东乡族自治县一中高二上学期第二次月考试卷物理

1、东乡族自治县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级 座号 姓名 分数一、选择题1.如图所示，一束含有的带电粒子束从小孔 Oi处射入速度选择器，其中沿直线。1。2运动的粒子在小孔。2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在Pi、P2两点，不计粒子间的相互作用。则0,X m ； xflrXX X ； X X13?-irTxl fli 一工产XXXA.打在Pi点的粒子是B . O2P2的长度是O2P1长度的2倍 TOC o 1-5 h z 粒子与;H粒子在偏转磁场中运动的时间之比为2：i粒子与:H粒子在偏转磁场中运动的时间之比为i：i.（20I6 河北仙桃高三开学检测）某蹦床运动员在一

2、次蹦床运动中仅在竖直方向运动，如图为蹦床对该运动员的作用力F随时间t的变化图象。不考虑空气阻力的影响，下列说法正确的是（）A . ti至t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能守恒B . ti到t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能增加C . t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和增加D . t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和先减小后增加.桌面上放着一个I0匝矩形线圈，如图所示，线圈中心上方一定高度上有一竖立的条形磁体，此时穿过线圈内的磁通量为 O.OIWb.把条形磁体竖放在线圈内的桌面上时，穿过线圈内磁通量为0.I2Wb.如果把条形磁体从图中位置在0.5s内放到线圈内的桌面上，计算可得该过

3、程线圈中的感应电动势的平均值为A. 2.2V B. 0.55V C. 0.22V D. 2.0V4.如图所示为直升飞机由地面垂直起飞过程的速度时间图象,则关于飞机的运动，下面说法正确的是（）0 5s内飞机做匀加速直线运动515s内飞机在空中处于悬停状态15 20s内飞机匀减速下降0 25s内飞机上升的最大高度为 300m5. （2016 河北沧州高三月考）某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0hi段F不为零，hih2段F = 0,则关于功率下列说法正确的是（）A . 0h2段，重力的功率一直增大B . 0hi段，F的功率可能先增大后减小C.

4、 0h2段，合力的功率可能先增大后减小D . hih2段，合力的功率可能先增大后减小.如图甲所示，倾角为 。的足够长传送带以恒定的速率vo沿逆时针方向运行。t=0时，将质量m=1 kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的加速度 g=10 m/s2, sin 37 =0.6, cos 37 =0.8。则v十图象如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力A .传送带的速率 vo=10 m/sB .传送带的倾角9=30 TOC o 1-5 h z C.传送带的倾角9=37D.物体与传送带之间的动摩擦因数尸0.5.关于电源电动势 E的下列说法中 错误的是:（）A.电动势E的单位与电势、电

5、势差的单位相同，都是伏特V.干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C.电动势E可表示为E=W,可知电源内非静电力做功越多，电动势越大 qd.电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大8. （2018南宁摸底）如图所示，在光滑水平面内有一固定光滑绝缘挡板AB , P是AB上的一点。以A为坐标原点在水平面建立直角坐标系，y轴一挡板AB重合，x轴上固定一个带正电的点电荷Q。将一个带电小球（可视为质点）轻放到挡板的左侧的P处，在静电力作用下小球沿挡板向A运动，则下列说法中正确的是fit7A .小球带负电B .由P点到A点小球做匀加速直线运动C. P点的场强比A点的场强大D.小球在P点的电势能比

6、在 A点的电势能大Q9.对于电容C = F，以下说法正确的是A. 一只电容器所充电荷量越大，电容就越大B.对于固定电容器，它的带电量跟两极板间所加电压的比值保持不变C.电容器的带电量跟加在两极间的电压成反比D.如果一个电容器没有带电，也就没有电容图所示，在同一坐标系中画出a、b、c三个电源的U I图象，其中a和c的图象平行，下列说法中正确的是（）A.EarbC .EaEc,a=cD .EbEc,b=c.如图所示，滑块穿在水平横杆上并可沿杆左右滑动，它的下端通与小球相连，小球受到水平向右的拉力F的作用，此时滑块与小球处过一根细线 于静止状态.保才e拉力f始终沿水平方向，改变 f的大小，使细线与竖

7、直方向的夹角缓慢增大，这一过程中滑块始终A.滑块对杆的压力增大B.滑块受到杆的摩擦力不变C.小球受到细线的拉力大小增大D.小球所受各力的合力增大. （2018 洛阳联考）如图所示，一个电荷量为一Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为+ q、质量为m的点电荷乙，从 A点以初速度vo沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v,且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f, A、B两点间距离为Lo,静电力常量为k,则卜列说法正确的是（）A.点电荷乙从 A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B.点电荷乙从 A点向甲运动的过程中,其电势能先增大再减小C. O、B两点间的

