广东省云浮市千官初级中学高三物理月考试题含解析

1、广东省云浮市千官初级中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，A、B、O、C为在同一竖直平面内的四点，其中A、B、O沿同一竖直线，A、B、C同在以O为圆心的圆周（用虚线表示）上，沿AC方向固定有一光滑绝缘细杆L，在O点固定放置一带负电的小球。现有两个质量和电一荷量都相同的带正电小球a、b均可视为点电荷，先将a放在细杆上，让其从A点由静止开始沿杆下滑，后使b从A点由静止开始沿竖直方向下落，则下列说法中正确的是（ ） A从A点到C点，小球a做匀加速运动 B小球a在C点的动能等于小球b在B点的动能 C从A点到C点，小球a的机

2、械能先增加后减少，但机械能与电势能之和不变 D小球a从A点到C点电场力做的功大于小球b从A点到B点电场力做的功参考答案：C2. 研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时。假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（ ）A.距地球的高度变大 B.向心加速度变大C.线速度变大 D.加速度变大参考答案：A3. 如图所示，小物体A沿高为h，倾角为的光滑斜面以初速度从顶端滑到底端，而相同的物体B以同样大小的初速度从同等高度竖直上抛，则（ ）A两物体落地时速度大小相等B两物体落地时，重力的瞬时功率相等C从开始运动至落地过程中，重力对它们做功

3、相等D两物体从开始至落地，动能变化量相等参考答案：ACD两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可知两物体落地时速率相同，动能变化量相等，故A、D正确重力做功只与初末位置有关，物体的起点和终点的高度差一样，所以重力做的功相同，所以C正确由于两个物体落地时的速度的方向不同，由瞬时功率的公式可以知道，重力的瞬时功率不相同，所以B错误4. 设物体运动的加速度为、速度为，位移为，现有四个不同物体的运动图像如图所示，t=0时刻物体的速度均为零，则其中物体做单向直线运动的图像是参考答案：C5. 如图，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻弹

4、簧相互连接，正好组成一个菱形，ADC=120，整个系统保持静止状态已知A物块所受的摩力大小为f则D物块所受的摩擦力大小为（）AfB2fCfDf参考答案：A【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算【分析】物体在水平面上受弹簧弹力和静摩擦力平衡，根据力的合成方法求解弹簧的弹力【解答】解：已知A物块所受的摩擦力大小为f，设每根弹簧的弹力为F，则有：2Fcos30=f，对D：2Fcos60=f，解得：f=f故选：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 有一个电流表G，内阻Rg=10，满偏电流Ig=3mA，要把它改装成量程0-3V的电压表，要与之 串联（选填“串联”或“并联

5、”）一个 9的电阻？改装后电压表的内阻是 1000 。参考答案：串联7. 质量为m=0.01kg、带电量为+q=2.0104C的小球由空中A点无初速度自由下落，在t=2s末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t=2s小球又回到A点不计空气阻力，且小球从未落地，则电场强度的大小E为2103N/C，回到A点时动能为8J参考答案：考点：电场强度；动能定理的应用分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根

6、据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到回到A点时动能解答：解：小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则有：gt2=（vtat2）又v=gt解得a=3g由牛顿第二定律得：a=，联立解得，E=2103 N/C则小球回到A点时的速度为：v=vat=2gt=20102m/s=400m/s动能为 Ek=0.014002J=8J故答案为：2103，8点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，

7、运用牛顿第二定律、运动学规律结合进行研究8. 一斜面AB长为5m，倾角为30，一质量为2kg的小物体（大小不计）从斜面顶端A点由静止释放，如图所示斜面与物体间的动摩擦因数为，则小物体下滑到斜面底端B时的速度 ms及所用时间 s（g取10 m/s2）参考答案：9. 目前核电站是利用核裂变产生的巨大能量来发电的请完成下面铀核裂变可能的一个反应方程： 已知、和中子的质量分别为、和，则此反应中一个铀核裂变释放的能量为 ；参考答案：（2分） 10. 如图所示，质量为m的均匀直角金属支架ABC在C端用光滑铰链铰接在墙壁上，支架处在磁感应强度为B的匀强磁场中，当金属支架通一定电流平衡后，A、C端连线恰水平，

