2022年广东省汕头市潮南区中考一模物理试卷

1、2022年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑1（3分）下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（）A丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子B由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比C磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极D安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上2（3分）关于温度、内能、热量，下列说法中正确的是（）A物体的温度越高，它含的热量越多B物体的内能增加，一定是吸收了热量C物体的内能增加，它的温度一定升高D物体

2、的温度升高，它的内能一定增加3（3分）图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子。把A点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）关于勺子的构造和使用说法正确的是（）A勺子转动切果时可作省力杠杆用B勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C“刺刀”很尖利是为了增大压力D勺子绕着果转动时运动状态不变4（3分）下列示意图不正确的是（）A甲图：AB为物体AB在平面镜中所成的像B乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F为一对平衡力C丙图：是光由空气射入水中的折射光路图D丁图：小磁针静止时，磁感线的方向，电源的“+”或“一”极。5（3分）半潜船可用

3、来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为F1、F2、F3则下列判断正确的是（）AF1F3F2 BF2F3F1 CF3F1F2 DF3F2F16（3分）在如图所示的电路中，电源电压不变。开关S闭合后，移动滑片P，改变滑动变阻器 接入电路的阻值，使电压表的示数从6伏变化到2伏，同时观察到电流表的示数从0.5安变化到1安，则定值电阻R0的阻值为（）A4欧B6欧C8欧D18欧7（3分）下

4、列判断与图示相符合的是（）A泡沫球一定带正电B电流周围存在磁场C通电螺旋管右端是N极D磁场对电流有力的作用二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8（3分）如图所示，物体的长度是 cm，停表所表示的时间是 s，电能表的读数是 。9（2分）古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据声音的 判断出来的：唐代诗人白居易的琵琶行中的诗句：“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”从物理学的角度来看，弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发声的 ；“小弦切切如私语”是指声音的 小。（均选填“音调”“响度”或“音色”）10（3分）R1和R2两只电阻

5、串联。已知R1：R25：1，那么通过它们的电流之比I1：I2 ，两只电阻两端各自的电压之比U1：U2 ，这两只电阻两端的总电压跟R2两端电压之比U总：U2 。11（3分）端午节那天，小志给小文小起啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是瓶内的气体冲出时，内能转化为 能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象。这个现象说明 方式可以改变物体的内能。12（3分）如图甲所示的彩虹桥桥面距湖面3m，它的“倒影”距桥面 m“倒影”的形成是由于光的 。如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是 。13（3分）夏天，白天湖水温度往往比水泥马路温度低，这是由于水的 ；市政部门经常派出洒水车

6、向路面洒水降温，这一操作 （选填“是”或“不是”）利用水的上述特性；若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则该洒水车的动能将 。14（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“30 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为 A若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是 。三、作图题（共7分）15（2分）从空气射向水面的入射光线，在水面发生反射和折射现象，如图所示，给出了反射光线，请你在图中画出入射光线和大致的折射光线。16（2分）如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动，请在图中作出货物A所受力的示意图

7、。17（2分）一个工人站在地面上，使用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，要求绳子的自由端要向下拉，请你用笔画代替绳子，画出滑轮组最省力的绕绳方法。18（1分）图中虚线框内是一台灯旋钮开关的内部电路简图，通过它可控制台灯的通断和亮度。请将电路图连接完整，使其符合安全用电的原则。四、实验题（本大题3小题，共20分）19（6分）小明在“探究不同液体的吸热情况”试验中，用了如图甲所示的两套完全相同装置。他按实验要求分别对甲和乙两种液体物质进行加热。实验数据记录如下表。物质初温/加热时间/min末温/甲20645乙20668（1）按实验要求，甲和乙的质量 （选填“相同”或“不相同”）。（2）在此实

8、验中，如果要使甲和乙的最后温度相同，就要给 （选填“甲”或“乙”）加热更长的时间，此时，甲吸收的热量 （选填“大于”或“小于”或“等于”）乙吸收的热量。（3）根据实验数据分析得知， （选填“甲”或“乙”）的比热容大。（4）物质甲从温度由20加热到45的过程中，它的内能 （选填“增大”或“减小”）。这是采用 方式改变物体内能的。20（6分）在“探究凸透镜成像规律“的实验中（1）实验用光具座的长度为1m，如果有焦距为10cm、25cm的两块凸透镜，应该选择焦距为 cm的凸透镜完成实验（2）实验前应点燃蜡烛，观察烛焰、凸透镜和光屏的中心是否在 上，这样做的目的是 。（3）当蜡烛、凸透镜和光屏的相对位

