2023学年广东省梅州市五华县物理高二第一学期期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是质谱仪工作原理的示意图带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处图中半圆形

2、的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则下列判断正确：Aa的质量一定大于b的质量Ba的电荷量一定大于b的电荷量Ca运动的时间小于b运动的时间Da的比荷（qa/ma）小于b的比荷（qb/mb）2、如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V，乙电路两端的电压为16V，调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2 ，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙则下列关系中正确的是( )AP甲P乙BP甲P乙CP1 P2DP1P23、如图所示，电阻R1=20，电动机的绕组R2=10当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电

3、路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是 AI=1.5ABI 1.5ACP15WDP=15W4、某一导体的伏安特性曲线如图AB段（曲线）所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是（）AB点的电阻为12BB点的电阻为40C导体的电阻因温度的影响改变了1D导体的电阻因温度的影响改变了95、如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块（ ）A在P和Q中都做自由落体运动B在两个下落过程中的机械能都守恒C在P中的下落时间比在Q中的长D落至底部时在P中的速度比在Q中的大6、图中边长为a的正三角形ABC的三个顶点分别固定三

4、个点电荷q、q、q，在该三角形中心O点处固定一电量为-2q的点电荷，则该电荷受到的电场力为（ ）A12kq2a2， 方向由O指向CB12kq2a2，方向由C指向OC23kq2a2，方向由C指向OD23kq2a2，方向由O指向C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，一长直导线沿南北方向水平放置，在导线下方有一静止的灵敏小磁针现在导线中通以图甲所示的恒定电流，测得小磁针偏离南北方向的角度的正切值tan与小磁针离开导线的距离之间的关系如图乙所示若该处地磁场的水平分

5、量为B0，则下列判断中正确的是（）A通电后，小磁针的N极向纸里偏转B通电后，小磁针静止时N极所指的方向即为电流在小磁针处产生的磁场方向C电流在x0处产生的磁场的磁感应强度大小为B0Dx0处合磁场的磁感应强度大小为2B08、对“电梯向下做匀减速直线运动”这句话中的字词，理解正确的是A“匀减速”指位移随时间均匀减小B“匀”指加速度大小不变，方向可以改变C“向下减速”可以判断加速度方向向上D“向下” 指速度的方向9、关于电场强度、磁感应强度，下列说法正确的是（）A由真空中点电荷的电场强度公式可知当r趋近于零时，其电场强度趋近于无限大B电场强度的定义式适用于任何电场C由安培力公式可知，一小段通电导体在

6、某处不受安培力，说明此处一定无磁场D一通电直导线在匀强磁场中受到安培力时，磁感应强度方向一定垂直于安培力方向10、如图所示，一个不带电的金属导体球A放在带负电的点电荷B附近，规定无限远或大地电势为零，则达到静电平衡后有（）A导体球A左端的电势高于右端的电势B导体球A左端的电势等于右端的电势C当导体球A接地后，导体球A的电势将降低D当导体球A接地瞬间，将有电子从A流向大地三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=500，若改装成量程为Um=5V的电压表，应串联的电阻阻值为_。若

7、将改装后的电压表再改装成量程为Um=50V的电压表，应再串联一个阻值为_的电阻。12（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值（1）现有电源(4 V，内阻可不计)，滑动变阻器(050，额定电流2 A)，开关和导线若干以及下列电表A电流表(03 A，内阻约0.025)B电流表(00.6 A，内阻约0.125)C电压表(03 V，内阻约3 k)D电压表(015 V，内阻约15 k)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的_(选填“甲”或“乙”)（2）如图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请根据在（1）问中所选的

8、电路图，补充完成图中实物间的连线_（3）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U某次电表示数如上面右图所示，可得该电阻的测量值Rx=UI= _ (保留两位有效数字)，测出的Rx比真实值_ ( 选填“偏大”、“偏小”或“相等” ) 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场的场强方向水平向右一根绝缘丝线一端固定在O点，另一端连接一质量为m、电荷量为q的小球小球静止在电场中，丝线与竖直方向成37已知重力加速度为g，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）小

