下两小球构成的系统的电势能为零,试证明:当两小球的速度相同时系统的电势能最大,并求出该最大值;参考答案:(1)由于两小球构成的系统合外力为零,设某状态下两小球的速度分别为和,由动量守恒定律得 (1) (2分)所以,系统的动能减小量为 (2) (2分)由于系统运动过程中只有电场力做功,所以系统的动能与电势能之和守恒,考虑到系统初状态下电势能为零,故该状态下的电势能可表为 (3) (1分)联立(1)、(3)两式,得 (4)(1分)由(4)式得:当 (5) (1分)时,系统的电势能取得最大值,而将(5)式代入(1)式,得 (6)(1分) 即当两小球速度相同时系统的电势能最大,最大值为 18. 一光滑圆环固定在竖直平面内,环上套着两个小球A和B(中央有孔),
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