内蒙古锡林浩特市第六中学2022-2023学年物理高三上期中调研模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B两小球用轻杆连接，A球只能沿内壁光滑的竖直滑槽运动，B球处于光滑水平面内，不计球的体积开始时，在外力作用下A、B两球均静止且杆竖直现撤去外力，B开始沿水平面向右运动已知A、B两球质量均为m，杆长为L，则下列说法

2、中不正确的是（ ）AA球下滑到地面时，B球速度为零BA球下滑到地面过程中轻杆一直对B球做正功CA球机械能最小时，B球对地的压力等于它的重力D两球和杆组成的系统机械能守恒，A球着地时的速度为2、有一个直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB竖直放置，表面光滑A0上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环用一质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡，如图，现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力FN和细绳上的拉力FT的变化情况是（）AFN不变，FT变大BFN不变，FT变小CFN变大，FT变大DFN变大，FT变

3、小3、细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示将细绳烧断后，下列说法中正确的是A小球立即开始做自由落体运动B小球离开弹簧后做平抛运动C小球运动的加速度先比重力加速度小，后来和重力加速度相等D小球离开弹簧后做匀变速运动4、a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上，b、c轨道在同一平面上某时刻四颗卫星的运行方向及位置如图所示下列说法中正确的是( )Aa、c的加速度大小相等，且大于b的加速度Bb、c的角速度大小相等，且小于a的角速度Ca、c的线速度大小相等，且

4、小于d的线速度Da、c存在P点相撞的危险5、如图所示，在地面上方的A点以水平抛出一小球，小球刚要落地时的动能，落地点在B点，不计空气阻力，则A、B两点的连线与水平面间的夹角为（ ）A30B37C45D606、一带电粒子仅在电场力作用下从A点开始以做直线运动，其v-t图像如图所示，粒子在时刻运动到B点，3时刻运动到C点，下列判断正确的是AA、B、C三点的电势关系为 BA、B、C三点场强大小关系为C粒子从A点经B点运动到C点，电势能先增加后减少D粒子从A点经B点运动到C点，电场力先做正功后做负功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

5、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、物体体积变化时，分子间距离会随之变化，分子势能也会发生变化.下图为分子势能Ep与分子间距离r的关系曲线，以下判断正确的是( )A当r = r1时，分子势能最小B当r = r2时，分子引力与斥力大小相等C当r r2时，分子间作用力的合力表现为引力D在r由r2变到r1的过程中，分子间作用力的合力做正功E.在r由r2逐渐增大的过程中，分子间作用力的合力做负功8、在竖直平面内有水平向右、电场强度为E=1104N/C的匀强电场在场中有一个半径为R=2m的光滑圆环，环内有两根光滑的弦AB和AC，A点所在的半径与竖直直径BC成角。质量为0.04kg

6、的带电小球由静止从A点释放,沿弦AB和AC到达圆周的时间相同。现去掉弦AB和AC，给小球一个初速度让小球恰能在竖直平面沿环内做完整圆周运动，不考虑小球运动过程中电量的变化。下列说法正确的是(cos=0.8，g=10m/s2)（ ）A小球所带电量为q=3.6105 CB小球做圆周运动动能最小值是0.5 JC小球做圆周运动经过C点时机械能最小D小球做圆周运动的对环的最大压力是3.0N9、如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P栓接，另一端与物体A相连，物体A静止与光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的轻质定滑轮与物体B相连，开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速

7、度，下列有关该过程的分析正确的是（ ）AB物体的机械能一直在增大BB物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和CB物体机械能的减小量等于弹簧的弹性势能的增加量D细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量10、如图所示，半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有一竖直挡板MN。在二者之间夹着一个光滑均质的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始终保持静止。则在此过程中，下列说法正确的是（）AMN对Q的弹力逐渐减小BP对Q的弹力逐渐增大C地面对P的摩擦力逐渐增大DQ所受的合力逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

8、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在探究弹簧弹性势能实验中：(1)如图1，弹簧的一端固定，原来处于自然长度。现对弹簧的另一端施加一个拉力缓慢拉伸弹簧，关于拉力或弹簧弹力做功与弹簧弹性势能变化的关系，以下说法中正确的是_A拉力做正功，弹性势能增加 B拉力做正功，弹性势能减少C弹簧弹力做负功，弹性势能增加D弹簧弹力做负功，弹性势能减少(2)由于拉力是变力，拉力做功可以分割成一小段一小段处理，每一小段的弹力可以近似看成是恒力，再把每一小段的功相加求和，可得W总=F1l+F2l+F3l+，某次实验中作出拉力F拉与弹簧伸长量x的图象如图2，则在弹簧被拉长L的过程中拉力做功为_。

