天津小王庄中学2022年高一物理期末试题含解析

1、天津小王庄中学2022年高一物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，两个挨得很近的小球，从斜面上的同一位置O以不同的初速度vA、vB做平抛运动，斜面足够长，在斜面上的落点分别为A、B，空中运动的时间分别为tA、tB，碰撞斜面前瞬间的速度与斜面的夹角分别为、，已知OB=2OA则有（）AtA：tB=1：2BvA：vB=1：2C=D参考答案：C【考点】平抛运动【分析】根据几何关系得出AB两球做平抛运动的水平位移之比和竖直位移之比，根据平抛运动基本公式求出时间和初速度之比，两球都落在斜面上，位移上有限制，位移与水平方向的夹角为定值，

2、竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，由此可正确解答【解答】解：A、根据OB=2OA结合几何关系可知，AB两球运动的竖直方向位移之比，水平位移，两球都做平抛运动，根据h=得：t=，则，故A错误，B、水平位移为：x=v0t，则，故B错误；CD、两球都落在斜面上，位移与水平方向的夹角为定值，故有：tan=，位移与水平面的夹角相同，所以=，故C正确，D错误；故选：C2. （多选）下列说法符合历史事实的是（）A在物理学的发展历程中，牛顿首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动B在物理学的发展历程中，伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动C伽利略研究自

3、由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量加速度D伽利略研究自由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量瞬时速度参考答案：解：A、在物理学的发展历程中，伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动，故A错误，B正确；C、伽利略研究自由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量瞬时速度，故C错误，D正确；故选：BD3. 2010年广州亚运会上，刘翔重新回归赛场，以打破亚运记录的方式夺得110米跨栏的冠军。他采用蹲踞式起跑，在发令枪响后，左脚迅速蹬离起跑器，在向前加速的同时提升身体重心。如图所示，假设刘翔的质量为m，在起跑时前进的距离s内，重心升高量为h，获得的速度为v，克服阻力做功为，则在

4、此过程中A地面的支持力对刘翔做功为mgh B刘翔自身做功为mv2mgh+ C刘翔的重力势能增加量为mv2+ D刘翔的动能增加量为mgh参考答案：B4. 下列说法中，正确的是（ ）A.路程和位移的大小相等的运动一定是单向直线运动， B.质点做曲线运动时，某段时间内位移的大小一定小于路程C.两个质点通过的位移相同，它们所通过的路程不一定相等D.两个质点通过位移相同，它们的路程一定相等参考答案：ABC5. 一小球沿斜面以恒定加速度滚下，依次通过A、B、C三点，已知AB=6m，BC=lOm，小球通过AB、BC所用时间均为2s，则小球的加速度为 ( )A2ms2 B1.5m/s2 C1m/s2 D0.2

5、5ms2参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）如图所示是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，若已知飞船质量为3.0103kg，其推进器的平均推力为900N，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s，则空间站的加速度为 m/s2，质量为kg。参考答案：0.01 8.71047. 如图所示，是一辆汽车在两站间行驶的速度图像，汽车所受到的阻力大小为2000N不变，且BC段的牵引力为零，则汽车在BC段的加速度大小为_，汽车的质量为 ，OA段汽车的牵引力大小为_ 参考答案：0.5m/s2 4000kg 6000N8. （4分

6、）物体以30 m/s的速率沿半径为60m的圆形轨道运动，从A运动到B时物体与圆心连线所转过的角度为900，在这一过程中物体运动的时间是 s ，物体运动过程中向心加速度的大小为_m/s2。参考答案：3.14 ，159. 利用图中所示的装置可以研究自由落体运动。实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落。打点计时器会在纸带上打出一系列的小点。（1）为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有_ _。（填入正确选项前的字母）A天平 B秒表 C米尺（2）若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：_

7、_。参考答案：(1)C (2)打点计时器与纸带间的摩擦10. 物体以2m/s初速匀加速运动，加速度为1m/s2，求前4s内的平均速度为 ，第4s内的平均速度为 参考答案：4m/s，5.5m/s【考点】平均速度【分析】平均速度为位移与时间的比值，4s内的平均速度为4s内的位移与时间的比值，第4s内的平均速度为第4s内的位移与时间的比值【解答】解：前4s内的位移为m=16m故4s内的平均速度为前3s内的位移为第4s内的位移为x=x4x3=1610.5m=5.5m故平均速度故答案为：4m/s，5.5m/s11. 两辆完全相同的汽车，沿水平路面一前一后均以20的速度前进，若前车突然以恒定的加速度刹车，

8、在它刚停车时，后车以前车刹车时的加速度的2倍开始刹车，已知前车在刹车过程所行驶的距离为100m，若要保证两车在上述情况下不相撞，则两车在匀速行驶时保持的最小距离是 。参考答案：150m12. 做匀加速直线运动的质点，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，那么第4s末的瞬时速度为 ，头4s内的平均速度为 。参考答案： 9 m/s,7 m/s13. 某同学在做“探究加速度a与力F、质量m的关系”实验时，使用了如图（a）所示的实验装置简图实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶的总重力，小车运动加速度a可用纸带上打出的点求得（1）图（b）为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s2