9、置如图甲所示时，光屏上出现清晰的像，则像是倒立 的实像。（4）实验中，不但虚像可以用肉眼直接看到，实像也可以用肉眼直接看到，如图乙所示在第（3）的基础上，拿掉光屏，用肉眼在 （选填“A“、“B“或C）位置沿图示方向能看到这个实像。（5）在第（3）的基础上，当光屏略微向右移动时，光屏上的像将会模糊，如果蜡烛与凸透镜不动，那么，在凸透镜前放置 （选填“凸”或“凹”）透镜，才可能在光屏上得到清晰的像，这其实就是 （选填“近视眼“或“远视眼”）的矫正原理。21（6分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为能顺利完

10、成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 （选填下面两项序号）。A“10 0.5A”的滑动变阻器B“20 0.5A”的滑动变阻器（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。（3）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 端（选填“A”或“B”）。（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是 （5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是 V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 端移动（选填“A”或“B”）。（6）通过小灯泡的电流随

11、它两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：该小灯泡正常发光时的额定功率为 W。小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受 变化的影响。五、计算题（本大题2小题，共13分）22（6分）一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶10min，消耗的汽油为1.2Kg汽车匀速行驶时受到的牵引力F1.2103N，汽油的热值q4.6107J/kg。问：（1）这段时间内汽油完全燃烧放出的热量是多少？（2）这段时间内汽车牵引力做功的功率是多少？（3）该汽车的效率是多少？23（7分）应急照明灯是在正常照明电源发生故障时，能持续照明而不间断工作的一类灯具，如图15所示。当照明电路突然停电时，应急照明灯通过自动控制电路及相关部

12、件自动把灯泡跟蓄电池接通，从而实现自动应急照明。下表为某型号应急照明灯的主要技术数据：应急照明光源蓄电池种类数量灯泡额定电压应急照明功率类别额定电压容量灯泡2只2.4V0.96W2NiCd2.4V1.8Ah求：（1）根据上述技术数据，判断两灯的连接方式，并简要说明理由。（2）单只灯泡正常发光时的电流。（3）单只灯泡正常发光时的电阻。（4）根据蓄电池的“额定电压”和“容量”（容量“1.8Ah”指的是如果放电电流为1.8A，那供电时间约1小时），估算这种蓄电池最多可储存的电能。（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明的时间。六、综合能力题（本大题3小题，共18分）24（7分）认识短路的危害

13、【设计实验】目的：认识短路的危害器材：低压电源（直流6V）、开关、额定电流为1A的保险丝、额定电压为6V的灯泡、导线、电流表（演示电流表，05A档）【进行实验】（1）在图中，CD间接上一段保险丝，AB间接入电流表，其它部分按图所示连接好电路。（2）当开关闭合时，灯泡 （填“发光”或“不发光”），电流表 （填“有”或“无”）示数。（3）断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，当闭合开关的瞬间，你将会观察到 A电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断B电流表的指针无示数，保险丝不会熔断C电流表读数稳定不变，灯泡正常发光D电流表读数稳定不变，灯泡不亮【分析论证】B、D间接入铜丝时，灯泡被短路。根据

14、欧姆定律知道，闭合开关的瞬间，线路中的电流 ，通过保险丝和导线的电流 ，但是保险丝的电阻比导线大很多，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成 比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的 效应。25（5分）小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图甲、乙所示的实验，探究动能的大小与哪些因素有关。（1）让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。（2）让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒

15、在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。上述甲、乙两组实验中：乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的 。选用图甲探究的是动能与 的关系，理由是：两球 相等；得出的结论是： 。选用图乙探究的是动能与 的关系，得出的结论是： 。物理研究方法有许多，如等效替代法、类比法、对比法、控制变量法；本实验中运用了两种研究方法，一是 法；二是转换法，就是用纸盒移动的距离长短来表示小球动能的大小。26（9分）阅读短文，回答问题：太阳能路灯城市大力发展绿色能源，如图甲是城市道路两边的太阳能路灯，它由太阳能电池板、控制器、24V的蓄电池组、LED发光二极管、灯杆及灯具外壳组成

