2023学年安徽省池州市贵池区物理高二上期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的

2、三点，R点在等势面b上，据此可知（ ）A带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小B带电质点在P点的电势能比在Q点的小C带电质点在P点的动能大于在Q点的动能D三个等势面中，c的电势最高2、如果在某电场中将带电荷量为5.010-8C的正电荷由A点移到B点，电场力做了-6.010-3的功，那么将带电荷量为5.010-8C的负电荷也由A点移到B点，电场力做的功为A-6.010-3JB6.010-3JC-3.010-3JD3.010-3J3、关于磁感强度B,下列说法中正确的是（ ）A在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大B磁场中某点B的方向，与放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C在磁场中某点的试

3、探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D磁场中某点B的大小，与放在该点的试探电流元的情况有关4、关于UAB和WABqUAB的理解，正确的是（）A电场中的A、B两点的电势差和两点间移动电荷的电荷量q成反比B在电场中A、B两点间沿不同路径移动相同电荷，路径长时WAB较大CUAB与q、WAB无关，甚至与是否移动电荷都没有关系DWAB与q、UAB无关，与电荷移动的路径无关5、在“用打点计时器探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律”实验中，接通电源与释放纸带让纸带（随小车）开始运动，这两项操作的先后顺序是A先释放纸带，后接通电源B先接通电源，后释放纸带C释放纸带的同时接通电源D先接通电源或先释放纸带

4、都可以6、如图所示，电容器耐压值足够大，二极管为理想二极管闭合开关s，电路稳定之后又断开开关，以下说法正确的是A刚闭合开关时，R1和R2中都有电流B电路稳定时，有恒定的电流流过R0C电路稳定时，电容器板间电压等于电源电动势D将开关S断开时，电容器放电二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，水平传送带AB逆时针匀速转动，一个质量为M1.0 kg的小物块以某一水平初速度滑上传送带左端，通过速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示，取向左为正方向，以小物块

5、滑上传送带时为计时起点。已知传送带的速度保持不变，g取10 m/s2。下列说法正确的是A物块与传送带间的动摩擦因数为0.5B物块在传送带上相对传送带滑动的距离是9 mC物块距离传送带左端的最大距离是8 mD物块在传送带上的时间4.5 s8、已知引力常量G和下列某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（）A地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B月球绕地球运行的周期及月球与地球之间的距离C人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度9、如图所示,将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放,不计重力的作用,则下列说法中正确的是（ ）A带电粒子一

6、定做加速直线运动B带电粒子的电势能一定逐渐增大C带电粒子的加速度一定越来越小D带电粒子的加速度一定越来越大10、一交流电流的图象如图所示，由图可知 （ ） A用电流表测该电流其示数为10AB该交流电流的频率为100HzC该交流电流通过10电阻时，电阻消耗的电功率为2000 WD该交流电流瞬时值表达式为i10sin628t A三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）： 下列说法哪一项是正确的_（填选项前字母） A平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上 B为减小系统误差，应使钩码质量

7、远大于小车质量 C实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放 图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz则打B点时小车的瞬时速度大小为_m/s（保留三位有效数字）12（12分）如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开操作一：仅将左极板上移，电容_（选填“变大”、“变小”或“不变”），静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”），操作二：仅将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”

8、）；操作三：仅在两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，倾角=37的绝缘斜面底端与粗糙程度相同的绝缘水平面平滑连接其中，水平面处在竖直向下的匀强电场中；斜面处在水平向右匀强电场中，场强的大小均为E今让一个带电金属块从斜面顶端由静止开始下滑，已知在金属块下滑到斜面底端的过程中动能增加了Ek=8J，金属块克服摩擦力做功Wf=12J，重力做功WG=36 J，设在整个运动过程中金属块的带电量保持不变（取g=11m/s2 ；sin

9、37=16,cos37=18）求：（1）在上述过程中电场力所做的功W电；（2）滑块与斜面之间的动摩擦因数；（3）若已知匀强电场的场强E=1115V/m，金属块所带的电量q=1115C则金属块在水平面上滑行的距离L2为多长？14（16分）如图所示，两平行金属导轨间距L=1m，导轨与水平面成=37，导轨电阻不计导轨上端连接有E=6V、r=1的电源和滑动变阻器R长度也为L的金属棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好，金属棒的质量m=0.2kg，电阻R0=2，整个装置处在竖直向上磁感应强度为B=1.5T的匀强磁场中，金属棒一直静止在导轨上（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1

10、）当金属棒刚好与导轨间无摩擦力时，接入电路中的滑动变阻器的阻值R多大； （2） 当滑动变阻器接入电路的电阻为R=5时金属棒受到的摩擦力15（12分）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻为0.6 ，串联一个阻值为R=5 的电阻，它们两端的总电压为U=160 V，电压表读数为110 V.求: (1)通过电动机的电流.(2)电动机的输入功率.(3)电动机的发热功率.(4)电动机工作1小时对重物做的功.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 等差等势面P处比Q处密，则P处电场强度大，质点受到的电场力大，加

11、速度大，故A错误；D. 根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直可知带电质点所受的电场力方向应向下，所以电场线方向向上，故c的电势最高，故D正确.B.带负电质点在电势高处电势能小，可知质点在P点的电势能大，故B错误.C. 带电质点的总能量守恒，即带电质点在P点的动能与电势能之和不变，在P点的电势能大，则动能小，故C错误.2、B【解析】A、B两点间的电势差在A、B两点间移动5.010-8C的负电荷时，A、B间的电势差不变则电场力做功为WAB=qUAB=(-5.010-8)(-1.2105)J=6.010-3J故B正确，ACD错误故选B【点睛】本题要抓住电场中两点间的电势差由电场中两点的位置决定，与

