2023学年广东省汕头市东厦中学物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在匀强磁场中有粗细均匀的同种导线制成的等边三角形线框abc，磁场方向垂直于线框平面，ac两点间接一直流电源，电流方向如图所示，则（）A导线ab受到的安培力大于导线ac所受的安培力B导线abc受到的安培力大于导线ac受到的安培力C线框受到的

2、安培力的合力为零D线框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下2、如图，电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动变阻器向下滑动，则（）AR1上消耗功率变小BB灯变暗CA灯变亮D总电流变小3、如图，单匝矩形线圈abcd处在磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，以恒定的角速度绕ab边转动，线圈所围面积为S，线圈的总电阻为R，时刻线圈平面与纸面重合，且cd边正在离开纸面向外运动，则()A时刻线圈中电流的瞬时值B线圈中电流的有效值C线圈中电流的有效值D线圈消耗的电功率4、如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同。实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发

3、出的波 的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是Aa 质点振动减弱，b、c 质点振动加强Ba 质点振动加强，b、c 质点振动减弱C再过 T/4 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱Da 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷5、重为G的物体放在倾角为的斜面上静止不动，下面说法正确的是A物体受到重力及物体对斜面的压力和静摩擦力的作用B物体受到重力，斜面的支持力，下滑力和静摩擦力作用C物体受到重力，斜面支持力和静摩擦力的作用D物体受到重力，斜面支持力，不受静摩擦力的作用6、如图所示，两个带同种电荷的小球（可看作点电荷），电荷量分别为 q

4、1和q2，质量分别为m1和m2，当两球处于同一水平面保持静止时，则造成的可能原因是（）Aq1q2Bq1q2Cm1m2Dm1m2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用绝缘细线拴一个带正电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A小球经过a点时，线中的张力最大B小球经过b点时，电势能最小C小球经过a点时，机械能最小D小球经过b点时，机械能最小8、一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产

5、生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（ ）At1 时刻线圈位于中性面Bt2 时刻通过线圈的磁通量最大C电动势的有效值为D一个周期内交变电流的方向改变一次9、在图示电路中，P为滑动变阻器的滑片，电表均为理想电表下列说法正确的是A在P向右移动的过程中，电流表的示数变大B在P向右移动的过程中，电压表的示数变大C当P移到滑动变阻器的右端时，电源内部消耗的电功率最大D当P移到滑动变阻器的右端时，电源的效率最高10、如图所示，用长为L的细绳拴着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，重力加速度为g，则下列说法中不正确的是( )A小球在圆周最高点时所需要的向心力一定不是重力提供的B小球

6、在最高点时绳子的拉力可能为零C若小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为0D小球过最低点时绳子的拉力一定大于小球重力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用伏安法测定一个阻值约1k的电阻，要求测量结果尽量准确（1）下列器材中应选用的是_（用字母代号表示）A电池组（6V，内阻很小） B电流表（010mA，内阻10）C电流表（01mA，内阻100） D电压表（03V，内阻5k）E电压表（06V，内阻10k） F滑动变阻器（020，1A）G滑动变阻器（0200，0.3A） H开关、导线（2）在方框中画出实验电路图_（3）将实

7、物连接成实验电路_ 12（12分）有一根细长且均匀的空心金属管线，长约30cm，电阻约为5，已知这种金属的电阻率为，现在要尽可能精确测定它的内径d。用螺旋测微器测量金属管线外径D时刻度的位置如图（a）所示，从图中读出外径为_mm，应用_（选填“厘米刻度尺”或“毫米刻度尺”）测金属管线的长度L；测量金属管线的电阻R，为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A电压表0-3V，内阻约10k B电压表0-15V，内阻约50kC电流表0-0.6A，内阻约0.05 D电流表0-3A，内阻约0.01E滑动变阻器，0-10 F滑动变阻器，0-100要求较准确地测出其阻值，电压表应选_，电流表应选_，

8、滑动变阻器应选_；（填序号）实验中他的实物接线如图（b）所示，请指出接线中的两处明显错误。错误1：_错误2：_用已知的物理常数和应直接测量的物理量（均用符号表示），推导出计算金属管线内径的表达式d=_；在实验中，下列说法正确的是_A为使电流表读数明显，应使电流尽可能大些B为操作方便，中间过程可保持开关S一直处于闭合状态C千分尺的精确度是千分之一毫米D用千分尺测量直径时必须估读一位四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在平行金属带电极板MN的电场中，若将电量为-5106C的负点电荷从A点移到M 板，克

9、服电场力做功8104 J；若把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为6104J则：（1）若将该点电荷从板附近移到板，电荷的电势能变化多少？M、N两板的电势差UMN等于多少？（2）M板的电势M和A点的电势A分别是多少？14（16分）在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中电阻为1.5，小型直流电动机M的内阻为闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A求： （1）电动机两端的电压；（2）电源输出的电功率15（12分）如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内电阻r1，R1=1，R2=6，电动机的线圈电阻RM=1,若开关S闭合后通过电源的电流I=3A，通过R2电流I2=

10、1A 。求: （1）R2的两端电压U2（2）R1的消耗电功P1（3）电动机输出的机械功率P参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】导线abc与导线ac并联，流过导线abc的电流I1与流过导线ac的电流I2的关系为；导线ab受到的安培力大小为；导线ac所受的安培力大小为：；导线abc的有效长度为L，受到的安培力大小为：；故AB错误；根据左手定则，导线abc受安培力垂直于ac向下，导线ac受到的安培力也垂直于ac向下，故线框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故C错误，D正确.2、B【解析】将滑动片向下滑动时，