16、。它的结构示意图如图乙，工作时能量流程图如图丙。LED发光二极管是一种半导体器件，它具有工作电压低（24V）、耗能少、寿命长、稳定性高、响应时间短、对环境无污染、多色发光等优点。它与普通的白炽灯发光原理不同，可以把电直接转化为光。实验测得LED发光二极管两端加不同电压时的电流，数据如表：电压/V11.52.02.32.52.83.03.33.53.63.7电流/mA000510601603806909001250（1）太阳能电池板将太阳能转化为 能，给蓄电池充电时转化为 能。太阳能是 能源（选填“一次”或“二次”）。（2）为使LED发光二极管正常工作，应将几个LED发光二极管 （选填“串联”或

17、“并联”）才能安全使用。（3）如图乙所示，晚上LED发光二极管点亮时控制开关S与 （选填“a”或“b”）触点接触。（4）这种LED发光二极管的电压从2.5V变化到3.6V时，LED的电功率增加了 W。2022年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑1（3分）下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（）A丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子B由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比C磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极

18、D安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上【答案】D【分析】（1）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的物体得到电子而带负电；束缚电子能力弱的物体失去电子而带正电；（2）电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；（3）磁感线是为了形象的描述磁场而画出的，是封闭的曲线，在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极；（4）为了有效的控制用电器，需要将用电器和开关串联；开关应接在火线和用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全。【解答】解：A、丝绸与

19、玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子带负电，故A错误；B、由欧姆定律可得R，利用该公式可以计算导体的电阻，但导体电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；不能说成：导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比，故B错误；C、在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，故C错误；D、安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且开关接在火线与用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，故D正确。故选：D。2（3分）关于温度、内能、热量，下列说法中正确的是（）A物体的温度越高，

20、它含的热量越多B物体的内能增加，一定是吸收了热量C物体的内能增加，它的温度一定升高D物体的温度升高，它的内能一定增加【答案】D【分析】物体的温度影响分子运动的速度，也就是影响分子的动能；改变内能的方式有做功和热传递，它们在改变物体的内能上是等效的。【解答】解：A、物体的温度越高分子运动越剧烈，所以分子的动能在不断的增大；热量不能够用含有来表达，故说法错误；B、改变物体内能的方式有做功和热传递，物体的内能增大，可能是做功改变的，也可能是热传递改变，故不一定是吸收热量；C、物体的内能增大，物体的温度不一定升高，例如晶体在熔化的过程中，需要继续吸收热量，但温度不变，故此项说法错误；D、物体的温度升高

21、，内能增大。此项说法正确。故选：D。3（3分）图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子。把A点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）关于勺子的构造和使用说法正确的是（）A勺子转动切果时可作省力杠杆用B勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C“刺刀”很尖利是为了增大压力D勺子绕着果转动时运动状态不变【答案】A【分析】（1）要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；（3）

22、增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；（4）运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。【解答】解：A、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故A正确；B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，故C错误；D、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故D错误。故选：A。4（3分）下列示意图不正确的是（）A甲图：AB为物体AB

23、在平面镜中所成的像B乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F为一对平衡力C丙图：是光由空气射入水中的折射光路图D丁图：小磁针静止时，磁感线的方向，电源的“+”或“一”极。【答案】C【分析】（1）首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像。（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；（3）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折

24、射角小于入射角，根据折射定律作出折射光线。（4）根据小磁针的NS极，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；再利用螺线管的NS极和线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，从而得到电源的正负极。【解答】解：A、甲图、像与物关于平面镜对称，AB为物体AB在平面镜中所成的像，故A正确；B、乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，满足二力平衡的条件，为一对平衡力，故B正确；C、过入射点垂直界面作出法线，然后根据折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，图丙中折射角大于入射角，故C错误；D、小磁针的S极靠近螺线管的左端，所以螺线管的右端为S极，左端为N极；结合线圈的绕向，利