9、球带电的种类；（2）小球受到的电场力大小F；（3）电场强度的大小E14（16分）如图所示为一磁约束装置的原理图，同心圆圆心与平面坐标系原点重合.半径为的圆形区域内有方向垂直于平面向里的匀强磁场.一束质量为、电荷量为、动能为的带正电粒子从坐标为的点沿轴负方向射入磁场区域，粒子全部经过坐标为的点，方向沿轴正方向.当在环形区域加上方向垂直于平面向外的另一匀强磁场时，上述粒子仍从点沿轴负方向射入区域，所有粒子恰好能够约束在环形区域内，且经过环形区域的磁场偏转后第一次沿半径方向从区域射入区域时经过内圆周上的点(点未画出).不计重力和粒子间的相互作用.（1）求区域中磁感应强度的大小；（2）若环形区域中磁感

10、应强度，求点坐标及环形外圆半径；（3）求粒子从点沿轴负方向射入圆形区域至再次以相同速度经过点的过程所通过的总路程.15（12分）如图所示，内表面光滑绝缘的半径为的圆形轨道处于竖直平面内，有竖直向下的匀强电场，场强大小为有一质量为、带负电的小球，电荷量大小为，小球在圆轨道内壁做圆周运动，当运动到最低点A时，小球与轨道压力恰好为零，g取，求：小球在A点处的速度大小；小球运动到最高点B时对轨道的压力参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：设粒子经电场加速后的速度大小为v，磁场中圆周运动的半径为r，电荷量和

11、质量分别为q、m，打在感光板上的距离为x根据动能定理qU=mv2得，v=由qvB=m得，r=则x=2r=，得到，由图，xaxb，U、B相同，故，ABD错误；T=，粒子运动时间t=T=，故tatb，C正确；考点：质谱仪【名师点睛】本题属于带电粒子在组合场中运动问题，电场中往往用动能求速度，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹根据动能定理求出粒子出加速电场时的速度，通过洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出轨道半径的关系式，从而比较a、b的电量和质量的关系2、D【解析】设灯泡的额定电流为I，则甲电路干路电流2I,=,=因为所以可确定=变阻器消耗的功率等于总功率减去电灯消耗功率，因为灯泡相同且都正

12、常发光说明在两电路中消耗功率相同，即P1P2选D3、C【解析】当电键S断开时，由欧姆定律得，当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I1.5A，电路中电功率P=UI15W，故C正确点晴：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，是关键不等式4、B【解析】ABB点的电阻为故A错误，B正确；CDA点的电阻为故两点间的电阻改变了10，故CD错误。故选B。5、C【解析】试题分析：当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，

13、在做自由落体运动，故A错误；由A选项分析可知，在铜管的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故B错误；在铜管中小磁块受到安培阻力，则在P中的下落时间比在Q中的长，故C正确；根据动能定理可知，因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在P中的速度比在Q中的小，故D错误故选C。考点：电磁感应6、B【解析】O点是三角形的中心，到三个电荷的距离为：r=23asin60=33，三个电荷在O处产生的场强大小均为：E0=kqr2根据对称性和几何知识得知：两个+q在O处产生的合场强为：E1=kqr2再与-q在O处产生的场强合成，得到O点的合场强为：E=E1+E2=2kqr2=6kqa2，方向由O指向C则

14、该负电荷受到的电场力为：F=2Eq=12kq2a2，方向由C指向O；故B正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、根据安培定则可知，通电后，小磁针的N极向纸里偏转，故A正确；B、磁场的磁感应强度是矢量，通电后，小磁针静止时N极所指的方向即为电流在小磁针处产生的磁场与地球的磁场的合磁场的方向，故B错误；C、电流在x0处产生的磁场的磁感应强度大小为BI，则：，所以：，故C正确；D、由矢量的合成可知，x0处合磁场的磁感应强度大小为，故D错误；故选AC【点睛】