8、距离为kQqD.在点电荷甲形成的电场中，A、B两点间的电势差为12fLo + mv Uab= q13.如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器的图是（.如下图所示的情况中，a、b两点电势相等、电场强度也相同的是（）晅正确教育A.带等量异种电荷的平行金属板之间的两点B.离点电荷等距的任意两点C.两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点 D.两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点.下列选项 不符合历史事实的是（）A、富兰克林命名了正、负电荷B、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律C、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质-电场D、法拉第为了简洁形象描述电

9、场，提出电场线这一辅助手段二、填空题.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“2.0V, 0.5A”。备有下列器材:A.电源E （电动势为3.0V,内阻不计）B.电压表片 （量程0-3V,内阻约出。）C.电压表% （量程0-15V ,内阻约4k。）D.电流表Ai （量程0-3A,内阻约0.1C）E.电流表A（量程0-0.6A,内阻约口F.滑动变阻器R （0-5。，3.0A）G.滑动变阻器/（0-200% 1.25 A）H.开关和若干导线为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容。（请填写选项前对应的字母）（1）实验中电压表应选用 ,电流表应选用,滑动变阻器应选用

10、 测量时采用图中的图电路（选填“甲”或“乙”）。（3）某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而U/V0.400.600.801.001.201.501.60I/A0.200.450.801.251.802.813.20增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小。他又选用了合适的电源、电表等相关器材后，对其中的一个元件进行了测试，测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示：请根据表中数据在图丁中作出该元件的I-U图线；该元件可能是由 （选填“金属”或“半导体”）材料制成的。17 .在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实3 W

11、； 还备有下列器材电流表Ai （量程3A ,内阻0.2 ）电流表A2 （量程0.6 A，内阻1 ）电压表Vi （量程3V ,内阻20k ）电压表V2 （量程15V ,内阻60K Q）验中，使用的小灯泡为“6 V,变阻器 Ri (0 1000 0, 0.5 A)变阻器 R2 (0-20Q, 2A)学生电源(68V),开关S及导线若干.在上述器材中，电流表应选用 ,电压表应选用 变阻器应选用 ,在上面的 方框中画出实验的电路图。.如图，为测量作匀加速直线运动小车的加速度， 将宽度均为b的挡光片A、B固定在小车上, 测得二者间距为do b b伊 pil-ool(1)当小车匀加速经过光电门时，测得两挡

12、光片先后经过的时间出 tl和2,则小车加速度a=o(2)(多选题)为减小实验误差，可采取的方法是()(A)增大两挡光片宽度b(B)减小两挡光片宽度b(C)增大两挡光片间距d(D)减小两挡光片间距d 三、解答题赵，若传送带A到2.传送带与水平面夹角 30。，皮带以25 m/s的速率运动，皮带轮沿顺时针方向转动，如图所示。今在传送带上端A处无初速地放上一个质量为m=0.5 kg的小物块，它与传送带间的动摩擦因数为B的长度为30 m, g取10 m/s2,则物体从A运动到B的时间为多少?.如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角9=30 0皮带在电动机的带动下，始终保持V0=2m/s 的速率运行。现把一

13、质量m=10kg的工件(可看做质点)轻轻放在皮带的底端，经时间t=1.9s , 工件被传送到h=1.5m 的高处，取g=10m/s 2。求：(1)工件与皮带间的动摩擦因数；(2)电动机由于传送工件多消耗的电能东乡族自治县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】B【解析】 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，所以型B =凿一，所以二F ,可知r qB粒子的比荷越大，则运动的半径越小，所以打在Pi点的粒子是；H，打在P2点的粒子是,故A错误；因;H粒子与粒子在偏转磁场中运动的半径比为1:2,则O2P1和02P2长度之比为1:2,选项

14、B正确；带电粒子在沿直线通过速度选择器时，电场力与洛彳兹力大小相等方向相反，即：qvB=qE,所以第二g ,可知从粒子速B度选择器中射出的粒子具有相等的速度；粒子运动的周期T =,则粒子与；口粒子在偏转磁场中运动v1的周期之比为1:2,运动半个周期，则时间之比也为1:2,选项CD错误。.【答案】BD【解析】【名师解析】由图可知，宣至毒过程内弹箸的弹力的最大值逐渐变大运动员和蹦床构成的系统机械能熠 加，故也错误,B正确$力以后，蹦床的弹力最大值不变，整个过程重力势能、弹性势能和动能总量保持不 变，内时刻弹力为零，重力大于弹力，接下来运动员做加速度减小的力喉运动，运动员的动能增加，当重力 等于弹力