25、用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以可以确定电源的左端为负极右端为正极。故D正确。故选：C。5（3分）半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为F1、F2、F3则下列判断正确的是（）AF1F3F2 BF2F3F1 CF3F1F2 DF3F2F1【答案】B【分析】根据甲、乙、丙三图得出半潜船排开水的体积关系，根据F浮gV排比较受到的浮力关系，然后得出答案

26、。【解答】解：由图可知，乙图中半潜船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小，水的密度不变，故选：B。6（3分）在如图所示的电路中，电源电压不变。开关S闭合后，移动滑片P，改变滑动变阻器 接入电路的阻值，使电压表的示数从6伏变化到2伏，同时观察到电流表的示数从0.5安变化到1安，则定值电阻R0的阻值为（）A4欧B6欧C8欧D18欧【答案】C【分析】由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值。【解答】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测

27、量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；由题干可知：当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，则电源的电压U5V+1AR0；6V+0.5AR72V+1AR0，故选：C。7（3分）下列判断与图示相符合的是（）A泡沫球一定带正电B电流周围存在磁场C通电螺旋管右端是N极D磁场对电流有力的作用【答案】B【分析】A、相互吸引的情况有两种：一是异种电荷之间，二是带电体和轻小物体之间；B、通电，螺线管有磁性，能吸引小铁钉；C、根据安培定则判断；D、电路中无电源，应是导体切割磁感线运动产生电流，即电磁感应。【解答】解：A、用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，吸引泡沫球，泡沫球有两种可能：一是带正电，二是不带电，

28、故A错；B、通电螺线管有磁性，能吸引小铁钉，说明电流的周围存在磁场，故B正确；C、如图，先标出螺线管中的电流方向，用右手握住通电螺线管，让四指指向电流方向，则大拇指指向通电螺线管的N极，左侧为N极，故C错；D、本图为研究电磁感应现象的实验，故D错。故选：B。二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8（3分）如图所示，物体的长度是0.85cm，停表所表示的时间是20s，电能表的读数是2168.5kWh。【答案】见试题解答内容【分析】（1）起始端没从0开始，把某刻度处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）秒表的中间的表盘代表分钟，

29、周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；（3）电能表是测量家庭电路中一段时间内消耗电能多少的仪器，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kWh。【解答】解：由图知：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值为3mm；物体左侧所对应的刻度值为0.15cm，右侧与1.00cm对齐，所以物体的长度为L1.00cm0.15cm0.85cm。（2）在秒表的中间表盘上，5min中间有5个小格，所以一个小格代表1min，指针在“4”和“1”之间，所以分针指示的时间为0min，在秒表的大表盘上，5s之间有5个小格，所以一个小格代表7s，指

30、针在20s处，所以秒针指示的时间为20s，即秒表的读数为0min+20s20s。（3）电能表测量电功或者电能，由图可以看出电能表的示数为21685，最后一位是小数，单位是kWh，故电能表的读数为2168.5kWh。故答案为：0.85；20；2168.5kWh。9（2分）古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据声音的音色判断出来的：唐代诗人白居易的琵琶行中的诗句：“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”从物理学的角度来看，弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发声的音调；“小弦切切如私语”是指声音的响度小。（均选填“音调”“响度”或“音色”

31、）【答案】见试题解答内容【分析】（1）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，与物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；同时响度还和距离声源的远近有关，距离声源越近，响度越大；（2）音色指声音的品质和特色，是由发声体的结构、材料决定的，不同发声体发出声音的音色不同；（3）音调指的是声音的高低，与发声体的振动频率有关。【解答】解：夜半钟声到客船，是因为钟振动发出的声音传到了客船；客船上的人能辨别出传来的是“钟声”，他是根据声音的音色判断出来的；“小弦切切如私语”是指声音的响度小。故答案为：音色；音调；响度。10（3分）R1和R2两只电阻串联。已知R1：R25：1，那么通过它们的电流之比I1：I21：1，两

32、只电阻两端各自的电压之比U1：U25：1，这两只电阻两端的总电压跟R2两端电压之比U总：U26：1。【答案】见试题解答内容【分析】串联电路电流处处相等，由串联电路特点及欧姆定律分析答题。【解答】解：串联电路中各处的电流I相等，两电阻串联时的电流之比I1：I21：1；两电阻串联时的电压之比：设U2U，；U总U1+U26U+U6U，故答案为：1：1；5：1；6：7。11（3分）端午节那天，小志给小文小起啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是瓶内的气体冲出时，内能转化为机械能 能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象。这个现象说明做功 方式可以改变物体的内能。【答案】见试题解答内容【分析】