8、相距为d，BC与竖直线夹角为530，则金属支架中电流强度大小为 ；若使BC边与竖直线夹角缓慢增至900过程中，则金属支架中电流强度变化应 （选填“增大、减小、先增大后减小、先减小后增大”）。(sin37=0.6，cos37=0.8)参考答案：1.07mg/Bd，先增大后减小11. 如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为B0，半圆弧导线框的直径为d，电阻为R。使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度匀速转动半周，线框中产生的感应电流大小为_。现使线框保持图中所示位置，让磁感应强度大小随时间线性变化

9、。为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为_。参考答案：；12. 实图是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程当转换开关S旋到位置3时，可用来测量_；当S旋到位置_时，可用来测量电流，其中S旋到位置_时量程较大参考答案：电阻1、2113. 如图所示，导热性能良好的气缸开口向下，缸内用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞在气缸内可以自由滑动且不漏气，其下方用细绳吊着砂桶，系统处于平衡状态现砂桶中的细沙不断流出，这一过程可视为一缓慢过程，且环境温度不变，则在此过程中气缸内气体分子的平均速率 （选填“减小”、“不变”、“增大”），单位时间单

10、位面积缸壁上受到气体分子撞击的次数 （选填“减少”、“不变”、“增加”）参考答案：不变，增加【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】分析活塞可知内部压强的变化；由温度的变化及压强变化可知体积变化，根据温度的微观含义：温度是分子热运动平均动能的标志，温度越高，平均动能越大，分析气体分子平均动能的变化，即可知道平均速率的变化根据压强的计算可求出压强的变化，再根据压强的意义，分析单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数如何变化【解答】解：因温度不变，分子的平均动能不变，则气体的平均速率不变；以活塞和沙桶整体为研究对象，设总质量为m，受力分析，根据平衡条件有：PS+mg=P0S得：P=P0

11、细沙流出后，mg减小，则P增大，由于平均速率不变，根据压强的微观含义可知，单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数增加；故答案为：不变，增加三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 有以下的可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流A待测电流表A：满偏电流约为700800A、内阻约100，已知表盘刻度均匀、总格数为NB电流表A0：量程0.6A、内阻0.1C电压表V：量程3V、内阻约为3kD电压表V：量程3V、内阻为30kE定值电阻R0（3K）F. 定值电阻R1（30K）G. 滑动变阻器R：最大阻值200H电源E：电动势约3V、内阻约1.5I开关

12、S一个根据你的测量需要，“B，C，D，E，F中应选择 _（只需填写序号即可） 在虚线框内画出你设计的实验电路图测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A的指针偏转了n格，可算出满偏电流IAmax = _，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是_参考答案： D E Im =NU（R0+Rv）/ （n R0Rv ）U：伏特表读数 I：电流表读数 R0 ，Rv 分别为定值电阻和伏特表内阻 15. 小李以一定的初速度将石子向斜上方抛出去，石子所做的运动是斜抛运动，他想：怎样才能将石子抛得更远呢？于是他找来小王一起做了如下探究：他们用如下图所示的装置来做实验，保持容器水平，让喷水嘴的位置和

13、喷水方向不变（即抛射角不变）做了三次实验：第一次让水的喷出速度较小，这时水喷出后落在容器的A点；第二次让水的喷出速度稍大，水喷出后落在容器的B点；第三次让水的喷出速度最大，水喷出后落在容器的C点。小李和小王经过分析后得出的结论是： ；小王回忆起上体育课时的情景，想起了几个应用上述结论的例子，其中之一就是为了将铅球推的更远，应尽可能 。然后控制开关让水喷出的速度不变，让水沿不同方向喷出，如下图所示，又做了几次实验，得到喷嘴与水平方向的夹角1530456075落点到喷嘴的水平距离/cm50.286.6100.086.650.2小李和小王对上述数据进行了归纳分析，得出的结论是： ；小李和小王总结了一