9、（3）若换一根劲度系数更大的弹簧做此实验，则图2的图象斜率将_（选填“不变”“减小”“增大”）12（12分）某同学用图（a）所示的装置测量木块与木板之间的动摩擦因数跨过光滑定滑轮的细线两端分别与木块和弹簧测力计相连，滑轮和木块间的细线保持水平，在木块上方放置砝码缓慢向左拉动水平放置的木板，当木块和砝码相对桌面静止且木板仍在继续滑动时，弹簧测力计的示数即为木块受到的滑动摩擦力的大小某次实验所得数据已在下表中给出，其中的值可从图（b）中弹簧测力计的示数读出砝码的质量0.050.100.150.200.25滑动摩擦力2.152.362.552.93回答下列问题：（1）=_：（2）在图（c）的坐标纸上

10、补齐未画出的数据点并绘出图线_；（3）与、木块质量、木板与木块之间的动摩擦因数及重力加速度大小之间的关系式为=_，图线（直线）的斜率的表达式为=_（4）取，由绘出的图线求得_（保留2位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，传送带水平部分的长度，与一圆心在点、半径的竖直光滑圆轨道的末端相切于点。高出水平地面。一质量的小滑块（可视为质点），由轨道上的点从静止释放，与竖直线的夹角。已知，取，滑块与传送带的动摩擦因数，转轮与传送带间不打滑。不计空气阻力。(1)求滑块对圆轨道末端的压力的大小；(2)

11、若传送带以速度为顺时针匀速转动.滑块运动至点水平抛出。求此种情况下，滑块的落地点与点的水平距离；(3)若传送带以速度为顺时针匀速转动，求滑块在传送带上滑行过程中产生的热量。14（16分）如图所示，质量m= 2kg的物体原静止在水平地面上，它与地面间的动摩擦因数为=0.4，一个沿水平方向的恒力F= 12N作用在这个物体上，（g取10m/s2） 求：（1）物体运动的加速度多大？（2）开始运动后3s内物体发生的位移S的大小是多少？（3）开始运动后3s末物体的速度是多大？15（12分）如图所示，ABC是三棱镜的一个截面，其折射率为，现有一细束平行与截面的光线沿MN方向射到棱镜的AB面上的N点，入射角的

12、大小为，且，已知真空中的光速，求：光在棱镜中传播的速率；此束光进入棱镜后从棱镜射出的方向和位置（不考虑AB面的反射）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】只有重力或只有弹力做功，系统机械能守恒，分析清楚两球的运动过程，应用机械能守恒定律分析答题【详解】解：A、A球下滑到地面时，A球速度竖直，沿杆的速度为零，即B球速度为零，故A正确；B、开始时，B球静止，B的速度为零，当A落地时，B的速度也为零，因此在A下滑到地面的整个过程中，B先做加速运动，后做减速运动，因此，轻杆先对B做正功，后做负功，故B错误；C、A球

13、机械能最小时，B球动能最大，即加速度等于零，轻杆作用力为零，B球对地的压力等于它的重力故C正确；D、A球落地时，B的速度为零，在整个过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：，解得，D正确故本题不正确的选B【点睛】本题考查了机械能守恒定律的应用，知道A、B组成的系统在运动的过程中机械能守恒，A球落地时，B的速度为零是正确解题的关键2、B【解析】以两环组成的整体，分析受力情况如图1所示根据平衡条件得，N2mg保持不变再以Q环为研究对象，分析受力情况如图2所示设细绳与OB杆间夹角为，由平衡条件得，细绳的拉力，P环向左移一小段距离时，减小，cos变大，T变小，即FN不变，FT变小，故B正确，ACD

14、错误3、D【解析】对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动解：A、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落体运动，故A错误B、平抛运动在竖直方向上是只受重力的作用，由A的分析可知，小球并不是平抛运动，所以B错误C、小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以开始时加速度的大小要比重力加速度大，故C错误D、小球离开弹簧后，只受到重力的作用，所以是匀变速运动，故D正确故选D4、

15、A【解析】A、由牛顿第二定律得：Gma，解得：a，由题意可知：rarcrbrd，则：aaacabad，故A正确；B、由牛顿第二定律得：Gm2r，解得：，由题意可知：rarcrbrd，则：acbd，故B错误；C、由牛顿第二定律得：Gm，解得：v，由题意可知：rarcrbrd，则：vavcvbvd，故C错误；D、由以上分析可知，a、c的轨道半径相等，线速度v相等，a、c永远不会发生碰撞，故D错误故选A5、C【解析】由题意得：解得：tan=2因为速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角的正切值的两倍，即tan=2tan，解得tan=1 ，=45A. 30，与分析不符，故A错误；B. 37，与分