9、（保留两位有效数字）（2）在“探究加速度a与质量m的关系”时，保持砂和砂桶质量不变，改变小车质量m，分别得到小车加速度a与质量m的相关数据如下表：次 数1234567小车加速度a/ms-21.721.481.251.000.750.500.30小车质量m/kg0.290.330.400.500.711.001.67质量倒数/kg-13.453.032.502.001.411.000.60根据上表数据，为直观反映F不变时a与m的关系，请在图（c）方格坐标纸中选择恰当变量建立坐标系，并作出相应的图线根据所作出的图线，可以得出的结论是 （3）在“探究加速度a与力F的关系”时，保持小车的质量不变，改变

10、小桶中砂的质量，有的组同学根据实验数据作出了加速度a与力F图线如图（d）所示，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因是 参考答案：（1） 1.4 m/s2（2） 加速度a跟质量成反比 图 ，过原点的一条直线（3）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 利用打点计时器测定匀加速直线运动的小车的加速度。下图给出了该次实验中，从0点开始每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点。测得相邻计数点的距离依次为s1=1.40cm，s2=1.90cm，s3=2.38cm，s4=2.88cm，s5=3.39cm，s6=3

11、.87cm。则在计时器打出点2、5时，小车的速度分别为： v2= cm/s， v5= cm/s，小车的加速度a= cm/s2。(保留三位有效数字)参考答案：21.4，36.3，50 解析解：（1）由于两相邻计数点间有四个点未画出，所以相邻计数点间的时间间隔T=0.1S，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度： =21.40cm/sm=36.30cm/s(2) 2）根据匀变速直线运动的推论公式s=aT2可以求出加速度的大小，得：s4-s1=3a1T2s5-s2=3a2T2S6-s3=3a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值 a=50 cm/s215. 在“探

12、究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点周期为0.02 s的计时器记录小车做匀变速直线运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”计数点对齐。由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离d1、d2、d3.(1)读出距离：d11.20 cm，d2_cm，d3_ cm；(2)计算小车通过计数点“2”的瞬时速度v2_ m/s；(结果保留两位有效数字)(3)小车的加速度大小a_ m/s2.(结果保留两位有效数字)参考答案：（1）5.40，12.00；（2）0.21；（3）0.60。试

13、题分析：（1）刻度尺的读数规则估读到最小刻度的下一位。由毫米刻度尺的刻度可知d25.40 cm，d312.00 cm。最后一位“0”必须有。（2）小车通过计数点“2”的瞬时速度可用“1”、“3”间的平均速度表示，打点周期为0.02 s，相邻两计数点之间还有四个点未画出，则计数点之间的时间间隔T=0.1s，。（3）同样，可以计算小车通过计数点“4”的瞬时速度，则小车加速度。考点：实验探究小车速度随时间变化的规律四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示为一足够长斜面，其倾角为37，一质量m5 kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F50 N的力作用由静止开始运动， 2 s末撤去力F，

14、物体在前2 s内位移为4 m，(sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2)求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数；(2)从静止开始3s内物体的位移和路程参考答案：解:（1）前2s内加速度为a1，由题意：S1=1/2a1t12 得a1=2 m/s2 （1分）根据牛顿第二定律有：Fmgcos37mgsin37=ma1（2分） 解之得：=025 （1分）（2）在F被撤消后，物体还要继续向上运动，且是做匀减速运动，当速度为零位移达到最大值。设这过程的加速度为a2，撤消力F时的速度为v，匀减速运动的时间为t2，则有：mgsin37+mgcos37=ma2 解得：a2=8m/s2 （1分）2s

15、末的速度v= a1t=4 m/s v=a2t2 解得t2=0.5s 匀减速到最高点的位移为S2=1/2a2t22=1m (2分)之后物体沿斜面向下做匀加速直线运动，对物体受力分析有：mgsin37-mgcos37=ma3 解得：a3=4 m/s2（1分）再经过t3=0.5 s 发生位移为S3=1/2a3t32=0.5m(2分)所以前3.5s位移为S1+S2-S3=4.5m 方向向上(2分) 路程为S1+S2+S3=5.5m（2分）17. 如图所示，地面上放一木箱，质量为40kg，用与水平方向成370角，大小为100N的力推木箱，恰好使木箱匀速前进若用大小为100N，方向与水平成370角的力斜向上方拉木箱，木箱加速运动(g取10ms2，) 求：（1）木箱与地面的动摩擦因素。 （2）木箱加速运动时的加速度大小。参考答案：（1）以木箱为研究对象，因为物体匀速运动，故有 代入数据解得 =0.17 （2）当斜向上拉时，有 代入数据解得=0.56m/s2 18. 在嘉善南站附近的某段平直的铁路上，一列以90m/s高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在嘉善高铁站，并在该车站停留2min，随后匀加速驶离车站