15、根据安培定则判断小磁针偏转的方向；小磁针后来的指向为合磁场方向，因此根据平行四边形定则，已知某个磁场大小和方向与合磁场方向，可以求出另一个磁场大小；分析明确产生磁场与地磁场之间的关系，同时根据图象进行分析即可明确对应的结论8、CD【解析】匀减速直线运动是指速度随时间均匀减小的直线运动，加速度大小和方向都不变，故AB错误；电梯向下运动，向下指运动方向向下，减速说明加速度方向与速度方向相反，则加速度方向向上，故CD正确故选CD【点睛】理解匀变速直线运动的含义，知道它是加速度不变的运动，速度随时间均匀变化的运动9、BD【解析】A当r趋近于零时，电荷不能再视为点电荷，该公式不在使用，故A错误；B为电场

16、强度的定义式，适用于一切电场，故B正确；C导线不受安培力，可能是导线与磁场方向平行，故C错误；D安培力方向垂直于导线和磁场构成的平面，故D正确；故选BD。10、BD【解析】导体在电场中处于静电平衡后，整个导体是个等势体负电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低【详解】把一个在绝缘支架上不带电的导体A放在带负电的导体B附近，达到静电平衡后，导体A是个等势体。带负电的导体B产生的是会聚的电场，产生的电场的电场线如右图所示，由于沿着电场线电势降低，以无穷远处的电势为零，那么电场中的所有电势都是负值。所以A错误，B正确。当导体球A接地后，则导体A右端电势为零，因导体间的电势差不变，所以导体B的

17、电势将升高，故C错误；由图可知，大地的电势要高于A的电势，当导体球A接地瞬间，将有电子从A流向大地。故D正确；故选BD。【点睛】此题考查静电平衡中的导体，电场中的处于静电平衡的导体是等势体，导体上电势处处相同同时要知道负电荷产生的电场特点，以及电势分布的特点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4500 49500 【解析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值。【详解】把电流表改装成5V的电压表需要串联电阻阻值：R=UIg-Rg=(50.001-500)=4500 把电流表改装成50V的电压

18、表需要串联电阻阻值：R=UIg-Rg=(500.001-500)=49500。【点睛】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律可以解题。12、B C 甲 5.2 偏小 【解析】合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法；根据电路图来连接实物图，注意电表的正负极，并分几个回路来连接；由电压表与电流表读数，依据R=UI，即可求解，根据电路的接法确定实验误差；【详解】解：(1)因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程；由于阻值约为5的电阻Rx的，根据欧姆定律可知，电流的最大值为0

19、.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A的量程；根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图。(2)根据电路图来连接实物图原则，注意电表的正负极，并分几个回路来连接，如图所示；(3)电压表量程为3V，最小分度为0.1V；故其读数为U=2.60V；电流表最小分度为0.02；其读数为I=0.50A；电阻阻值：R=UI=2.60V0.50A=5.20；因本实验采用电流表外接法，由于电压表的分流，使电流表示数增大，故得出的结果偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1

20、3、（1）小球带正电 （2）mg （3）【解析】试题分析：根据小球所受的电场力方向和电场线方向的关系即可判断带电种类；对小球受力分析，再根据平衡条件即可求出电场力的大小；再根据电场强度的定义，即可求出电场强度的大小（1）由题意可知，小球的受力方向与电场线方向一致，所以小球带正电（2）小球在电场中静止时，受力分析如图所示：根据平衡条件得：Fmgtan37mg （3）根据电场强度的定义：解得电场强度：E点睛：本题主要考查了小球在电场力作用下的平衡问题，先对小球受力分析，再根据平衡条件即可求解14、（1）（2），（3）【解析】试题分析：（1）由题设条件就能求出粒子在区内做匀速圆周运动的半径，由洛仑兹力提供向心力就能求出区磁场的磁感应强度大小（2）进入后，粒子恰好约束在该区，画出粒子运动轨迹，由两区域内磁场的关系，找到在区内做匀速圆周运动的半径，再由几何关系求得粒子在区内转过的圆心角，从而