云南省曲靖市麒麟区五中2023学年物理高二上期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在M、N处各有一条垂直纸面的长直导线，导线中通有大小相等方向相反的恒定电流， O

2、点是MN连线的中点。其中N处电流在O点产生的磁感应强度大小为B1.则O点的磁感应强度大小为A2B1BCB1D02、现有一个灵敏电流计，它的满偏电流为，内阻，若要将它改装成量程为3V的电压表，则应在该灵敏电流计上A串联一个2500的电阻B串联一个25000的电阻C串联一个3000的电阻D并联一个2500的电阻3、把一根粗细均匀金属导线剪掉，剩余导线电阻为原来的（ ）ABC2倍 D3倍4、如图所示，电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向a端移动过程中，下列说法正确的是A电压表V的示数减小B电流表A的示数增大C电容器C的带电量减少D电阻R1的功率减小5、如图所示电路中，开关闭合，当滑动变阻器的滑片从

3、端向端滑动时，以下判断正确的是（ ）A电压表示数变大，通过灯的电流变大，灯变亮B电压表示数变小，通过灯的电流变小，灯变暗C电压衣示数变大，通过灯的电流变小，灯变亮D电压表示数变小，通过灯的电流变大，灯变暗6、如图所示，电源内阻较大，当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑动变阻器滑片由该位置向a端滑动，则（）A灯泡将变暗，电源效率将减小B液滴带正电，将向下做加速运动C电源的路端电压增大，输出功率也增大D滑片滑动瞬间，带电液滴电势能将减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多

4、个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、蓄电池的电动势为2V, 干电池的电动势为1.5V，这表明 ( )A在相同的时间内蓄电池比干电池转化更多的化学能B在相同的电量通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能C在相同的电流通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能D蓄电池转化化学能的本领比干电池大8、对于水平放置的平行板电容器,下列说法正确的是（ ）A将两极板的间距加大,电容将增大B将两极板平行错开,使正对面积减小,电容将减小C在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板,电容将增大D在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间

5、距的铝板,电容将增大9、如图所示，方盒A静止在光滑的水平面上盒内有一小滑块 B，二者质量相同， 滑块与盒内水平面间的动摩擦因数为若滑块以速度v开始向左运动，与盒的左、右壁发生无机械能损失的碰撞，滑块在盒中来回运动多次，最终相对于盒静止，重力加速度为g，则( )A最终盒的速度大小为v/2B最终盒的速度大小为vC滑块相对于盒运动的路程为D滑块相对于盒运动的路程为10、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表当滑动变阻器R2的滑动触头p移动时，关于两个电压表V1与V2的示数，下列判断正确的是（）Ap向a移动，V1示数增大、V2的示数减小Bp向b移动，V1示数增大、V2的示数减小Cp向

6、a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值Dp向b移动，V1示数改变量的绝对值大于V2示数改变量的绝对值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做“决定电阻大小的因素”实验时，每次需挑选下表中两根合适的导线，测出通过它们的电流强度，然后进行比较，最后得出结论导线号码ABCDEFG长度(m)1.00.51.51.01.21.50.5横截面积（mm2）3.20.81.20.81.21.21.2材料锰铜钨镍铬锰铜钨锰铜镍铬（1）为了研究电阻与导体材料有关，应选用的两根导线是（填号码）_；（2）为了研究电阻与导体的长度有关，应

7、选用的两根导线是_；（3）为了研究电阻与横截面积的关系，应选用的两根导线是_（4）本实验所采用的方法是_12（12分）用伏安法测定一段阻值约为5的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材： A电池组（3V，内阻约为1）； B电流表（03A，内阻约为0.01）； C电流表（00.6A，内阻约为0.1）； D电压表（03V，内阻约为3k）： E电压表（015V，内阻约为15k，）； F滑动变阻器（020，额定电流1A）； G滑动变阻器（02000，额定电流0.3A）； H开关、导线 （1）上以器材中应选用的是 _ （填写器材前的字母代号）； （2）实验电路应采用电流表 _ 接法（填“内

8、”或“外”）； （3）某次测量时，电流表、电压表示数如图1所示，图示中I= _ A，U= _ V； （4）为使通过待测金属导线的电流能在00.5A范围内调节，请按要求将图2中的实验器材连接完整_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，真空中平面直角坐标系xOy中有一以为圆心、半径为r的圆形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，在的范围内，有方向沿x轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E。从O点向不同方向发射速率相同的质子，质子的运动轨迹均在纸面内，已知质子的电量为q，质量为m，质子在

9、磁场中的偏转半径也为r，不计质子重力及其它阻力作用。求：(1)质子进入磁场时速度v的大小；(2)速度方向沿x轴正方向射入磁场的质子，到达y轴所需的时间t；(3)速度方向与x轴正方向成角射入磁场的质子，到达y轴时的位置与原点O的距离。14（16分）电场中A、B两点的电势是A=600V，B=100V。把正电荷q=1.510-8C由A移动到B点，电场力做了多少功？电势能是增加还是减少？变化了多少？15（12分）如图所示，在第三、第四象限存在电场强度为E，方向与x轴成=60的匀强电场，在第一象限某个区域存在磁感应强度为B、垂直纸面向里的有界匀强磁场，x轴上的P点处在磁场的边界上，现有一群质量为m、电量

10、为+q的带电粒子在纸面内以速度v（0v）垂直于x轴从P点射入磁场所有粒子均与x轴负方向成=30角进入匀强电场中，其中速度最大的粒子刚好从坐标原点O射入电场，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力，第二象限为无场区，求：（1）P点的坐标；（2）速度最大的粒子自P点开始射入磁场到离开电场所用的时间；（3）磁场区域的最小面积参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向相同，由于O点是MN连线的中点，则两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等，N处电流在O点产生的磁感应强

