福建省莆田第七中学2022年物理高一上期末联考试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、关于摩擦力，下列说法正确的是（）A.摩擦力是在两个相对滑动的物体之间产生的B.两个相互接

2、触的物体间一定产生摩擦力C.滑动摩擦力的方向总跟接触面相切，跟物体的相对运动方向相反D.静摩擦力的大小与两个物体间的压力成正比2、下列说法中，正确的是（ ）A.质点做直线运动时，其位移的大小和路程不一定相等B.质点做直线运动时，某段时间内位移的大小一定小于路程C.两个位移相同的质点，它们所通过的路程一定相等D.两个质点通过相同的路程，它们的位移大小一定相等3、有两个材质相同的木块，质量分别为，先将质量为的木块放于粗糙水平面上，若用大小为的水平恒力推木块，其加速度为；再将质量为的木块放于粗糙水平面上，若仍用大小为F的水平恒力推它，它的加速度为，则（）A.B.C.D.4、某汽车沿一直线运动，在t时

3、间内通过的位移为L，在处速度为v1，在处速度为v2，则下列说法错误的是（ ）A.若汽车做匀加速运动， v1 v2，B.若汽车做匀减速运动，v1 v2，C.无论汽车做匀加速运动，还是做匀减速运动都有v1 v2D.无论汽车做匀加速运动，还是做匀减速运动都有v1 v25、如图，竖直轻弹簧下端固定，上端连接着质量为 m 的小球，小球在竖直向下 F=2mg 的力作用下处于静止状态现突然撤去力 F，小球上升，不计空气阻力，重力加速度为 g，则A.撤去力 F 瞬间，小球加速度大小为 2gB.小球在上升的过程中，加速度先增大再减小C.当弹簧恢复到原长时，小球速度最大D.小球在上升的过程中，先做匀加速运动再做匀

4、减速运动6、带式传送机是在一定的线路上连续输送物料的搬运机械，又称连续输送机如图所示，一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行现将一个木炭包无初速度地放在传送带上，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹下列说法正确的是： （ ）A.黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B.木炭包的质量越大，径迹的长度越短C.木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹长度越短D.传送带运动的速度越大，径迹的长度越短7、如图所示，有一倾角30的斜面体B，质量为M物体A质量为m，弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力，调整A在B上的位置，A始终能和B保持静止对此过程下列说法正确的是()A.A、B之间的接触面可能是光滑的B.弹

5、簧弹力越大，A、B之间的摩擦力越大C.A、B之间的摩擦力为0时，弹簧弹力为mgD.弹簧弹力为mg时，A所受摩擦力大小为mg8、关于物体运动的加速度，下列说法正确的是（）A.速度越大，加速度越大B.速度变化量大，加速度不一定大C.末速度越大，加速度越大D.速度变化越快，加速度越大9、一同学在玩闯关类的游戏，他站在平台的边缘，想在2s内水平跳离平台后落在支撑物P上，人与P的水平距离为3m，人跳离平台的最大速度为6m/s，则支撑物距离人的竖直高度可能为()（）A.1mB.9mC.17mD.20m10、互成一定夹角的两个共点力、大小不同，它们的合力大小为F，现保持、的夹角不变，下列说法正确的是A.、同

6、时增大一倍，F也增大一倍B.、同时增加5N，F也增加5NC.若、中的一个增大，F不一定增大D.若增加5N，若减少5N，F一定不变11、如图所示，水平地面上的木板M上放着小物块m，M上的右端固定一竖直挡板，挡板与m间有一处于压缩状态的轻弹簧，整个装置处于静止状态，下列说法中正确的是（）A.M对m的摩擦力方向向右B.m对M摩擦力方向向左C.地面对M的摩擦力方向向右D.地面对M无摩擦力作用12、如图所示为某质点运动的vt图象，24s内图线为对称弧线，若4s末质点回到了出发点，则下列说法正确的是（）A.12s内质点的加速度大小为8m/s2B.24s内质点的位移大小为8mC.3s末质点的加速度等于零D.

