2023学年广东省德庆县香山中学物理高二上期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是()

2、A电源1与电源2的内阻之比是117B电源1与电源2的电动势之比是11C在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是12D在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是122、在物理学史上，发现“弹簧发生弹性形变时，在一定形变范围内，弹力的大小跟弹簧伸长（或 缩短）的长度成正比”这一规律的科学家是A亚里士多德B牛顿C伽利略D胡克3、如图所示，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流 ( ) A线圈向左平移B线圈向上平移C线圈以ab为轴旋转D线圈不动4、下列关于物理学史内容叙述正确的是（ ）A安培首先发现了电流的磁效应B库仑提出了电荷周围存在电场的观点C密立根最

3、早测定了元电荷的数值D法拉第通过实验测定了静电力常量的数值5、一电流表的满偏电流=31mA内电阻=92，要把它改装成一个量程为16A的电流表，应在电流表上A串联一个211的电阻B串联个372的电阻C并联一个211的电阻D并联一个372的电阻6、关于圆周运动的向心力、向心加速度，下列说法正确的是（ ）A向心力的方向是不变的B向心力的方向是变化的C向心加速度方向与线速度方向相同D向心力与向心加速度方向一定不同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带正电的小球向右水平抛入范

4、围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球（ ）A做直线运动B做曲线运动C速率先减小后增大D速率先增大后减小8、如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处有另一带电小球B，现给B一个垂直于AB方向的速度v0，则下列说法中正确的是（）AB球可能做直线运动BB球的电势能可能增加CA球对B球的库仑力可能对B球不做功DB球可能从电势较高处向电势较低处运动9、如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线。若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及电流比较，下列说法正确的是（ ）A电阻R1的阻值较大B电阻R2的阻值较大C电阻R1的电流较大D电阻R2的电流较大10、

5、匀强电场方向水平向右，一带电颗粒沿图中虚线所示，在电场中沿斜向上方向做直线运动.带电颗粒从A到B的过程中，关于其能量变化及带电情况的说法正确的是A颗粒一定带负电B颗粒可能带正电C颗粒的机械能减小，电势能增大D颗粒的机械能减小，动能增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度L，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出L =_cm，d =_mm（2）下述关于多用表欧姆档测量电阻的说法中正确的是（_）A测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果B测量电阻时，如果指针

6、偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新欧姆调零后再测量C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时，都必须重新欧姆调零12（12分）测一个阻值约为25 k的电阻，备有下列器材：A电流表(量程500 A，内阻约300 ) B直流稳压电源(电动势15 V，允许最大电流1 A)C电压表(量程10 V，内阻约100 k) D滑动变阻器(最大电阻1 k，额定功率1 W)E电键、导线若干 （1）电流表应采用_（填内接法或外接法）（2）滑动变阻器接法应该采用_（填分压式或限流式）（3）请在下面方框中画出测量RX的电路图_，并根据电路图连接实物路_.四、计算题：本题共2小题，

7、共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图为固定在竖直平面内的轨道，直轨道AB与光滑圆弧轨道 BC相切，圆弧轨道的圆心角为37，半径为r=0.21m，C端水平, AB段的动摩擦因数为0.1竖直墙壁CD高H=0.2m,紧靠墙壁在地面上固定一个和CD等高，底边长L=0.3m的斜面一个质量m=0.1kg的小物块(视为质点)在倾斜轨道上从距离B点l=0.1m处由静止释放，从C点水平抛出重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.2求： （1）小物块运动到C点时对轨道的压力的大小；（2）小物块从C点抛出到击中斜面的时间； （

8、3）改变小物体从轨道上释放的初位置，求小物体击中斜面时动能的最小值14（16分）用30cm的细线将质量为410-3的带电小球P悬挂在点下，当空中有方向为水平向右，大小为1104N/C的匀强电场时，小球偏转37后处在静止状态(1)分析小球的带电性质;(2)求小球的带电量;(3)求细线的拉力.15（12分）真空中有一电场，在电场中的P点放一电荷量为q1=4109C的检验电荷，它受到的电场力为F1=2105N，则（1）P点的场强E为多少？（2）把检验电荷的电荷量减小为q2=2109C，则检验电荷所受到的电场力F2为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选

9、项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A根据电源U-I图线，则r1：r2=11：7故A正确，不符合题意。B由图可知E1=E2=10V，故B正确，不符合题意；CD灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则I1=5A，U1=3V则P1=I1U1=15WI2=6A，U2=5V则P2=I2U2=30W则在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是12，选项C正确，不符合题意；在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1825，选项D错误，符合题意。2、D【解析】弹簧发生弹性形变时，弹力的大小F跟弹簧的伸长(或缩短)的长度x成正比，这个规律是英国科学家胡克发现的，也称为胡克