33、改变物体内能的两种方法：做功、热传递。对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能。【解答】解：开启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，水蒸气液化成“白雾”，这个现象说明做功可改变物体的内能。故答案为：机械；做功。12（3分）如图甲所示的彩虹桥桥面距湖面3m，它的“倒影”距桥面6m“倒影”的形成是由于光的反射。如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是7：25。【答案】见试题解答内容【分析】（1）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；（2）根据

34、钟表在平面镜中成像判断实际时间的方法：作图法：根据平面镜成像特点，作出物体的实际情况；翻看法：由于物体在平面镜中成像时，像和物关于平面镜对称，根据这个特点把试卷翻过来观察，即可得出实际时间。【解答】解：（1）平静的水面相当于平面镜，“倒影”是由光的反射形成的；彩虹桥的像和彩虹桥到水面的距离相等，都是3m，所以它的“倒影”距桥面为6m。（2）如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟；故答案为：6；反射；7：25。13（3分）夏天，白天湖水温度往往比水泥马路温度低，这是由于水的比热容较大；市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这一操作不是（选填“是”或“不是”）利用水的上述特性；若某辆洒水车洒水时做匀速

35、直线运动，则该洒水车的动能将减小。【答案】见试题解答内容【分析】（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，比热容小的物质，其变化情况则相反；（2）路面上的水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；（3）动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，质量越大、速度越大，物体的动能越大。【解答】解：（1）因为水泥的比热容比水小，吸收相同的热量（同样的阳光照射）水泥的温度变化大，升高的温度值大，所以水泥马路的温度比湖水高得多；（2）在路面上洒水是利用了水蒸发吸热的道理，不是利用水的上述特性；（3）洒水车洒水时速度不变，但洒水车的

36、质量减小，洒水车的动能减小。故答案为：比热容较大； 不是； 减小。14（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“30 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为0.3A若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是520。【答案】见试题解答内容【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I可求灯L正常工作时的电流，（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；电路中各元件安全工作，已知电源电压和灯泡两端的电压，可求滑动变阻器两端的电压，灯L正常工作时的电流已知，根据公式R可求滑动变阻器连入电路中的最小阻值；当电压

37、表的示数最大时，滑动变阻器允许接入电路的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出滑动变阻器接入电路的阻值。【解答】解：（1）灯泡L正常工作时的电流为：I0.3A；（2）灯泡的电阻为RL10，滑动变阻器两端的最小电压为U滑U总UL4.5V3V8.5V，当电压表的示数最大U滑3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时电路的电流为I0.15A，故答案为：0.3；520。三、作图题（共7分）15（2分）从空气射向水面的入射光线，在水面发生反射和折射现象，如图所示，给出了反射光线，请你在图中画出入射光线和大致的折射光线。【答案】见试题解答内容【分析】一

38、束光线由空气射到水面时，既要发生反射，又要发生折射，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角分别画出入射光线和大致的折射光线。【解答】解：先过反射点O垂直水面作出法线，反射角等于904545，根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出入射光线，然后再根据折射角小于入射角在水中法线的右侧画出折射光线，如图所示：16（2分）如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动，请在图中作出货物A所受力的示意图。【答案】见试题解答内容【分析】（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；（2）力的示意

39、图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向。作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，然后做出A所受力的示意图。【解答】解：货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，重力从重心竖直向下画，

40、符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两个力长度相同，如图所示：17（2分）一个工人站在地面上，使用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，要求绳子的自由端要向下拉，请你用笔画代替绳子，画出滑轮组最省力的绕绳方法。【答案】见试题解答内容【分析】与动滑轮连接的绳子能分担物体的重力，所以与动滑轮相连的绳子的股数越多越省力，但还要注意对拉力方向的要求。【解答】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：18（1分）图中虚线框内是一台灯旋钮开关的内部电路简图，通过它可控制台灯的通断和亮度。请将电路图连接完整，使其符合安全

