天津第六十一中学2023年高二物理上学期期末试题含解析

1、天津第六十一中学2023年高二物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（）A使A、B两板靠近一些B使A、B两板正对面积减小一些C断开S后，使B板向右平移一些D断开S后，使A、B正对面积减小一些参考答案：CD【考点】电容器的动态分析【分析】开关S闭合，电容器两端的电势差不变；断开S，电容器所带的电量不变；通过确定电容器两端间的电势差变化判断指针张角的变化【解答】解：A、B、开关S闭合，电容

2、器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角不变故A、B均错误C、断开S，电容器所带的电量不变，B板向右平移拉开些，则电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大故C正确D、断开S，电容器所带的电量不变，A、B的正对面积错开，电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大故D正确故选：CD2. （单选）如图所示，一有限范围的匀强磁场宽度为d，若将一个边长为L的正方形导线框以速度v匀速地通过磁场区域，已知dL，则导线框中无感应电流的时间等于 （ ）A B C D 参考答案：C3. 一只220V，100W的灯泡工作时电阻为484，拿一只这种灯泡来测量它不工作时的电阻应是（ ）A.等于4

3、84. B.小于484. C.大于484. D.无法确定.参考答案：4. (单选)如图1所示为一个质量为m、电荷量为q的带正电的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙绝缘细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中（不计空气阻力），现给圆环向右初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能是图2中的( )参考答案：A5. （单选）做平抛运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是（）A位移 B速度 C加速度 D动能参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （6分）光的干涉和衍射现象表明光是一种 ，光电效应和康普顿效应表明光同时也是一种 ，只有承认光的 性，才是对光的

4、本性最全面的认识。参考答案：波，粒子，波粒二象7. 在相距为d的A、B两板之间有a、b、c三点，a点距A板d，b、c两点距B板也是d，A板接地，A、B间电压为U，如图所示，则b点的电势为，+q从a点运动到c点的过程中，电场力做功为，q在a点具有的电势能为参考答案：考点：带电粒子在混合场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：根据电势差和两极板间的距离求出匀强电场的电场强度大小；根据电势差等于电势之差求出各点的电势并根据W=qU，及EP=q，即可求解解答：解：两板间的场强E=A板接地，即A=0V，那么bA=，解得：b=同理，c点的电势为c=U，a点的电势为a=U；由题意可知，Uac=ac

5、=UU=U；+q从a点运动到c点的过程中，电场力做功为W=qUac=，根据EPa =qa=故答案为：，点评：解决本题的关键掌握匀强电场的场强公式E=，知道d是沿电场线方向上的距离，并掌握公式W=qU，及EP=q?的应用8. （4分）气体压强的决定因素，从微观上说，质量一定的某种气体，压强的大小是由_和分子的_决定的；从宏观上讲，气体压强的大小是由气体的_和_共同决定的。参考答案：单位体积的分子数 平均动能； 体积 温度9. 将长为0.5m，通以4A电流的通电导线放在匀强磁场中，当导线和磁场方向垂直时，通电导线所受磁场力为0.3N，则匀强磁场的磁感应强度B大小为 T，若将通电导线中的电流减为2A

6、，则这时匀强磁场的B为 T，导线受安培力为 N。参考答案：0.15、0.15、0.1510. 一段导体的电阻减小6后，接在原电源上发现电流比原来增大1/4，则该导体原来的电阻为_。参考答案：_30_11. “研究感应电流产生的条件”的实验电路如图所示实验表明：当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中就会有电流产生。在闭合电键S前，滑动变阻器滑动片P应置于 a端（选填“a”或“b”）。电键S闭合后还有多种方法能使线圈C中产生感应电流，试写出其中的两种方法： ； 。参考答案：磁通量（2分）；a端（2分） 拔出线圈A；拔出（或插入）A中铁芯；移动滑动变阻器的滑片12. （6分）用粒子轰击硼10，

7、产生一个中子和一个具有放射性的核，这新核是_；这新核可放出一个正电子，衰变所成的核为_；其核反应方程式为_。参考答案：，13. 如图所示，匀强磁场的磁感强度B=01T，矩形线圈的匝数N=100匝，边长=02m，=05m，转动角速度rads，转轴在正中间。则：(1)从图示位置开始计时，该线圈电动势的瞬时表达式： (2)当线圈作成半径为r=的圆形(其它条件不变)，电动势的瞬时表达式： (3)当转轴移动至ab边(其它条件不变)，电动势的瞬时表达式： 参考答案：（1）314cos100t(V )、（2）不变、（3）不变。三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在利用自由落体法验证机