10、定律，故ABC错误，D正确故选：D3、C【解析】A由于磁场是匀强磁场且范围足够大，因此线圈无论向那个方向平移，磁通量都不会发生变化，故A错误；B根据A项的论述可知，故B错误；C当线圈以ab为轴旋转时，其磁通量发生变化，有感应电流产生，故C正确；D线圈不动，其磁通量不变，故没有感应电流产生，故D错误。故选C。4、C【解析】A. 丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流的磁效应。故A错误。B. 法拉第提出了电荷周围存在电场的观点。故B错误。C. 密立根最早测定了元电荷的数值，故C正确。D. 库仑通过扭秤实验准确测出了静电力常量的数值，故D错误。5、C【解析】把小量程电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻

11、，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值。【详解】把电流表改装成1.6A的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：，故C正确，ABD错误。6、B【解析】试题分析：物体做圆周运动时，都需要向心力，而向心力的方向始终指向圆心，方向是变化的，故A错误，B正确；向心加速度方向指向圆心，线速度方向沿轨迹的切线方向，则两者相互垂直，故CD错误考点：向心力、向心加速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】小球受重力和电场力两个力作用，合力的方向与速度方向不在同一条直线

12、上，小球做曲线运动故A错误，B正确小球所受的合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大故C正确，D错误故选BC【点睛】解决本题的关键知道物体做直线运动还是曲线运动的条件，关键看合力的方向与速度方向的关系8、BCD【解析】A.由题看出，小球B受到的静电力与速度不在同一直线上，则B球不可能做直线运动，故A错误；B. 若小球A、B带异种电荷，而且引力恰好小于时，B球会远离A球，引力做负功，电势能增加，故B正确；C.若小球A、B带异种电荷，而且引力恰好等于时，B球做匀速圆周运动，A球对B球的库仑力不做功，故C正确；D.由于两球电性未知，B球可能受斥力会远离A球，

13、也可能受到引力靠近A球，所以B球可能从电势较高处向电势较低处运动，故D正确【名师点睛】由小球B受到的静电力与速度不在同一直线上可知，B球不可能做直线运动若小球A、B带异种电荷小球B做匀速圆周运动，库仑力不做功，若小球B所受的引力小于所需要的向心力，小球B做离心运动时，B球的电势能可能增加，B球不一定从电势较高处向电势较低处运动9、BC【解析】ABI-U图像的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻R2的阻值较大，故A错误，B正确；CD图示图象可知，U相同时，I1I2，故C正确，D错误。10、AC【解析】AB带电颗粒在电场中沿斜向上方向做直线运动，则带电颗粒所受合力方向与运动方向共线，所以带电颗粒受力

14、情况如图：带电颗粒所受电场力方向与场强方向相反，颗粒带负电；故A项正确，B项错误；CD带电颗粒从A到B的过程中，受重力和电场力，电场力做负功，电势能增大，机械能减小；电场力和重力均做负功，动能减小；故C项正确，D项错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) 5.015cm, 3.205mm (2) B、C【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为5cm，游标读数为0.053=0.15mm，所以最后读数为5.015cm;螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为20.50.01=0.205mm，所以最后读数为3.205mm。（2）使

15、用多用表欧姆档测量电阻时，测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新欧姆调零后再测量；测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果；测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开；测量阻值不同的电阻时，使用相同的挡位，不必重新欧姆调零；故BC正确，AD错误。12、（1）内接； （2）分压式； （3）电路图如图所示； 实物连线图如图所示； 【解析】（1）由于满足RVRx=10025RxRA=25000300 ，所以电流表应用内接法；（2）由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值，所以变阻器应采用分压式接法；（3）电路图如图1所示；实物连线图如图2所示；

16、（1）内接（2）分压式（3）【点睛】选择电表的原则是电表指针偏转角度应在1/3量程以上；若满足 RVRxRxRA，电流表应用外接法，若满足 RVRxRxRA，电流表应用内接法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2.2N （2） t=315s （3）当y=0.12m，Ekn=0.15 J 【解析】试题分析：小物块从A到C的过程，由动能定理求出C点的速度在C点，由牛顿第二定律求轨道对小物块的支持力，再由牛顿第三定律得到小物块对轨道的压力（2）小物块离开C点后做平抛运动，由平抛运动的规律和几何关系列式，联立求解平抛

17、运动的时间（3）根据数学知识得到小物体击中斜面时动能与释放的初位置坐标的关系式，由数学知识求解动能的最小值（1）小物块从A到C的过程，由动能定理得：mglsin37+mg(r-rcos37)-mglcos37=12mv02 代入数据解得v0=3m/s在C点，由牛顿第二定律得：FN-mg=mv02r代入数据解得：FN=2.2N由牛顿第三定律得，小物块运动到C点时对轨道的压力的大小为2.2N（2）如图，设物体落到斜面上时水平位移为x，竖直位移为y，L-xy=LH代入得：x=0.3-1.5y，由平抛运动的规律得：x=v0t，y=12gt2联立得15t2+23t-0.6=0 ，代入数据解得：t=315s （3）由上知 x=0.3-1.5y,v02t2=v022yg=(0.3-1.5y)2可得