内蒙古自治区第一机械制造有限公司第一中学2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在光滑水平面上有一质量为m的物体，在与水平方向成角的恒定拉力作用下运动，则在时间t内（ ）A重力的冲量为0B拉力F的冲量为FtC拉力F的冲量为D动量的变化量等于Ft2、如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的

2、电势差相同，实线为一个带正电的粒子仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。下列说法中正确的是( )A三个等势面中，等势面a的电势最高B带电质点一定是从P点向Q点运动C带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小3、一个物体，只受三个共点力作用，能使合力为零的一组是（ ）A2N 3N 6N B1N 3N 5N C5N 6N 8N D7N 9N 20N4、一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力。则三球落地时的速度大小（）A上抛球最大B下抛球最大C平抛球最大D三球一样大5、以下相

3、关一些物理学家的贡献，不正确的是A法国物理学家库仑发现了电荷之间的相互作用规律-库仑定律，并利用扭秤实验测出了静电力常量k的值。B俄国物理学家楞次发现了楞次定律，从而揭示了感应电流的磁场和磁通量变化之间的关系。C英国物理学家麦克斯韦最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场。D奥斯特最早发现了电流的磁效应。6、下列说法中正确的是()A在电源内部和外部电路中，正电荷都受静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C在电源内部正电荷能从负极到达正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动

4、电荷做功电势能增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一只矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转运，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示，发电机线圈内阻为，外接一只电阻为的灯泡，不计电路的其他电阻，则（ ）A图甲中线圈平面恰与中性面平行B每秒钟内电流方向改变100次C灯泡两端的电压为20VD00.01s时间内通过灯泡的电荷量为08、关于电场强度的叙述，正确的是A沿着电场线的方向，场强越来越小B电场中某点的场强方向一

5、定是该点试探电荷的受力方向C电势降落最快的方向就是场强的方向D负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大9、某静电场中的一条电场线与X轴重合，其电势的变化规律如图所示在O点由静止释放一个负电荷，该负电荷仅受电场力的作用，则在-x0 x0区间内（）A该静电场是匀强电场B该静电场是非匀强电场C负电荷将沿X轴正方向运动，加速度不变D负电荷将沿X轴负方向运动，加速度逐渐减小10、如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为FN，则A在时刻，P有收缩的趋势B在时刻，穿过

6、P的磁通量不变C在时刻，P中有感应电流D在时刻，P有收缩的趋势三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要研究一个小灯泡的伏安特性曲线，小灯泡的额定电压约为4.0 V、额定功率约为2.0 W，他根据实验室提供的实验器材设计电路，并连接了部分电路（如图所示），提供的实验器材如下：A电压表（05 V，内阻10 k）B电压表（010 V，内阻20 k）C电流表（00.3 A，内阻1 ）D电流表（00.6 A，内阻0.4 ）E滑动变阻器（5 ，1 A）F滑动变阻器（500 ，0.2 A）（1）实验中电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻

7、器应选用_（用序号字母表示）。（2）请将上述电路连接完整_。（3）实验结束后，根据所得的数据描绘出了小灯泡的IU图象如图所示，由图象分析可知，当小灯泡的电阻为6 时，小灯泡的实际功率为_W（保留两位有效数字）；若将此小灯泡直接接在一个电动势为3.0 V，内阻为6 的电源两端，则这个小灯泡的实际功率为_W（保留三位有效数字）。12（12分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,某学习小组在实验室组装了如图的装置外,还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m当滑块连接上纸带,用细线通过滑轮挂上空的小桶时,滑块处于静止状态要完成

8、该实验,则：（1）还缺少的实验器材是_ （2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等,沙和小桶的总质量应满足的实验条件是_ ；实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先要做的步骤是_ 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，平行边界MN、PQ间有垂直纸面向外，磁感应强度为B的匀强磁场，一带正电的粒子以速度垂直于MN射入，离开PQ时速度偏转角(末速度与初速度方向间夹角）为，若在MN、PQ间只存在竖直向下的匀强电场，该粒子仍以原来的初速度射入该区域，离开P时速度偏转角仍为，不计粒子的

9、重力，求(1)向强电场的电场强度大小；(2)离子穿过电场和磁场所用的时间之比。14（16分）如图的电路中，电源的电动势，内阻；电阻，；电容器的电容电容器原来不带电，接通电键求：流过电源的电流；电阻两端的电压；从接通电键K达到稳定过程中流过的总电量15（12分）如图所示，A为粒子源，在A和极板B间的加速电压为U1，在两水平放置的平行带电板C、D间的电压为U2，现设有质量为m，电荷量为q的质子初速度为零，从A被加速电压U1加速后水平进入竖直方向的匀强电场，平行带电板的极板的长度为L，两板间的距离为d，不计带电粒子的重力，求：(1)带电粒子在射出B板时的速度；(2)带电粒子在C、D极板间运动的时间；

10、(3)带电粒子飞出C、D电场时在竖直方向上发生的位移y.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】重力的冲量IG=mgt，故A错误拉力F的冲量IF=Ft，故B正确，C错误合外力的冲量：I合=Ftcos，根据动量定理知，合力的冲量等于动量的变化量，则动量的变化量为Ftcos故D错误故选B【点睛】解决本题的关键知道冲量等于力与时间的乘积，知道合力的冲量等于动量的变化量2、A【解析】由于带正电的粒子只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场