8、械能守恒定律的实验中：（1）下面列举了该实验的几个操作步骤，不恰当的操作是 。A按照图示的装置安装器件B将打点计时器接到电源的“直流输出”上C释放悬挂纸带的夹子后，再接通电源开关打出一条纸带，重复几次D选择一条理想的纸带，对其进行测量E根据测量的结果，验证gh与v2是否相等（2）从打出的几条纸带中挑选最理想的纸带的要求是 ，若某小组打出一条纸带，测得前两个点间的距离为4.0mm，说明该小组操作过程存在错误，错误原因可能是 。（3）如图所示是实验中测得的一条纸带，各点距O点的距离分别为d1，d2，d3，各相邻点间的时间间隔为T，当地重力加速度为g，则B点的速度表达式为vB = 。若B点和D点的速

9、度vB、vD为已知量，要验证物体从B到D的过程中机械能是否守恒，则需满足 关系，物体的机械能守恒。（4）由这条纸带还可以研究该重物下落过程的加速度，请写出计算加速度的表达式 。参考答案：BC 前两个点的间距为2mm ，先释放纸带，再打开打点计时器 ， （1）打点计时器的工作电源应该是交流，B错；利用打点计时器记录物体的运动时，都是先接通打点计时器，待计时器正常打点后，再释放物体，C错。（2）根据，如果两个点的间距为2mm，就说明记录的第一点初速度为0，所以挑选最理想的纸带的要求是前两个点的间距为2mm前两个点间的距离为4.0mm，大于2mm,就说明第一点的速度不是0，造成原因是先释放纸带，再打

10、开打点计时器 （3）将B点看成是AC之间的中间时刻，根据某段时间的中间时刻的即时速度等于这段时间的平均速度得,根据机械能守恒：得：（4）根据逐差法：考点：对实验操作，误差分析，数据处理，实验原理进行了考查15. （4分）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，当悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长度为0.18m，则弹簧的原长L0和劲度系数k分别为AL0=0.10m，k=250N/m BL0=0.10m，k=500N/m CL0=0.02m，k=250N/m DL0=0.02m，k=500N/m参考答案：A四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，在水平方向

11、的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45角的绝缘直杆AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m有一质量为500g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑小环离杆后正好通过C端的正下方P点处（g取10m/s2）求：（1）小环离开直杆后运动的加速度大小和方向（2）小环从C运动到P过程中的动能增量（3）小环在直杆上匀速运动速度的大小VO参考答案：考点：动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：动能定理的应用专题分析：小环在置于电场中的倾斜的光滑绝缘直杆上匀速下滑，由共点力平衡结合重力与支持力方向可判断出电场力方向，又由电场强度的方向可得出电荷的电性当小环离开直杆后，仅少了支持力则

12、此时的合力就是由重力与电场力提供，由牛顿第二定律可求出离开后的加速度大小与方向小环离开直杆后，所受合力恰与速度方向垂直，因此做的类平抛运动当小环从C到P过程中，电场力做功刚好为零，动能的变化完全由重力做功引起当求小环离开直杆的速度时，仅从离开前无法入手，而离开后做类平抛运动，所以利用垂直于杆的方向与沿杆的方向的位移可求出小环的抛出速度解答：解：（1）对带电小环受力分析因带电小环匀速下滑，加之电场强度水平向左，所以小环带负电由几何关系可知，小环所受电场力与重力大小相等则小环离开直杆后所受的合外力大小为：F合=由牛顿第二定律可得：，方向垂直于杆向下（或与水平方向成45角斜向下）（2）设小环从C运动

13、到P过程中动能的增量为Ek由动能定理有：WG+WE=Ek则电场力做功为零WE=0所以Ek=WG=mgh=4J（3）小环离开杆做类平抛运动如图所示建立坐标x、y轴垂直于杆方向做匀加速运动：平行于杆方向做匀速运动：解得：0=2m/s答：（1）小环离开直杆后运动的加速度大小为，方向垂直于杆向下（或与水平方向成45角斜向下）（2）小环从C运动到P过程中的动能增量为4J（3）小环在直杆上匀速运动速度的大小为2m/s点评：考查带电粒子在电场与重力场共同作用下的运动，在直杆的束缚下的匀速直线运动与没有束缚下的类平抛运动重点突出对研究对象的受力分析与运动分析，结合运动学公式、牛顿第二定律与动能定理等物理规律17. 如图所示，一个电子（电量为e）以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为3