玉林市重点中学2023学年物理高二上期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力。则 （ ）Aa、b一定是同性电荷的两个带电粒子B沿MP轨迹方向电势将降低，沿MN轨迹方向电势将升高Ca粒子的加速度

2、将减小，b粒子的加速度将增加Da粒子的电势能增加，b粒子的电势能减小2、下列说法正确的是（）A公式适用于求一切电场中某点的电场强度B公式只适用于求真空中某点的电场强度C公式适用于一切点电荷周围某点的电场强度D公式适用于求匀强电场的电场强度，d表示匀强电场中任意两点间的距离3、小刚利用电能表测某家用电器的电功率，当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min时间内，消耗电能0.3kWh，这个用电器最可能是A电视机 B电冰箱 C空调器 D电风扇4、一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q。此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过铜导线横截面

3、的自由电子数目可表示为（）AnvStBnvtCD5、一电压表由电流表G与电阻R串联而成，如图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可能加以改进A在R上串联一比R大得多的电阻B在R上串联一比R小得多的电阻C在R上并联一比R小得多的电阻D在R上并联一比R大得多的电阻6、下列单位中是电场强度的单位的是AN/CBV*mCJ/CDJ/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，其中电流表A的量程为 0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每小格

4、表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的一半；R2 的阻值等于电流表内阻的2倍，若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是A将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.06 AB将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A8、如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MNP点在y轴右侧，MPON则AM点的电势比P点高B将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功CM、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势D在O点静止

5、释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动9、下列各图是探究楞次定律实验的示意图，各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向，与事实相符的是（ ）ABCD10、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个表头G和一只变阻器R组成的，下列说法正确的是( )A乙表是电流表，R增大时量程减小B甲表是电压表，R增大时量程增大C甲表是电流表，R增大时量程减小D乙表是电压表，R增大时量程增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现要测量该材料的电阻率.(1)首先用多用电表的欧姆挡

6、(倍率为100)粗测其电阻，指针位置如图乙所示，其读数为_.(2)用螺旋测微器测量此新型导电材料的直径d，测量结果如丙图所示，则d_mm，用游标卡尺测量此新型导电材料的长度L，测量结果如丁图所示，则L_mm. (3)采用以下器材用伏安法尽可能准确地测量其电阻A电流表：量程为0.6A，内阻约为0.2B电压表：量程为3V，内阻约为3kC滑动变阻器，最大阻值为20，额定电流1AD电源E，电动势6VE.开关S，导线若干请在方框中画出实验原理电路图_(4)某同学设计了如图所示的实验电路，但是在实验过程中却发现导电材料棒电阻率的测量明显偏小，经检查发现实验中有一根导线连接错误，该导线是_.(用导线的序号表

7、示) (5)如果(3)问实验电路中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率_(用I、U、L、d表示)12（12分）某物理兴趣小组要描绘一个标有“3V 0.8W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差可供选用的器材除导线、开关外，还有：a.电池组（电动势为4.5V，内阻约为1）b.电流表（量程为0300mA，内阻约为1）c.电压表（量程为3V，内阻约为3k）d.滑动变阻器（最大阻值为20，额定电流为1A）(1)实验电路应选用图中的_（填选项字母）.(2)请按照(1)中正确选择的实验电路，补充完成图甲中的实物连线_.(3)

8、以电压表的示数U为横轴，以电流表的示数I为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示由图乙可知，随着电压的增大，小灯泡的电阻_（选填“增大”或“减小”），发生这一变化的原因是_.(4)从图乙可知，当灯泡两端电流为0.26A时，小灯泡的功率等于_W（结果保留两位有效数字）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，一质量为m=10kg的物体，由1/4光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达底后沿水平面向右滑动1m距离后停止。已知轨道半径R=0.8m，g=10m/s2，求：（1）物体物体滑至

9、圆弧底端时的速度大小 （2）物体物体滑至圆弧底端时对轨道的压力大小14（16分）如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子（电荷量为e，质量为m，重力不计）无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：（1）电子从释放到进入E2的时间（2）电子离开偏转电场时的动能（3）电子打到屏上的点到O的距离15（12分）如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A、B，放在光滑的水平面上，若物体A被水平速度为v0

10、的子弹射中，且后者嵌在物体A的中心，已知物体A的质量是物体B质量的，子弹质量是物体B的，弹簧被压缩到最短时；（1）求物体A、B的速度. （2）弹性势能的最大值. 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，所以能判断a、b一定带异种电荷，故A错误.沿着电场线电势逐渐降低，由于不清楚电场的具体方向，所以不能判定电势的变化情况，选项B错误.电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确.物体做曲