16、析不符，故B错误；C. 45，与分析相符，故C正确；D. 60，与分析不符，故D错误。6、C【解析】A、因为不知道带电粒子的电性，所以无法判断电势的关系，故A错误；B、由速度图像可知，加速度先增大后减小，所以B点的加速度最大，电场强度最大，故B错误；C、由图像可知：动能先减小后增大，根据能量守恒可知：电势能先增后减小，故C正确；D、因为电势能先增大后减小，所以电场力先做负功后做正功，故D错误；故选C【点睛】速度图像的斜率大小表示加速度的大小，根据速度大小可知动能的变化，根据能量守恒可知电势能的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

17、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCE【解析】由图象可知：分子间距离为r2时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；分子引力与斥力大小相等，A错误B正确；当rr2时，分子间距离较大，分子间的作用力表现为引力，故C正确；r小于r2时，分子间的作用力表现为斥力，距离减小的过程中做负功，D错误；在r由r2逐渐增大的过程中，分子间作用力为引力，故分子力的合力做负功，E正确【点睛】正确理解分子力、分子势能与分子之间距离的变化关系，注意分子力与分子势能变化的一个临界点为r=r0，注意将分子力与分子之间距离和分子势能与分子之间距离的图象比较进行学习8、BD【解析】A因从A

18、点到E点和C点的运动时间相同，因此可将A点看成在电场和重力场的等效最高点，因此等效重力场的方向为AO方向，因此对小球进行受力分析，小球应带正电，则有解得小球的带电量为，故A错误；B小球做圆周过程中由于重力和电场力都是恒力，所以它们的合力也是恒力，小球的动能、重力势能和电势能之和保持不变，在圆上各点中，小球在等效最高点A的势能（重力势能和电势能之和）最大，则其动能最小，由于小球恰能在竖直平面沿环内做圆周运动，根据牛顿第二定律，在A点其合力作为小球做圆周运动的向心力，有小球做圆周运动过程中动能最小值为故B正确；C由于总能量保持不变，即所以小球在圆上最左侧的位置，电势能EPE最大，机械能最小，故C错

19、误；D将重力与电场力等效成新的“重力场”，新“重力场”方向与竖直方向成，等效重力为等效重力加速度为小球恰好能做圆周运动，在等效最高点A点速度为在等效最低点小球对环的压力最大，设小球在等效最低点的速度为v，由动能定理得由牛顿第二定律得联立解得小球在等效最低点受到的支持力根据牛顿第三定律知小球做圆周运动的过程中对环的最大压力大小也为3.0N，故D正确。故选BD。9、BD【解析】由于绳子的拉力对B做负功，所以B物体的机械能在减小，A错误；B物体受到绳子的拉力和重力作用，重力做正功，拉力做负功，根据动能定理可得B物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和，B正确；将AB和弹簧看做一个整体，B物体

20、的重力势能转化为AB的动能和弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减小量等于弹簧的弹性势能的增加量与A动能增加量之和，C错误；将A和弹簧看做一个整体，绳子的拉力对整体做正功，所以细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量，D正确10、BC【解析】AB对Q受力分析，如图甲所示，Q受到竖直向下的重力mg、MN给的向左的支持力F1和P对Q的支持力F2，根据平衡条件，得F1mgtan，在MN保持竖直并且缓慢地向右平移的过程中，增大，故F1、F2增大，即MN对Q的弹力逐渐增大，P对Q的弹力逐渐增大，故A错误，B正确；C对P、Q整体受力分析，如图乙所示，整体受到重力(Mm)g、MN的支持力F1

21、、地面的支持力F3、地面的静摩擦力f，根据共点力的平衡条件，可得fF1mgtan，由于不断增大，故f逐渐增大，故C正确；D移动MN过程中Q一直处于平衡状态，合力一直为零，故D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC 增大 【解析】由题意可知探究弹簧弹性势能实验中势能变化、变力做功问题，根据弹簧弹力做功特点、胡克定律计算可得。【详解】(1) 1A B拉力做正功，说明弹簧弹力对外做负功，弹性势能增加，故A正确，B错误；C D弹簧弹力对外做负功，其它能转化为弹性势能，弹性势能增加，故C正确，D错误。(2) 2 因拉力随位移均匀增大，可以用平均力来计算(3) 3 由胡克定律可得换一根劲度系数更大的弹簧做此实验，图2中图象斜率将增大【点睛】当弹簧弹力对外做正功时，弹性势能减小；当弹簧弹力对外做负功时，弹性势能增加。12、2.75 0.40 【解析】（1）由图（b）可读出弹簧测力计的示数（2）图线如图所示（3）摩擦力表达式，其斜率（4）图线的斜率，解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ；(2)；(3)【解析】(1)到达A点过程中依据动能