7、3s末质点的速度为8m/s二填空题(每小题6分，共18分)13、“验证力平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示。图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_（填“F”或“F”）。本实验采用的科学方法是：（ ）A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法实验中可减小误差的措施有：（ ）A两个分力F1、F2的大小要尽量大些B两个分力F1、F2间夹角应越大越好C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行DAO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些14、在

8、做完“验证力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，其中正确的是_和_。（填序号字母）A.用弹簧测力计拉橡皮条时，必须使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行B.用两只弹簧测力计拉橡皮条时，必须使两细绳套间的夹角为C.用两只弹簧测力计拉时合力的图示F和用一只弹簧测力计拉时拉力的图示F虽不完全重合，但在误差允许范围内仍可以说明“力的平行四边形定则”成立D.若用两只弹簧测力计拉时，拉力F1、F2方向不变，大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小必增加1N15、在探究“加速度与力和质量的关系”实验时，某老师对传统实验进行了改进，其实验操作如下：如图所示，先将

9、沙和沙桶通过滑轮悬挂于小车一端，调节平板的倾角，使小车沿斜面向下做匀速直线运动，测出沙和沙桶的总质量m；保持平板倾角不变，去掉沙和沙桶，小车即在平板上沿斜面向下做匀加速直线运动，通过纸带测量其加速度a； 保持小车质量M不变，多次改变沙和沙桶的总质量m，每次重复两步操作，得到小车加速度与合力的关系； 多次改变小车的质量，进行适当的操作，得到小车加速度和质量的关系（1）在上述实验操作过程中，以下说法正确的是_A可以用6V以下的直流电源给打点计时器供电B应在小车开始运动后再接通打点计时器的电源C要保持细绳与平板平行D应让小车从远离定滑轮处开始运动（2）在操作中，每次改变小车质量后，_（选填“需要”或

10、“不需要”）重新调节平板的倾角（3）实验中，某同学在坐标纸上画出四张关系图线其中_图是正确.A. B .C.D.（4）在操作中，小车所受的合力大小_mg（填“大于”或“等于”或“小于”）,实验中_ (填 “需要”或“不需要”)满足沙和沙桶的总质量远小于小车质量.三计算题(22分)16、（12分）如图甲所示为倾斜的传送带始终以恒定的速度沿顺时针方向转动,主动轮、从动轮的大小可忽略不计,传送带与水平面夹角为一质量m=1kg的小物块以初速度从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动,物块到传送带顶端的速度恰好为零,物块运动的速度-时间图像如图乙所示,已知求:(1)02s内物块的加速度及传送带底端到顶

11、端的距离(2)物块与传送带间的动摩擦因数；(3)如果物块可以在传送带上留下划痕,求04s内传送带上的划痕长度17、（10分）如图所示，一足够长的固定斜面倾角=37，通过轻绳连接的两物块A、B的质量分别为mA=10kg、mB=20kg，物块与斜面之间的动摩擦因数均为=0.5，轻绳能承受的最大张力T=150N，作用在B上的沿斜面向上的力F逐渐增大，使A、B一起由静止开始沿斜面向上运动，g=10m/s2，某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小为多少？(sin37=0.6，cos37=0.8)。参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确

12、，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】两物体的接触面粗糙、物体间存在压力、物体间有相对运动或相对运动趋势时，物体间存在摩擦力；如果两物体相对静止，则物体间的摩擦力为静摩擦力，如果两物体相对滑动，则物体间的摩擦力为滑动摩擦力。【详解】A物体间有相对运动或相对运动趋势时，物体间存在摩擦力，故A错误；B相互压紧的粗糙物体间如果既没有没有相对运动，也没有相对于运动趋势，则两物体间不存在摩擦力，故B错误；C滑动摩擦力的方向总跟接触面相切，跟物体的相对运动方向相反，故C正确；D滑动摩擦力的大小与两个物体间的压力成正比，静摩擦力大小与外力有关，与压

13、力无关，故D错误。故选C。2、A【解析】A质点做直线运动时，位移的大小与路程不一定相等，若物体做往复直线运动，位移的大小小于路程，故A正确；B质点做单方向的直线运动位移的大小等于路程，故B错误；C位移相同，运动的轨迹不一定相同，则路程不一定相等，故C错误；D两质点的路程相等，位移大小不一定相等，故D错误。故选A。3、C【解析】设两个木块与地面的动摩擦因数均为，根据牛顿第二定律，对质量为m的木块，有：解得：对质量为，有：解得：由上综合得：C正确，ABD错误。故选C。4、D【解析】作出匀加速的v-t图象，如图1所示。由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知