11、变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，路端电压U=E-IrI增大，U减小，则A灯变暗，则R1上的电流增大，消耗功率变大。B灯与变阻器并联的电压U并=E-I（R1+r）I增大，则U并减小，所以B灯变暗，故B正确，ACD错误。故选B。3、C【解析】A线圈所围面积为S，角速度是，所以线圈产生的交流电的电动势的最大值是线圈从中性面的位置开始计时，所以时刻线圈中电流的瞬时值故A错误；BC线圈中电流的有效值故B错误，C正确；D线圈消耗的电功率故D错误。故选C。4、A【解析】ABC、a质点处是两列波波峰与波谷叠加的地方,振动始终减弱的,而b、c质点是两列波波峰与

12、波峰、波谷与波谷叠加的地方,振动始终加强.故A对；BC错；D、因为两个波源的振动方向相同、振幅相同,所以a点静止不动,一直在平衡位置.b、c两点的振动始终是加强的,但它们仍在振动,位移随时间周期变化,不是静止不动的.故D错误.故选A【点睛】两列波干涉时,两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处,振动始终加强,波峰与波谷相遇处振动始终减弱.振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍.5、C【解析】物体处于静止状态，故根据共点力的平衡平衡条件可知其受重力、支持力和静摩擦力平衡；【详解】A、物体对斜面的压力和静摩擦力的作用的受力物体是斜面，不是物体受到的力，故A错误；B、物体受重力、支持力和静摩擦力平衡

13、，不受下滑力，故B错误，C正确；D、物体受重力、支持力和静摩擦力平衡，静摩擦力的方向沿斜面向上，没有静摩擦力则物体不能静止，故D错误【点睛】解决本题的关键知道下滑力是重力的分力，受力分析，不能多力也不能少力，对于每一个力，都有对应的施力物体6、D【解析】对A、B球受力分析，根据共点力平衡和几何关系表示出电场力和重力的关系根据电场力和重力的关系得出两球质量的关系【详解】对A、B球受力分析，根据共点力平衡和几何关系得：m1g=F1cot，m1g=F1cot由于 F1=F1，所以m1m1根据题意无法知道带电量q1、q1 的关系故选D【点睛】要比较两球质量关系，我们要通过电场力把两重力联系起来进行比较

14、，注意库仑力与电量大小无关，而是与各自电量的乘积有关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】小球受向下的重力和向下的电场力，可知电场力和重力的合力向下，可知小球经过b点时，速度最大，则线中的张力最大，选项A错误；顺着电场线电势降低，可知b点的电势最低，正电荷在b点的电势能最小，在a点时电势能最大，选项B正确；小球只有电场力和重力做功，则小球的电势能和机械能之和守恒，因小球在a点时电势能最大，可知在a点的机械能最小，在b点时机械能最大，选项C正确，D错误；故选B

15、C.【点睛】此题关键是知道小球只有电场力和重力做功，小球的电势能和机械能之和守恒；会通过等效力的方法研究圆周运动。8、AC【解析】试题分析：由图知，在t1 时刻线圈的电动势为零，磁通量最大，处于中性面的位置，所以A正确；t2 时刻线圈的电动势最大，故磁通量最小，所以B错误；如图所示，电动势为余弦规律变化，故有效值为所以C正确；一个周期内交变电流的方向改变两次，所以D错误考点：本题考查交变电流9、AC【解析】AB滑动变阻器向右移动，电路总电阻减小，根据：可知，电流表的示数变大，根据：可知电压表的示数减小；故A正确，B错误；CD当P移到滑动变阻器的右端时，外电阻R最小，根据：可知，电路中的电流最大

16、；根据：可知此时电源内部消耗的电功率最大；故C正确；根据效率：可知，此时的电源的效率最低，故D错误；10、AC【解析】A小球在最高点的向心力由重力提供，或重力和拉力的合力提供，故A符合题意。B当小球在最高点的向心力只由重力提供时，拉力为零，故B不符合题意。C小球恰好能在竖直面能做圆周运动的条件是小球运动到最高点时只由重力提供向心力。设在最高点速率为v，由牛顿第二定律：得：故C符合题意。D因为小球在最低点速度不为零，拉力与重力的合力提供向心力，所以拉力大于重力，故D不符题意。故选AC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABEFH 见解析

17、 见解析 【解析】（1）伏安法测电阻需要电源、开关与导线，故选AH；电源电动势为6V，电压表选E；电路最大电流约为：，则电流表选B；为方便实验操作，滑动变阻器应选F，故需要的实验器材为：ABEFH（2）电源电动势为6V，待测电阻阻值约为1k，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值约为1k，电流表内阻约为10，电压表内阻约为10k，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示：（3）根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：点睛：本题考查了实验器材的选择、作实验电路图、连接实物电路图，要掌握实验器材的选择原则，根据实验原理与实验器材和实

18、验要求确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的前提与关键12、4.700毫米刻度尺ACE错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上错误2：采用了电流表内接法D 【解析】：螺旋测微器的读数为：D=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；测量30cm金属管长度时应用毫米刻度尺来测量；：由于两节电池的电动势为3V，所以电压表应选A；由于通过金属管的最大电流为，所以电流表应选C；根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选E；：由于待测金属管阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，连线图中的两个错误分别是：错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上；错误2：采用了电流表内接法；：设金属管内径为d，根据电阻定律应有：，又，联立可得：；：A：考虑金属的电阻率随温度的升高而增大可知，通过待测金属管的电流不能太大，故A错误；B：为减小温度的影响，中间过程应断开开关，故B错误；C：千分尺的精确度是0.01mm，即应精确到1100毫米，故C错误；D：千分尺读数时必须估读一位，即估读到0.001mm，故D正确故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）