福建省南安市南安一中2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于匀速圆周运动的说法，正确的是()A匀速圆周运动是匀速运动B匀速圆周运动是匀变速运动C匀速圆周运动是加速度不

2、变的运动D匀速圆周运动是加速度不断改变的运动2、如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线当通以电流I时，欲使导体静止在斜面上，外加匀强磁场B的大小和方向应是（ ）A,方向垂直斜面向上B,方向垂直斜面向下C,方向垂直向下D,方向水平向右3、条形磁铁内部和外部分别有一小磁针，小磁针平衡时如图所示，则（）A磁铁c端是N极B磁铁d端是N极C小磁针a端是N极D小磁针b端是S极4、对于一定质量的物体而言，其速度、动量和动能的说法正确的是A物体的速度发生变化，其动能一定发生变化B物体的动量发生变化，其动能一定发生变化C物体的动能发生变化，其动量一定发生变化D物体的速度发生变化

3、，其动量不一定发生变化5、下列x-t图象中，表示物体做匀速直线运动的是 （ ）ABCD6、两辆汽车的质量分别为和，沿水平方向做匀速直线运动并且具有相等的动能，则两辆汽车动量大小之比是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电势差的计算公式，下列说法正确的是A电势差的公式说明两点间的电势差与电场力做功成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B把正电荷从A点移到B点电场力做正功，则有C电势差的公式中，UAB与移动电荷的电荷量q有关D电场中A、B两点间的电势差等于把单位正

4、电荷q从A点移动到B点时电场力所做的功8、三个质量相等的带电微粒（重力不计）以相同的水平速度沿两极板的中心线方向从O点射入，已知上极板带正电，下极板接地，三微粒的运动轨迹如图所示，其中微粒2恰好沿下极板边缘飞出电场，则（）A三微粒在电场中的运动时间有t3=t2t1B三微粒所带电荷量有q1q2=q3C三微粒所受电场力有F1=F2F3D飞出电场时微粒2的动能大于微粒3的动能9、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是 A电子运动的轨迹为直线B该电场是匀强电场C电子在N点

5、的加速度小于在M点的加速度D电子在N点的动能大于在M点的动能10、在如图所示的电路中，闭合开关K后，当滑动变阻器R1的滑动片P向b端移动时（ ）AA1的示数增大，V的示数减小BA1的示数减小，A2的示数增大CA2的示数增大，V的示数增大DA1的示数增大，A2的示数增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中，被测电源是两节干电池串联的电池组可供选择的实验器材如下：A电流表，量程00.6 A3 AB电流表，量程0100 A100 mAC电压表，量程03 V15 VD滑动变阻器，01 000

6、，0.1 AE滑动变阻器，020 ，2 AF电键一个，导线若干(1)为了尽量得到较好效果，电流表应选_，量程应选_，电压表量程应选_，滑动变阻器应选_(2)如图有甲、乙两个可供选择的电路，应选_电路进行实验实验中误差是由于_表的读数比实验值偏_(选填“大”或“小”)12（12分）在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为3 实验室备有下列实验器材A电压表V1（量程3 V，内阻约为15 k）B电压表V2（量程15 V，内阻约为75 k）C电流表A1（量程3 A，内阻约为0.2 ）D电流表A2（量程600 mA，内阻约为1 ）E.变阻器R1（010 ，1.0 A）F.变阻器R2

7、（0100 ，0.3 A）G.电池E（电动势为3 V，内阻约为0.3 ）H.开关S，导线若干(1)提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有_(2)为了减小实验误差，应选用图中_（填“a”或“b”）为该实验的电路原理图，并按所选择的原理图把实物图用导线连接起来_(3)用刻度尺测得金属丝长度为60.00 cm，用螺旋测微器测得导线的直径为0.635 mm，两电表的示数分别如图所示，则电阻值为_，电阻率为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）电饭锅工作时有两种状态:一种是锅内水烧干前的加热状态，另一种是锅

8、内水烧干后的保温状态.如图2-27所示是电饭锅电路的示意图，S是用感温材料制造的开关，R1是电阻，R2是供加热用的电阻丝.(1)试判断开关S接通时和断开时，电饭锅分别处于哪种工作状态，说明你的理由.(2)如果要使R2在保温状态时的功率是加热状态时的一半，R1/R2应是多大?14（16分）如图所示，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E今有一质量为m、带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为，求：（1）滑块由C到B的

9、过程中，电场力做什么功？做功为多少？（2）滑块通过B点时的速度大小（3）水平轨道上A、B两点之间的距离15（12分）如图所示，在真空中有一与x轴平行的匀强电场，一电子由坐标原点O处以速度v0沿y轴正方向射入电场，在运动中该电子通过位于xoy平面内的A点，A点与原点O相距L，OA与x轴方向的夹角为，已知电子电量q = -1.610-19C，电子质量m = 910-31kg，初速度v0 = 1107m/s，O与A间距L = 10cm、=30求匀强电场的场强方向和大小 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】匀速圆

10、周运动速度大小不变，方向变化，故速度是变化的，一定是变速运动，一定具有加速度，匀速圆周运动加速度大小不变，方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，D正确,ABC错误。故选D2、B【解析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由左手定则来确定安培力的方向，由平衡条件求出安培力大小，最后由安培力公式计算B的大小【详解】A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故A错误；B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，根据平衡条件：mgsin

11、=BIL，则，故B正确；C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故C错误；D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向水平向右，则受竖直向下的安培力三力作用下导线不会处于平衡，故D错误；故选B.【点睛】学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向3、B【解析】在磁体内部磁场由S极指向N极，在外部由N极指向S极，而小磁针北极的指向就是该点磁场的方向，所以磁铁c端是S极，d端是N极，铁内部也有一小磁针，平衡时N极的指向与条形磁铁的磁场的方向一致，即a端是S极，b端是N极，故