14、时刻物体的位移小于总位移的一半，故由图得知中间位置的速度v1一定大于v2，即v1v2，作出匀减速的v-t图象，如图2所示。由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移大于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的左边侧，故此时对应的速度v1一定大于v2，即v1v2，无论是匀加速直线运动还是匀减速直线运动一段时间内的中点速度始终大于中间时刻的瞬时速度，故ABC正确，D错误。故选D。 5、A【解析】小球开始受到重力、推力F和弹簧的支持力，三力平衡，撤去推力后，小球先向上做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断变大的减速运动，结合牛顿第二定律进行分析

15、即可【详解】A、撤去力F一瞬间，小球所受的合力大小为F=2mg，方向竖直向上，加速度大小为A正确；BCD、小球上升的过程中，所受合力刚开始竖直向上，则小球做加速度逐渐减小的加速运动，当弹簧弹力和重力相等时，小球速度最大，此时加速度为零，当小球继续上升的过程中，合力竖直向下，小球做加速度逐渐增大的减速运动，BCD均错误故选A【点睛】解决本题的关键知道加速度方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动6、C【解析】刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A错误木炭包在传送带上运动

16、靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，mg=ma，所以a=g，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由v2=2ax 得，木炭包位移，设相对滑动的时间为t，由v=at，得，此时传送带的位移为，所以滑动的位移是，由此可以知道，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以B错误，木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以C正确传送带运动的速度越大，径迹的长度越长，所以D错误故选C【点睛】求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可7、CD【解

17、析】设弹簧弹力为F，当时，即时，A所受摩擦力为0；若，A受到的摩擦力沿斜面向下；若，A受到的摩擦力沿斜面向上，可见AB错误C正确；当时，A所受摩擦力大小为，方向沿斜面向下，D正确8、BD【解析】A.速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误；B.根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，故B正确；C.末速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误；D.加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确；9、BCD【解析】由题意知，最短时间为所以最小的竖直高度为最长时间为2s，最大的竖直高度为故BCD可能，A不可能。故选BCD。10、AC【解析】A根据平行四边形定

18、则，F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍，故A正确；BF1、F2同时增加5N，根据平行四边形定则合成之后，合力的大小增加不一定是5N，故B错误；CF1、F2中一个增大，根据平行四边形定则合成之后，合力的大小不一定增大，选项C正确；DF1增加5N，F2减少5N，F一定变化，故D错误。故选AC。11、ABD【解析】AB.对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹簧的弹力，根据平衡条件知，M对m的摩擦力方向向右根据牛顿第三定律得：m对M的摩擦力方向向左，故A正确，B正确；CD.对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体合力不为零，故地面对M无摩擦力作用，故C错误

19、，D正确本题该选ABD。12、ABC【解析】A12s内质点的加速度为所以12s内质点的加速度大小为8m/s2，故A正确；B4s末质点回到了出发点，所以24s内质点的位移大小等于12s的位移大小，为故B正确；C3s末图线的斜率为零，所以此时加速度为零，故C正确；D设3s末质点的速度大小为v。图线“面积”表示位移，则所以故D错误。故选ABC。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .F .B .ACD【解析】1方向一定沿AO方向的是用单个弹簧称拉橡皮筋时的拉力，所以F的方向才一定沿AO方向。2本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B。3A两个分力F1、F2的大小要尽量大些，可以减小测量及作图时的偶

20、然误差，A正确；B两个分力F1、F2间夹角应该恰当才好，不是越大越好，B错误；C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，确保各力在同一平面，可以减小作图的引起的误差，C正确；DAO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，D正确；故选ACD。14、 .A .C【解析】12A保证拉力方向为在纸面上画出的方向，弹簧秤一定要与木板平行，故A正确；B用两只弹簧秤拉橡皮条时，之间的夹角不一定要等于，故B错误；C由于实验总存在误差，用两只弹簧秤拉时合力的图示F与用一只弹簧秤拉时图示不完全重合，只要在误差允许范围内，就可以说明“力的平行四边形定则”成立，故C正确；D若F1、F2方向不变，而大小各增加1N，根据平行四边形定则知，合力的方向可能改变，大于不一定增加1N，故D错误。故选AC。15、 .C .需要 .A .等于 .不需要【解析】（1）1.打点计时器使用交流电源，故A错误实验时应先接通电源，再释放小车，故B错误实验时应保持细绳与平板平行，故C正确要让小车从靠近定滑轮处开始运动，故D错误（2）2.因在操作中满足：，则在操作中，每次改变小车质量M后，需要重新调节平板的倾角（3）3.在合力不变的条件下，加速度与质量成反比，所以图象是过原点的倾斜的直线，故A