15、时，加速度为零速度最大，再向后，弹力大于重力，运动员做加速度增大的减速运动，运动员的 动能激小，育时速度最小，动能先增大后激小，故运动员和蹦床的势能之和先源小后增加，C错误，Q正确。.【答案】AA 处 0 12-0.01【解析】由法拉第电磁感应定律： E = n= l0 x-V=22V,故A正确，BCD错误。.【答案】AD.【答案】BC【解析】【参考答案】BC【名师解析】根据物体动能随位移变化图象可知，动能先增大后减小，物体的速度先增大后激小,g比段, 重力的功率（负功率）先竭大后温小，选项A错误。力F大于重力，合力方向竖直向上0比段，F的功 率可能先增大后就小，选项E正确，。饱段，合力的功率

16、可能先增大后减小，选项C正确.如比段，物 体速度减小，合力的功率盗小，选项力错误。.【答案】ACD【解析】ACD 由图象可以得出物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，结合加速度的大小求出动摩擦因数的大小和传送带的夹角。 由于刚放到传送带上时， 物体的相对传送带斜向上运动，故受到的摩擦力方向为沿传送带向下，从图乙中可知，当物体的速度达到10 m/s后，物体的运动加速度发生变化，但仍是加速运动，所以由此可知io m/s为传送带的速度，即 坨 = 10m/$,之后物体相对传送带斜向下运动，受到的摩擦力方向为

17、沿传送带向上，在0i s内物块的加速度的二一二m/J=10m/，由牛顿第二定律得& 1mgsin32imgzos9=mal,在 i2 s 内，叼二获Jm/s= 2m/J ,由牛顿第二定律得： 叫;$1口0-即磔OS0二,解得：尸0.5,片37,故ACD正确。.【答案】C.【答案】AD【解析】【名师解析】根据题述，静止带电小球从P处在静电力作用下沿挡板向 A运动，说明带电小球受到的是库伦吸引力，小球带负电，选项 A正确；由于点电荷 Q的电场不是匀强电场，带电小球在运动过程中所 受的合外力不可能保持不变，所以小球由P到A不可能做匀加速直线运动，选项B错误；根据点电荷电场特征，P点的电场强度比 A点

18、的电场强度小，选项 C错误；小球由P到A运动，静电力做功，电势能减小，小 区装P点的电势能比在 A点的电势能大，选项 D正确。.【答案】B【解析】解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变.故 A错误. QB、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容 C不变，由定义式 C=jj可知，则带电荷量 跟它两极板间所加电压的比值保持不变.故B正确.C、电容器的带电荷量 Q=CU ,当电容C 一定时，电量与电压成正比.当电容C变化时，电量与电压不成正比.故 C错误.D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关.故 D错误. 故选：B【点评】本题考查对电容的理解能

19、力，抓住电容的物理意义和定义式是关键.【答案】C.【答案】C【解析】【解析】：CD、对球分析,受重力mg.拉力F和细线的拉力工如图所示:根据平衡条件，有:F =mgtanB, _ 2随着6的不断增大，故拉力F不断增加，拉力T也增加;小球的合力为零,保持不变故C正确，D错误汗AB、对球和滑块整体分析，受到总重力.支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件方：N = (M A- m)gr = F = mgtanB所以支持力不变才艮据牛顿第三定律JE力也不变了静摩擦力等于拉力7不断增加;故AB错误：综上所述本题答案是：C.【答案】.C【解析【名师解析】点电荷乙从H点向甲运动的过程中，受向左的静电力和向右的

20、摩擦力，两球靠近过程中库仑 力逐渐增大，小球先瀛速后加速，所以加速度先减小后增大，故A错误j在小球向左运动过程中电场力一 直做正功，因此电势能一直属小，故B错误$当速度最小时有：尸尸常=疆，解得：勺鸣故C正南点电荷从A运强IB过程中,根据动能定理有：6M-网/裙-方吟,解得 3-, 故D错误口.【答案】C【解析】试题分析：甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多,C正确；丁图所以是降压变压器，故 B错误；丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故考点：考查了理想变压器.【答案】D.【答案】C二、填空题D错误。(4).甲 (5).半导体.【答案】(1). B(2). E(3). F【解析】(1)灯泡的额定电压为 2.0V,则电压表选择 B.由于灯泡的额定电流为 0.5A,则电流表选择 E.灯 U 2泡的电阻R = f =为了便于测量，滑动变阻器选择 F.灯泡的电流和电压从零开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻与电流表内阻相当，属于小电阻，电流表采用外接法，即采用甲电路.(2)实物连线如图；(3)根据描点法得出该元件的I-U图线如图所示，由图线可知，电阻随着电流增大而减小，属于半导体材料成.点睛：本题考查了连接