12、移动的试探电荷无关记住电场力做功与电势差的关系，并理解公式中物理量的含义.3、A【解析】根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关.【详解】A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度大；故A正确.B、磁场中某点磁感应强度B的方向，与放在该点静止小磁针N级所指方向一致，故B错误；C、当通电直导线的方向与磁场的方向平行时，通电直导线受到的安培力为0，而磁感应强度却不为0；故C错误；D、磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通

13、过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关；故D错误.故选A.【点睛】本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断.4、C【解析】A电势差公式是比值定义法，电场中的A、B两点间的电势差和两点间移动电荷的电量q和电场力做功均无关。故A错误；B根据公式WAB=qUAB，在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电量q成正比，故B错误；C电势差公式是比值定义法，UAB与q、WAB无关，甚至与是否移动电荷都没有关系，故C正确；D电场力做功与路径无关，电场力的功WAB和电量q成正比，即WAB与

14、q成正比，但与电荷移动的路径无关，故D错误。5、B【解析】实验中为了有效利用纸带，同时让打点稳定，应该先接通电源，后释放纸带。A先释放纸带，后接通电源，与结论不相符，选项A错误；B先接通电源，后释放纸带，与结论相符，选项B正确；C释放纸带的同时接通电源，与结论不相符，选项C错误；D先接通电源或先释放纸带都可以，与结论不相符，选项D错误；6、C【解析】A由图可知刚闭合开关时，电流逐渐增大，电容器处于充电过程，R2有从左左往右的电流流过，而由于二极管单向导电，电流不能从左往右流过，故R1没有电流流过，故A错误.BC电路稳定时电容器不能通过恒定电流，二极管也不能通过电流，故相当于电路断开，R0没有电

15、流流过，此时电容器两端的电压等于电源电动势，故B错误，C正确.D开关断开后，因为电容器左极板带正电，如果放电，放电电流也要从左往右经过二极管，而二极管不能从左往右经过电流，故D错误.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】根据速度时间图线求出物块匀减速运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出物块与传送带间的动摩擦因数大小物块滑上传送带后先做匀减速运动到零，然后反向做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，结合运动学公式求出向左和向右运动的时间，

16、从而得出物块在传送带上的总时间【详解】由速度图象可得，物块做匀变速运动的加速度为；由牛顿第二定律得f=Ma又f=Mg，则可得物块与传送带间的动摩擦因数，选项A错误；由速度图象可知，物块的初速度大小v=4m/s、传送带的速度大小v=2m/s，物块在传送带上滑动t1=3s后与传送带相对静止前2秒内物块的位移大小s1=t1=4m，方向向右，即物块距离传送带左端的最大距离是4m；后1秒内的位移大小s2=t1=1m，方向向左；3秒内物块的位移s=s1-s2=3m，方向向右，传送带在3s内的位移为23m=6m向左，可知物块在传送带上相对传送带滑动的距离是9 m，选项B正确，C错误；物块再向左运动的时间t2

17、=1.5s；物块在传送带上运动的时间t=t1+t2=4.5s，选项D正确；故选BD.【点睛】解决本题的关键理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解8、BCD【解析】AB根据万有引力提供向心力有得只能求出中心天体的质量，A可求得太阳质量，B可求得地球质量，A错误，B正确；C人造卫星的线速度为，结合B选项中的质量表达式可知可以求出地球的质量，C正确；D万有引力提供重力解得选项D正确。故选BCD。9、AC【解析】AB、由图看出，带电粒子所在的电场线是直线，则无速度释放后，带电粒子在电场力作用下一定做加速直线运动，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故

18、A正确，B错误CD、据电场线的疏密可知，右侧的场强小，所以带电粒子的电场力小，即加速度逐渐减小，故C正确，D错误10、ABD【解析】由图读出电流的最大值和周期，求出角速度，写出交流电流即时值表达式频率与周期互为倒数求出该交流电流的有效值，再求解电阻消耗的电功率交流电流表测量电流的有效值【详解】电流表显示的是有效值，故I=A=10A，故A正确；由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数故f=1/T=100Hz，故B正确；电阻消耗的功率P=I2R=（10）210=1000W，故C错误；角速度=2f=200=628，所以瞬时值表达式i=10sin628tA，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18

19、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 0.653 【解析】试题分析：车在水平木板运动时水平方向受到绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；而平衡摩擦力是小车带动纸带恰好做匀速运动，A错误；设小车质量M，钩码质量m，整体的加速度为a，绳上的拉力为F，则：对小车有：F=Ma；对钩码有：mg-F=ma，即：mg=（M+m）a；如果用钩码的重力表示小车受到的合外力，则要求：Ma=（M+m）a，必须要满足小车的总质量远大于钩码质量，这样两者才能近似相等为使纸带打上尽量多的点，实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放 中间时刻的瞬时速度等于该过

20、程的平均速度得：=0.653m/s.考点：本题考查探究恒力做功与动能改变的关系12、变小 变大 变小 变小 【解析】抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式判断电容的变化，结合判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化；【详解】根据电容的决定式知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据知，电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；根据电容的决定式知，将极板间距离减小时，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；根据电容的决定式知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）- 16J，负功 （2）=12 （3）11m【解析】试题分析：（1）滑块从斜面顶端下滑到斜面底端的过程中，由动能定理：WGWf + W电=Ek2分W电= - 16J，负功 2分（2）设斜面长度为L1，滑块从斜面顶端下滑到斜面底端的过程中受力如图