11、力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大.【详解】电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，故A正确；带电质点可以由P到Q，也可以由Q到P，由图示条件不能具体确定。故B错误；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；等势线密的地方电场线密，电场场强大，则P点场强大于Q点场强。则P点的加速大，故D错误；故选A。【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的

12、变化3、C【解析】三力中某两个力的合力|F1-F2|F合F1+F2，若另一个力F3的大小在F合的取值范围内，则这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态。A中：1NF合5N，F3=6N，6N不在1N到5N间，故A错误。B中：2NF合4N，F3=5N，5N不在2N到4N间，故B错误。C中：1NF合11N，F3=8N，8N在1N到11N间，故C正确。D中：2NF合16N，F3=20N，20N不在2N到16N间，故D错误。故选C。【点睛】熟悉三个力合力最小值的判定方法，熟悉平衡条件的推论即其应用，本题重点考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值4、D【解析】由机机械能守恒

13、定律可得：12mv2=mgH+12mv02解得v=v02+2gH所以三球落地时的速度大小相等。A. 上抛球最大与上述计算结果不符，故A不符合题意； B. 下抛球最大与上述计算结果不符，故B不符合题意； C. 平抛球最大与上述计算结果不符，故C不符合题意； D. 三球一样大与上述计算结果相符，故D符合题意。5、C【解析】A. 法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律-库仑定律，并测出了静电力常量k的值。故A正确不符合题意；B. 俄国物理学家楞次发现了楞次定律，从而揭示了感应电流的磁场和磁通量变化之间的关系，故B正确不符合题意。C. 英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电

14、场线表示电场。故C错误符合题意。D. 奥斯特最早发现了电流的磁效应，故D正确不符合题意。6、D【解析】A在电源内部，正电荷要受到静电力和非静电力作用，从负极移动到正极，故A错误；B非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少，故B错误，D正确C在电源内部正电荷能从负极到正极同时受到静电力和非静电力作用，故C错误故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A图甲中线圈平面与磁场平行，处于与中性面垂直的位置上，故A错误；B由

15、题图乙可知周期T=0.02s，线框每转一周，电流方向改变两次，每秒电流方向改变100次，故B正确；C由题图乙可知交流电电动势的最大值是Em=31.1V有效值为：根据闭合电路的分压特点得灯泡两端的电压为为：故C正确；D由图象乙可知在00.01s时间内电流的方向不变，所以通过灯泡的电荷量一定不为0，故D错误。8、CD【解析】本题考查了对电场强度的理解，A、 电场强度跟电场线的疏密程度有关，电场线越密电场强度越大，反之电场强度越小，A错误B、 物理学中规定，电场中某点的电场强度方向和该点正电荷受到的电场力方向相同，与负电荷受到的电场力方向相反，B错误C、 根据公式E=Ud可得沿电场线方向，电势降落最

16、快，所以C正确，D、 负电荷形成的电场呈向负电荷聚拢状，根据点电荷电场公式E=kqr2可得离电荷越近，场强越大，思路拓展：本题的关键是理解电场强度和电场线的关系，以及点电荷形成的电场电场线的分布，本题是一道基础性很强的题目，做好本题是为以后的学习打下更好的基础9、AC【解析】试题分析：电势-x图线的斜率等于电场强度大小，由于图线的斜率不变，所以该电场是匀强电场；沿着电场线方向，电势是降低的，则图中的电场线方向指向沿x轴负方向，负电荷受到的电场力方向与场强方向相反，因此，负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变，所以正确选项为A、C考点：本题考查了对-x图线的斜率的理解10、BC【解析】A.当螺线管

17、中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和面积收缩的趋势，即FNG，P有收缩的趋势，故A错误；B.当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此线圈中无感应电流产生，故时FN=G，故B正确；C.t3时螺线管中电流为零，但是线圈P中磁通量是变化的，因此此时线圈P中有感应电流，但此时刻二者之间没有相互作用力，即FN=G，故C正确；D.当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此线圈中无感应电流产生，故t4时FN=G，此时P没有收缩的趋势，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把

18、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A D E 0.96 0.353 【解析】解：(1)由于要描绘小灯泡的伏安特性曲线，即需要测量多组数据，所以滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器选电阻小的E；由于小灯泡的额定电压为4.0 V，因此电压表选量程为5 V的A，小灯泡的额定电流，因此电流表选量程为0.6 A的D；(2)由(1)分析知，控制电路要用分压接法、测量电路用外接，实物图连接如图；(3)由于伏安特性曲线的割线的斜率倒数为电阻，因此作出斜率倒数为6 的图线（如图所示），与小灯泡的IU图线的交点为电流0.4 A，电压2.4 V，因此小灯泡的实际功率；电源短路时的电流为，作出电源的伏安特性曲线如图所示，由图可知，此时小灯泡两端的电压为1.12 V，电流为0.315 A，灯泡的功率为。12、刻度尺 沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量 平衡摩擦力 【解析】由题中“探究加速度与力、质量的关系”可知，本题考查牛肚第二定律中加速度与力、质量的关系实验，根据实验原理和实验步骤可分析本题。【详解】（1）1因为需要通过打点计时器的纸带数据求解加速度，因此还需要的器材是刻度尺；（2）2根据牛顿第二定律可知，当沙和沙桶的总质量远小于滑块质量时，