14、下上述探究过程，他们明确了斜抛物体在水平方向飞行距离与初速度和抛射角的关系，他们感到这次探究成功得益于在探究过程中两次较好的运用了 _法。参考答案： 在抛射角一定时，当物体抛出的初速度越大物体抛出的距离 增大初速度 (3) 在 初速度一定时，随着抛射角的增大，抛出距离先是越来越大 ，然后越来越小。当夹角为450 时，抛出距离最大 (4) 控制变量 四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，光滑水平面上有两辆车，甲车上面有发射装置，甲车连同发射装置质量M1=lkg，车上另有一个质量为m=0.2kg的小球，甲车静止在平面上，乙车以V0=8m/s的速度向甲车运动，乙车上有接收装置总质量M

15、2=2kg，问：甲车至少以多大的水平速度将小球发射到乙车上，两车才不会相撞？（球最终停在乙车上） 参考答案：17. 如图所示，一质量m=0.4 kg的小物块，以=2 m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A,B之间的距离L=10 m.已知斜面倾角= ，物块与斜面之间的动摩擦因数=.重力加速度g取10 m/.(1)求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小;(2)拉力F与斜面夹角多大时，拉力F最小?拉力F的最小值是多少? 参考答案：18. 如图甲所示，MN、PQ为间距L=0.5m足够长的平行导轨，NQMN，导轨的电阻均不计导

16、轨平面与水平面间的夹角=37，NQ间连接有一个R=4的电阻有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为B0=1T将一根质量为m=0.05kg的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上，且与导轨接触良好现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒截面的电量q=0.2C，且金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始终与NQ平行（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）金属棒与导轨间的动摩擦因数（2）cd离NQ的距离s（3）金属棒滑行至cd处的过程中，电阻R上产生的热量（4）若将金属棒滑行至cd处的时刻记作t

17、=0，从此时刻起，让磁感应强度逐渐减小，为使金属棒中不产生感应电流，则磁感应强度B应怎样随时间t变化（写出B与t的关系式）参考答案：考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；电磁感应中的能量转化专题：压轴题；电磁感应功能问题分析：（1）当刚释放时，导体棒中没有感应电流，所以只受重力、支持力与静摩擦力，由牛顿第二定律可求出动摩擦因数（2）当金属棒速度稳定时，则受到重力、支持力、安培力与滑动摩擦力达到平衡，这样可以列出安培力公式，产生感应电动势的公式，再由闭合电路殴姆定律，列出平衡方程可求出金属棒的内阻，从而利用通过棒的电量来确定发生的距离（3）金属棒滑行至cd处

18、的过程中，由动能定理可求出安培力做的功，而由于安培力做功导致电能转化为热能（4）要使金属棒中不产生感应电流，则穿过线框的磁通量不变同时棒受到重力、支持力与滑动摩擦力做匀加速直线运动从而可求出磁感应强度B应怎样随时间t变化的解答：解：（1）当v=0时，a=2m/s2由牛顿第二定律得：mgsinmgcos=ma=0.5 （2）由图象可知：vm=2m/s 当金属棒达到稳定速度时，有FA=B0IL切割产生的感应电动势：E=B0Lv平衡方程：mgsin=FA+mgcosr=1电量为：s=2m（3）产生热量：WF=Q总=0.1J（4）当回路中的总磁通量不变时，金属棒中不产生感应电流此时金属棒将沿导轨做匀加速运动牛顿第二定律：mgsinmgcos=maa=g（sincos）=10（0.60.50.8）m/s2=2m/s2则磁