山东省安丘市第二中学2022年物理高一上期末学业水平测试模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、在下列与运动学相关的表述中，正确的是( )A.公交车通过某站台过程中的速度是表示瞬时速度B.时间有方向，所以时间是矢量C.在描述运动时，参考系的选择是

2、任意的，并假定它不动D.路程和位移是两个不同的物理量，在数值上不可能相等2、在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，某同学站在体重计上，体重计示数为50.0kg若电梯运动中的某一段时间内，该同学发现体重计示数为如图所示的40.0kg，则在这段时间内（重力加速度为g）（ ）A.该同学所受的重力变小了B.电梯一定在竖直向下运动C.该同学对体重计的压力小于体重计对她的支持力D.电梯的加速度大小为0.2g，方向一定竖直向下3、如图所示是某质点做直线运动的vt图象，由图可知这个质点的运动情况是（）A.5s15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2B.前5s内静止C.15s20s内做匀减速运动，加速

3、度为0.8m/s2D.质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点4、关于惯性，下列说法正确的是A.只有静止的物体才具有惯性B.物体的速度越大则惯性越大C.若物体所受的合力不为零则物体没有惯性D.若两物体质量相等则它们的惯性相同5、做初速度为零的匀加速直线运动的物体，将其运动时间顺次分成1：2：3的三段，则每段时间内的位移之比为A.1：3：5B.1：4：9C.1：8：27D.1：16：816、如图所示的x-t图像和v-t图像中，给出的四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是A.v-t图像中物体4，在时刻离出发点最远B.图线1、2均表示物体做直线运动

4、C.两图像中，、时刻分别表示物体2、4开始反向运动D.x-t图像中时刻物体1的速度大于物体2的速度7、如图所示，质量为的斜面静止在粗糙的水平面上，质量为的小球在水平细绳的作用下静止在光滑的斜面上关于小球与斜面的受力情况，下列中说法正确的是（ ）A.斜面对小球的支持力一定大于B.细绳对小球的拉力一定大于C.地面对斜面支持力一定大于D.地面对斜面的摩擦力一定为零8、质量分别为和的物体、用细绳连接后跨过滑轮，静止在倾角为45的斜面上，悬挂着，已知，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45增大到50，系统仍保持静止，下列说法正确的是A.物体受到的合外力减小B.物体对斜面压力保持不变C.绳子对的拉力保持不变D.

5、物体受到的静摩擦力增大9、如图所示，水平横杆上套有圆环A，圆环A通过轻绳与重物B相连，轻绳绕过固定在横杆下光滑的定滑轮，轻绳通过光滑动滑轮挂着物体C，并在某一位置达到平衡，现将圆环A缓慢向右移动一段距离，系统仍保持静止，则下列说法中正确的是A.轻绳的拉力变大B.横杆对圆环A的摩擦力不变C.物块C的高度上升D.物块B的高度上升10、如图所示，绳OA、OB悬挂重物于O点，开始时OA水平现缓慢提起A端而O点的位置保持不变，则( ) A.绳OB的张力逐渐减小B.绳OB的张力逐渐增大C.绳OA的张力先变小，后变大D.绳OA的张力先变大，后变小二、实验题11、（4分）图(a)为测量物块与水平桌面之间动摩擦

6、因数的实验装置示意图，实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m；用游标卡尺测量遮光片的宽度d用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a：多次重复步骤求a的平均值根据上述实验数据求出动摩擦因数回答下列问题：(1)物块的加速度a可用d、s和tA和tB表示为 a=_(2)动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为 =_12、（10分）某同学为了测量滑块和水平放置的长木板之间的动摩擦因数，采用如图所示的实验装置进行实验已知滑块的质量为m1，托盘的质量为m

7、2，重力加速度为g（1）不计打点计时器与纸带间的摩擦力，本实验_（填“需要”或“不需要”）使滑块的质量远大于托盘及砝码的质量；（2）若砝码的总质量为m3，打点计时器打出的纸带上相邻两点之间的间隔相同，则滑块和长木板之间的动摩擦因数为_（3）若砝码的总质量为m4，由打点计时器打出的纸带上的点求得滑块做匀加速运动的加速度大小为a，则滑块和长木板之间的动摩擦因数为_三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）一个倾角为=37的斜面固定在水平面上，一个质量为m=1.0kg的小物块（可视为质点）以v0=4.

8、0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数=0.25若斜面足够长，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小物块沿斜面上滑时的加速度大小；(2)小物块上滑的最大距离；(3)小物块返回斜面底端时的速度大小14、（14分）一辆卡车在刹车过程中做匀减速直线运动，加速度的大小是，刹车后运动22.5m恰好停下，求：（1）刹车过程所用的时间；（2）刹车前的初速度；（3）刹车过程中最后2s的位移。15、（13分）如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37角，球和车厢相对静止，球的质量为1kg.(g取10m/s2，sin 370

9、.6，cos 370.8)求：(1)车厢运动的加速度并说明车厢的运动情况；(2)悬线对球的拉力参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】公交车通过某站台过程中需要一定的时间，速度是平均速度，故A错误；时间没有方向，所以时间是标量，故B错误；描述运动时，参考系的选择是任意的，并假定它不动，故C正确；路程与位移两个不同的物理量，当物体做单向直线运动时，其在数值上相等，故D错误；故选C考点：瞬时速度和平均速度；矢量和标量；路程和位移；参考系