11、线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，所以电势能都减小，故D错误.故选C.考点：本题考查了电场线、电场强度、电势能.2、A【解析】公式是电场强度定义式，适用于一切电场强度的计算，而公式只适用于真空中的点电荷产生的电场强度的计算，公式适用于求匀强电场的电场强度，d表示匀强电场中两点间沿场强方向的距离，不是任意两点间的距离，故A正确3、C【解析】用电器在t=15min=0.25h，消耗的电能W=0.3kWh，则用电器的电功率：P=Wt=0.3kWh0.25h=1.2kW=1200W，因空调器为大功率用电器，电功率约为1000W，电视机和电冰箱

12、的功率都约为200W左右，电风扇的功率约为40W左右，所以这个用电器可能是空调器，故选C。【点睛】本题考查了电功率公式P=W/t 的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目。4、A【解析】通过铜导线横截面的自由电子数目vtSn= nvSt；或者时间t内流过导体某截面的电量为It，则电子数为 。故选A。5、B【解析】改装电表需要串联或并联电阻，串联的电阻越大电压表量程越大，此电压表的读数总比准确值稍大一些，说明流过灵敏电流表电流偏大，说明电压表总电阻偏小，因此串联一个小电阻即可，B对6、A【解析】试题分析：电场强度的定义式中F、q的单位分别是牛，库，由此公式推导出来电场强度

13、为单位是N/C，匀强电场中电场强度与电势差的关系式是，公式中U、d的单位分别是伏、米，由此公式推导出来电场强度为单位是伏/米故选A，考点：考查了单位制点评: 电场强度的单位是导出单位，根据电场强度的两公式进行推导出两个单位基础题二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB.当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A，故量程为1.2 A+0.6 A=1.8 A，故每一小格表示0.06A，故A正确，B错误；CD.当接线

14、柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A，故C正确，D错误8、AD【解析】A过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有MPN，故A正确B将负电荷由O点移到P点，因UOP0，所以W=-qUOP0，则负电荷电场力做负功，故B错误；C由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动

15、，故D正确；【点睛】考点：电场线；电势及电势能电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加9、CD【解析】A.当磁铁N极向下运动时，线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上。故A错误；B.当磁铁S极向上运动时，线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上。故B错误；C.当磁铁S极向下运动时，线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿

16、线圈盘旋而下，故C正确；D.当磁铁N极向上运动时，线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而下，故D正确；10、AB【解析】AD、乙表滑动变阻器与表头并联，起分流作用，故是电流表，R增大时，电路中R2变阻器分流减小，乙表量程减小；故A正确，D错误；BC、甲表表头与电阻串联，故是电压表，R1增大时时，变阻器分担的电压增大，甲表量程增大；故B正确，C错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2000 3.206mm 50.15mm 【解析】（1）1用多用电表的欧姆挡（倍率

17、为“10”）粗测其电阻，由图乙所示可知，其读数：R=2010=200（2）23由图丙所示螺旋测微器可知，其示数：d=3mm+20.80.01mm=3.208mm由图丁所示游标卡尺可知，其示数：L=50mm+30.05mm=50.15mm（3）4待测电阻阻值约为200，电流表内阻约为0.2，电压表内阻约为3k，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，滑动变阻器最大阻值为20，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：（4）5导电材料棒电阻率的测量值明显偏小，导电材料棒电阻的测量值偏小，说明电流表采用外接法，由图示电路图可知，导

18、线连接错误（5）6导电材料的电阻：电阻率12、B 增大 灯丝电阻率随灯丝温度的升高而增大 0.57 【解析】(1)本实验要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，故滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡内阻，因此应采用电流表外接法，故选择B电路；(2)实验电路选择电流表的外接法+滑动变阻器的分压式，实物连线如图所示：(3) I-U图象中每个点的割线斜率表示电阻的倒数，则可知随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率增大；(4)由图乙读得灯泡的电流I=0.26A，则灯泡的实际功率为.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4m/s ；（2）300N【解析】（1）物体在光滑圆弧轨道上下滑过程，根据动能定理，有：mgR=mv2解得： ；（2）在圆弧底端时，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：FN-mg=m解得：FN=mg+m=1010+10=300N 根据牛顿第三定律，物体对轨道的压力大小为300N.点睛：本题是动能定理和向心力公式的运用问题，动能定理不仅适用于直线运动，而且适用与曲线运动，对单个过程和多过程均适用14、 (1) (2) (3) h=【解析】（1）电子从A点无初速释放后，做匀加速运动，加速度从释放到进