12、B正确，ACD错误；【点睛】考查了磁场方向的概念， 在磁体内部磁场由S极指向N极，在外部由N极指向S极，而小磁针北极的指向就是该点磁场的方向4、C【解析】A物体的速度发生变化，如果只是方向变化，大小不变，动能不变，故A错误；B物体的动量发生变化时，其速度发生变化，可能是只有速度方向变化，故动能不一定变化，故B错误；C物体的动能发生变化时，速度大小一定发生变化，故动量一定发生变化，故C正确；D根据p=mv可知，物体的速度发生变化时，其动量一定会发生变化，故D错误。故选C。5、C【解析】在x-t图像中，倾斜程度代表运动快慢即速度大小，因此匀速直线运动应该为一条过原点的倾斜直线，故C正确，ABD错误

13、6、B【解析】根据动量与动能关系式：P2=2mEK，可得两辆汽车动量大小之比是： ，故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】电势差的大小是由电场本身决定的，两点间的电势差与电场力做功无关，与移动电荷的电荷量q无关，故AC错误；把正电荷从A点移到B点电场力做正功，根据，故B正确；根据，电场中A、B两点间的电势差等于把单位正电荷q（电荷量为1C的电荷）从A点移动到B点时电场力所做的功，故D正确；故选BD.8、AD【解析】三个质量相等的带电微粒（

14、重力不计）以相同的水平速度沿两极板的中心线方向从O点射入，上极板带正电，下极板接地，微粒做类平抛运动微粒水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速为零的匀加速直线运动A：微粒水平方向做匀速直线运动，微粒在电场中的运动时间，三微粒水平速度相等，则故A项正确BC：微粒竖直方向做初速为零的匀加速直线运动，则，且；所以三个质量相等的带电微粒在竖直方向只受电场力F，则；所以，故BC两项均错误D：微粒在竖直方向的末速度，则；微粒飞出电场的速度，微粒飞出电场的动能，则飞出电场时微粒2的动能大于微粒3的动能故D项正确9、ACD【解析】电场力做功等于电势能的减小量，Ep-x图线切线的斜率表示电场力的大小，通过斜率的

15、大小判断电场力的变化，从而得出加速度的变化根据电场力的变化判断动能的变化。【详解】A项：电子的初速度为零，且沿着电场线运动，其轨迹一定为直线，故A正确；B项：图线切线的斜率逐渐减小，则电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小，不是匀强电场，故B错误；C项：从M到N电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小，故C正确；D项：由于电势能减小，知电场力做正功，因为电子仅受电场力，根据动能定理，知动能增大，即N点的动能大于M点的动能，故D正确。故应选：ACD。【点睛】解决本题的关键知道图线切线的斜率表示电场力，通过电场力的大小判断电场强度、加速度的变化，通过电场力做功判断动能的变化。10、AD【解析】

16、试题分析：当滑动变阻器的滑动片P向b端移动时，滑动变阻器连入电路的电阻减小，电路总电阻减小，电路总电流增大，所以A1的示数增大，路端电压减小，即V的示数减小，两端的电压减小，故通过的电流减小，而总电流是增大的，所以通过的电流增大，即A2的示数增大，故AD正确；考点：考查了电路动态分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A 00.6 A 03 V E 乙 电流 小【解析】(1)一般干电池允许通过的最大电流为0.5 A，故电流表应该选A，其量程应该选；两节干电池串联后的电动势为3.0 V，故电压表量程应该选；滑动变阻器的最大阻值只需要比电

17、池组的内阻大几倍即可，故选择E；(2)应该选乙电路，电流表的内阻和滑动变阻器的阻值相差不大，其分压作用不可忽略，而电压表的内阻相对滑动变阻器的阻值来讲大很多，其分流作用可以忽略，故选择乙电路；实验中电压表的示数是路端电压，电流表的示数比干路中的电流略小，所以实验中的误差是由于电流表的读数比实际值偏小所造成的。12、ADEGH b 2.4 【解析】(1)1伏安法测电阻，需要：G、电池E（电动势为3 V，内阻约为0.3 ），H、开关S，导线若干；电源电动势是3 V，因此电压表可选：A、电压表V1（量程3 V，内阻约为15 k）；电路最大电流：如果选用量程是3A的电流表，电流表指针偏转角度不到电表刻

18、度的三分之一，为提高实验精度，电流表可选：D；电流表A2（量程600 mA，内阻约为1 ），滑动变阻器F的额定电流太小，因此滑动变阻器应选E变阻器R1（010 ，1.0 A）；即需要的实验器材有：ADEGH；(2)2因为：电流表应选择外接法，因此实验电路应选b；3根据电路图连接实物电路图，实物电路图如答图所示；(3)4电压表量程是3 V，由图示电压表可知，电压表分度值是0.1 V，电压表示数是1.20 V，电流表量程是600 mA=0.6 A，由图示电流表可知电流表分度值是0.02 A，电流表示数是0.50 A，电阻阻值：R=2.4 5由电阻定律可知：R=，则电阻率：=代入数据解得：m四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)电键S闭合时，电饭锅处于加热状态.电键S断开时，电饭锅处于保温状态(2)0.414 【解析】(1)如图所示，由P=U2/R得：当接通S时，电阻变小，功率变大，处于加热状态；则电键S断开时，电饭锅处于保温状态。(2)使R2在保温状态时的功率为加热状态的一半，由P=I2R可得电阻R2在保温与加热状态下的电流之比1