10、.2、D【解析】A、同学在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而她的重力没有改变，故A错误；BD、以竖直向下为正方向，有：mg-F=ma，即50g-40g=50a，解得a=0.2g，方向竖直向下，但速度方向可能是竖直向上，也可能是竖直向下，故B错误，故D正确；C、对体重计的压力与体重计对她的支持力是一对作用力与反作用力，大小一定相等，故C错误；故选D【点睛】熟练超重和失重概念的理解及牛顿第二定律在超重和失重中的应用，不论处于超重还是失重状态，重力均不会变化3、A【解析】5s15s内质点的速度均匀增大，做匀加速运动，加速度为：故A正确前5s内物体做匀速直线运动，选项B错误；15

11、s20s内质点的速度均匀减小，做匀减速运动，加速度为：，故C错误020s内速度一直是正值，说明速度方向不变， 20s末离出发点最远，20秒末不可能回到出发点故D错误；故选A.4、D【解析】惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性；惯性的大小仅与物体的质量有关，与物体的运动状态、运动速度、所受合力是否为零无关，不只是静止的物体具有惯性，运动的物体也有惯性；若两物体的质量相等，则它们的惯性相同，故ABC错误，D正确故选D【点睛】惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性，与物体的运动状态无关惯性的大小与物体的质量有关5、C【解析】根据可得：物体通过的第一段位移为：，又前3ts的位移减去前ts的位移就等于第二

12、段的位移，故物体通过的第二段位移为：又前6ts的位移减去前3ts的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：，故位移比为：1：8：27，C正确；考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】本题的技巧是利用匀加速直线运动的推论，利用比例法求解，简单方便匀加速直线运动的推论可在理解的基础上记忆，解选择题6、BD【解析】Av-t图像中速度的正负表示运动方向，故物体4在整个过程中都朝着正方向运动，所以在时刻离出发点最远，A错误；B在x-t中两物体的位移为正，并且一直增大，所以做直线运动，B正确；C在v-t图中4物体的正向的速度减小，并没有改变运动方向，C错误；Dx-t图像的斜率表示速度，故

13、时刻物体1的速度大于物体2的速度，D正确；故选BD。7、AD【解析】以小球为研究对象，受到重力、支持力和绳子的拉力，如图所示A根据图中几何关系可得而斜面对小球的支持力一定大于，故A正确；B细绳对小球的拉力，不一定大于，故B错误；C以整体为研究对象，竖直方向根据平衡条件可知，地面对斜面的支持力一定等于，故C错误；D以整体为研究对象，系统水平方向不受外力，水平方向根据平衡条件可知，地面对斜面的摩擦力一定为零，故D正确8、CD【解析】先对物体B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析【详解】因系统平衡，可知

14、物体A受到的合外力为零，保持不变，选项A错误；绳子对A的拉力等于B的重力，保持不变，选项C正确；设mA=2mB=2m，对物体B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图根据平衡条件得到：f+T-2mgsin=0；N-2mgcos=0；解得：f=2mgsin-T=2mgsin-mg；N=2mgcos；当不断变大时，f不断变大，N不断变小；选项B错误，D正确；故选CD【点睛】本题关键是先对物体m受力分析，再对物体2m受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解9、BD【解析】A.物体B保持静止，受重力和拉力，根据平衡条件，轻绳拉力大小处

15、处相同，等于B的重力，保持不变，故A错误；BCD.重物C受重力和两侧绳子的拉力，始终平衡，拉力和重力大小都不变，根据平衡条件，动滑轮两侧绳子夹角保持不变，栓接A的轻绳与水平方向夹角不变，重物C必定下降，物块B的高度上升，绳子对A环的拉力的大小和方向均不改变，故杆对环的摩擦力也一定不变，故C错误，BD正确10、AC【解析】对O点受力分析，受到三个拉力，根据共点力平衡条件并运用合成法进行作图分析即可；【详解】对点O受力分析，如图所示：通过作图，可以看出绳OA张力先变小后变大，绳OB的张力逐渐减小，故AC正确，BD错误【点睛】本题关键对点O受力分析，然后根据共点力平衡条件并运用合成法进行作图分析二、

16、实验题11、 . .【解析】（1）1遮光片经过光电门A和光电门B时的速度为：根据可得：（2）2根据牛顿第二定律可知：解得：12、 .不需要 . .【解析】（1）因为本实验以系统为研究对象，所以本实验不需要满足滑块的质量远大于托盘及砝码的质量（2）纸带上相邻两点之间的间隔相同，说明滑块匀速运动，即解得：（3）以系统为研究对象，有则解得：(3).【点睛】由于绳子的拉力与砝码盘及砝码的重力不相等，那么在研究此问题时要以整体为对象，所以此实验不需要满足滑块的质量远大于托盘及砝码的质量三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数

17、值和单位13、（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【解析】（1）根据牛顿第二定律求出小物块上滑的加速度大小（2）通过匀变速直线运动的速度位移公式求出小物块上滑的最大距离（3）根据牛顿第二定律求出下滑的加速度，通过速度位移公式求出下滑到斜面底端的速度大小解：（1）小物块在斜面上的受力情况如右图所示，重力的分力根据牛顿第二定律有FN=F2F1+Ff=ma又因为 Ff=FN由式得a=gsin+gcos=100.6m/s2+0.25100.8m/s2=8.0m/s2（2）小物块沿斜面上滑做匀减速运动，到达最高点时速度为零，则有得 =1.0m（3）小物块在斜面上受力情况如右图所示，根据牛顿第二定律有FN=F2F1Ff=ma由式得a=gsingcos=100.6m/s20.25100.8m/s2=4.0m/s2因为 所以 =（或2.8m/s）答：（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁14、 (1)