安徽建筑大学大学物理练习题册习题详解刘果红主编

1、安徽建筑大学大学物理练习题册习题答案详解刘果红主编NewlycompiledonNovember23,2020气体分子运动论（一）1、由nP知，分子数密度同样；气体的质量密度nm。因为是不一样种类kT的气体，m不一样，所以不一样；气体分子的均匀平动动能只与温度相关，所以，气体分子的均匀平动动能同样。2、（）气体分子的均匀平动动能只与温度相关：3kT，气体分子的均匀i2动能与自由度相关：kT。23、（）EiiVnkTP，在压强相等的状况下，单位体积的内能与自22由度相关。4、（）3kT，下边的表达式与kT没关，所以，23P3PV3mPV。2n2N2M5、（）6、氢分子和氦分子的均匀平动动能之比为

2、:（温度同样）；氢气和氦气的均匀平动动能之比为:（MN03kT/M3MHe2/1）；两MH22N0kTMH2MHe2种气体的内能之比为:（因为EiEH2iH2：RT，MH22EHeiHe10/3）MHe气体分子运动论（二）、f(v)dv表示速率为vvdv区间内的分子数占总分子数的百分比。v2vf(v)dv表示速率为v1v2系统分子速率的算术均匀值。v1pf(v)dv表示速率在0vp区间内的分子数占总分子数的百分比。0、m1m2（因为vp2kT。又因为vp2vp1，所以，在温度同样的状况m下，m1m2）、（）（因为v0不在峰值，不是最可几速率vp，而均匀速率和方均根速率都大于vp）、（）热力学（

3、一）、因为理想气体的内能是温度的单值函数，所以温度变化同样；不一样过程吸热不一样（热量是过程量QpcpT,QVcvT）、AV2PdVV2adVa(11)VVV2V1V211、（）此式合用（）理想气体（）任何准静态过程、（）热力学（二）1、（1）等容过程：A=0；ECvT623J（M0.02）；Mmol4103QE623J。（2）等压过程：ECvT623J；QCpT1246J（Cpi2R5）；22（3）绝热过程：Q0；ECvT623J；AE623J2、ab过程是等压过程（PVRT,图中表示TV，只有当P=C时，T才正比于V）；气体对外作功：AP(2V0V0)RT0(2V0V0)RT02V023、

4、（B）因为理想气体的内能是温度的单值函数，绝热过程T降低，等温过程T不变，而等压过程T高升。4、（B）（V增大，表示做正功，又因为TaTd，所以：EaEd，故内能增量为0，所以QadEAA0）热力学（三）、略、1T2，T1467K,T2233K。T1、（B）机械振动（一）、将振动方程写成x0.1cos(2t2)，周期T21s；初位相为2；33t=2时的位相14；位相为32对应的时刻t=5s。33、（C）（D）设木块面积S，均衡时水下高度为x0，即mgsx0g，下压使木块水下高度变成x，mas(xx0)gmgsxgkx、（B）解：t0时，AAcos,3or5，因为t0时，244vAsin0，所以

5、取5。A424、（A）解：t0时，Acos,or，因为t0时，22；t332vAsin0，所以取5时，0Acos(t)，33cos(t2，因为v5Asin(2)0，所以，)2t33(2)3，T=12s。t2,326机械振动（二）1、Ta:Tb2:1（T反应的是振动系统的力学性质）；Ea:Eb1:4（E1kA2）22、两振动周期同样但位相相反，所以，A合A1A2102m；且合1。现求1：t0时，AAcos,3，因为vAsin0，所以，2合1。3t5时，0Acos(53)，(5)2，又因为vAsin(5)0，33所以，(5)2T12s363、（B）（周期是由振动系统的力学性质决定的，如m,k,等）

6、4、因为振子的质量改变（由M变成M+m，所以，周期变，清除（D）；状况（1）中新系统的vmaxMvmax改变，所以，vmaxA变，即A变；状况Mm（2）中新系统的vmaxvmax0不变，所以，vmaxA不变，即A不变。5、物体的位移等于振幅的一半（即1A21EpkE总）时，动能是总能量的2443/4倍，振动系统的周期为2l（klmg,kmg,kg）。glml颠簸（一）、机械波指的是机械振动在媒质中的流传；波所流传的不过周相或振动状态。、机械波经过不一样媒质时，此中u,要改变，不改变。、（A）（C）、（D）设该波的颠簸方程为xyAcos(t)，位相是中括弧内的全2u部内容，(x2x1)。(x2x

7、1)uu颠簸（二）、平面简谐波的颠簸方程表示波线上x处的质点在t时刻的位移；yf(t)表示x处质点在不一样时刻的位移；yf(x)表示t时刻波线上不一样x处质点的位移状况。、（B）解：t0时，0Acos,2，因为vAsin0，所以，取，该x)2简谐波的颠簸方程为y0.1cos2(t，P点的振动方程为x)2002y0.1cos2(t0.1cos(2t)，质点的振动速度dy200220.2sin(2t)0.2cos2tvdt23、（C）媒质元的最大变形量即为Ep(max)，在均衡地点处Ep(max)Ek(max)。4、（C）解：t0时，0Acos,，因为vAsin0，所以，取。由图知：T220.5s

8、,T2s，所以。又4,所以，u2，颠簸方程应为：4颠簸（三）1、（B）；在驻波中，两相邻波节和波腹之间的距离均为/2。2、从波源的表达式看出，这是两个相关波源。它们在P点相遇时分别在P点引起的两个谐振动的位相差212(r2r1)，将T21,ut0.2代入得0，知足干预相长条件，所以，AA1A20.7cm、（C）当波从波疏媒质入射到波密媒质，在界面上反射时有半波损失，即入射光与反射光在入射点（或反射点）位相相反。、将x代入颠簸方程，得振动方程为y2Acost；对振动方程求导2有：Asint。光的干预（一）31.810402、波程差为A，位相差为6。、（B）；两束光相遇时有了5的光程差，相遇时位相

9、相反。D2、（）；xd、（A）；零级明纹是两束相关光到屏幕的光程差为零，下移后SS1增大，SS2减小，要保证两光相遇光阴程差为0，一定SS1S1PSS2S2P，所以，S1PS2P。条纹上移。、（）从几何角度计算两光相遇时的光程差ne(re)r(n1)e从干预角度考虑第七级明纹对应的光程差7，所以(n7。1)e7,en1光的干预（二）、薄膜的最小厚度为和。4n2n、,N24、（C）、2d(n1)、nN光的衍射（一）1、3，6个半波带，第一级明纹2、子波，子波相关预3、（D）4、（B）5、（D）光的衍射（二）、第一级和第三级谱线、R0.69m,B0.46m、（C）、（D）光的偏振、光强先增添至最亮后又减小至零。、I1I2,I122、（