11、度大小为B1，根据平行四边形进行合成得到，M点和N点在O点的磁感应强度大小为2B1，故选A。2、A【解析】将小量程的电流表改装成电压表需要串联一个大一些的电阻；改装后电压表量程为3V，所串联电阻的阻值为： ，故A正确，BCD错误。3、B【解析】根据电阻定律可知, 可知，导体电阻R与长度成正比，与截面积成反比，因截面积不变，剪掉2/1后，长度为原来的1/1，故剩余导线电阻为原来的1/1故B正确，ACD错误故选B.4、D【解析】明确电路结构，根据电阻的变化分析电路中电流的变化，从而确定路端电压和各支路电流的变化，从而确定电容器的电量变化，根据功率公式确定电阻消耗功率的变化【详解】滑片向a端移动时，

12、滑动变阻器接入电阻增大，则可知总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，电流表示数减小；内电压减小，路端电压增大；电压表示数增大；故AB错误；因总电流减小，则内电压和R1两端的电压减小，而路端电压增大，故电容器两端电压增大，根据Q=CU可知其电量增大，故C错误；因电流减小，则由P=I2R可知，R1的功率减小，故D正确故选D【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，对于选择题也可以直接根据“串反并同”的结论进行分析，得出结论5、D【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流减小，通过灯的电

13、流减小，则灯变暗电源的内电压和的电压减小，路端电压增大，电压表示数变大，则并联部分电压增大，通过灯的电流增大，灯变亮故ABD，错误C正确故选C.【点睛】当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化，再由欧姆定律分析并联部分电压的变化，即可得到结论6、D【解析】A将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗电源的效率外电路总电阻增大，路端电压增大，则电源效率增大故A项错误B液滴受力平衡，因电容器上极板带负电，板间场强向上，则知液滴

14、带正电滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动故B项错误C由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故C项错误D因电容器两端的电压增大，板间场强增大，下极板与电荷所在位置间的电势差增大，因下极板接地，电势始终为0，则电荷所在位置的电势减小；粒子带正电，则粒子电势能减小故D项正确【点睛】本题是电容器动态变化分析与电路动态变化分析的综合，抓住电容器的电压与电阻电压的关系进行分析；下极板接地且与电源正极相连，板间各点电势均为负值二、多项选择题：本题共4小

15、题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：根据W=UIt=Uq,因为蓄电池的电动势大于干电池，所以在相同的电量通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能，蓄电池转化化学能的本领比干电池大，选项BD正确。考点：电源的电动势。8、BCD【解析】影响平行板电容器电容大小的因素有：随正对面积的增大而增大；随两极板间距离的增大而减小；在两极板间放入电介质，电容增大，则可知A错误，B、C正确；在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，实际上是减小了平行板的间距，电容增

16、大，D正确9、AD【解析】AB方盒A和滑块B组成的系统动量守恒，最后A和B保持相对静止，因此由动量守恒有， 得，故A对B错；CD整个过程损耗的能量为摩擦生热，因此有能量守恒有代入数据解得，故C错D对10、AC【解析】ACP向a滑动，滑动变阻器R2的电阻变小，分压U2减小，根据闭合电路的欧姆定律有E=Ur+U1+U2，其余部分电路的分压相对增大，减小值和增大值相等，即U2=（U1+Ur），选项A、C正确；BD同理，P向b滑动，V1示数减小、V2的示数增大，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值，选项B、D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处

17、，不要求写出演算过程。11、C、F； C、G； A、D； 控制变量法 【解析】导体电阻大小的影响因素：材料、长度、横截面积研究导体电阻大小的影响因素时，采用控制变量法，研究电阻跟材料的关系时，控制长度和横截面积不变；研究电阻跟长度的关系时，控制材料和横截面积不变；研究电阻跟横截面积的关系时，控制长度和材料不变【详解】（1）研究电阻跟材料的关系时，控制长度和横截面积不变，选择导线CF（2）研究电阻跟长度的关系时，控制材料和横截面积不变，选择导线CG（3）研究电阻跟横截面积的关系时，控制长度和材料不变，选择导线AD（4）这个实验的研究方法是控制变量法12、（1）C；D ；F （2）外；（3）0.4

18、8；2.20 （4）电路如图；【解析】（1）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律，故电流表选取C；题目要求测量结果尽量准确要选择滑动变阻器分压接法，则选取小阻值F；故选取的器材为：ACDFH（2）被测电阻约520；为小电阻，故选择电流表外接；（3）电流表读数I=0.44A；电压表读数U=2.20V；（4）电流表外接又滑动变阻器分压接法，故电实验原理电路图如图：点睛：电学实验要注意以下问题：（1）仪表的选择；（2）电路的接法；（3）数据的处理；要学会根据实验的原理同时结合安全性、准确性原则进行分析四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)或 。【解析】(1)质子射入磁场后有解得 (2)质子沿x轴正向射入磁场后经圆弧后以速度垂直于电场方向进入电场，质子在磁场中运动周期在磁场中运动的时间为质子进入电场后做类平抛运动，沿电场方向运动r后到达y轴，因此有解得 故 (3)第一种情况：质子从第四象限射入，质子在磁场中转过角后垂直于电场线进入电场，从磁场射出时，横坐标由得质子在电场中运动时间 则出射点离坐标原点的距离为 第二种情况：质子从第一象限射入，质子在磁场中转过角后垂直于电场线进入电场，从磁场射出时，横坐标 同理可得质子