41、用电的原则。【答案】见试题解答内容【分析】从安全用电的角度分析，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即据体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上。【解答】解：据上面的分析可知，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即具体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上，答案见下图：四、实验题（本大题3小题，共20分）19（6分）小明在“探究不同液体的吸热情况”试验中，用了如图甲所示的两套完全相同装置。他按实验要求分别对甲和乙两种液体物质进行加热。实验数据记录如下表。物质初温/加热时间/min末温/甲20645乙20668（1）按实验要求，甲和乙的质量相同（选填“相同”或“不相同”）。（

42、2）在此实验中，如果要使甲和乙的最后温度相同，就要给甲（选填“甲”或“乙”）加热更长的时间，此时，甲吸收的热量大于（选填“大于”或“小于”或“等于”）乙吸收的热量。（3）根据实验数据分析得知，甲（选填“甲”或“乙”）的比热容大。（4）物质甲从温度由20加热到45的过程中，它的内能增大（选填“增大”或“减小”）。这是采用热传递方式改变物体内能的。【答案】见试题解答内容【分析】（1）物体的吸热多少与物质的种类、质量和升高温度有关，根据控制变量法可知甲和乙质量关系；（2）由表格数据可知加热相等时间后甲、乙液体的末温，由此可知要升高相同温度对哪种液体的加热时间更长，吸收热量哪个更多；（3）相同质量不同

43、物质，升高相同的温度，吸热多的比热容大；（4）改变物体内能的方式有：做功和热传递两种方式。【解答】解：（1）探究不同液体的吸热能力时，应控制甲、乙两种液体的质量相同；（2）由表格数据可知，甲、乙两种液体的初温相同，加热时间相同，吸收热量也相同，甲末温低。所以要使甲和乙的最后温度相同，就要给甲加热更长的时间，两套装置完全相同，所以甲吸收的热量大于乙；（4）相同质量甲和乙，升高相同的温度，甲吸热多，所以甲比热容大；（4）物质甲吸热温度升高，它内能增大，这是热传递的方式改变其内能的。故答案为：（1）相同；（2）甲；大于；（3）甲；（4）增大；热传递。20（6分）在“探究凸透镜成像规律“的实验中（1）

44、实验用光具座的长度为1m，如果有焦距为10cm、25cm的两块凸透镜，应该选择焦距为10cm的凸透镜完成实验（2）实验前应点燃蜡烛，观察烛焰、凸透镜和光屏的中心是否在同一高度上，这样做的目的是使像能够成在光屏的中央。（3）当蜡烛、凸透镜和光屏的相对位置如图甲所示时，光屏上出现清晰的像，则像是倒立缩小的实像。（4）实验中，不但虚像可以用肉眼直接看到，实像也可以用肉眼直接看到，如图乙所示在第（3）的基础上，拿掉光屏，用肉眼在C（选填“A“、“B“或C）位置沿图示方向能看到这个实像。（5）在第（3）的基础上，当光屏略微向右移动时，光屏上的像将会模糊，如果蜡烛与凸透镜不动，那么，在凸透镜前放置凹（选填

45、“凸”或“凹”）透镜，才可能在光屏上得到清晰的像，这其实就是近视眼（选填“近视眼“或“远视眼”）的矫正原理。【答案】见试题解答内容【分析】（1）凸透镜成像实验时，光具座的长度至少为凸透镜焦距的4倍；（2）在做凸透镜成像的实验中，为了保证所成的像呈现在光屏的中央，必须保证蜡烛、凸透镜、光屏在同一高度、同一直线上；（3）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧；（5）凸透镜成实像是，像距变大，像变大，物距减小；凹透镜对光线具有发散作用。【解答】解：（1）光具座的长度是1m，根据凸透镜实验的光具座至少为凸透镜焦距的4倍，所以凸透镜选择10cm；（2

46、）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在桌面上，点燃蜡烛，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使像能成在光屏的中央；（5）由图可知，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像；（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧，此时应在蜡烛的异侧透过凸透镜观察实像，故应在C处；（5）当光屏略微向右移动时，要在光屏上得到清晰的像，此时像距变大，那么应在凸透镜前放置对光线起发散作用的凹透镜；凹透镜可以矫正近视眼。故答案为：（4）10；（2）同一高度；使像能够成在光屏的中央；（3）缩小；（4）C；（5）凹；近视眼。21（6分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V

47、，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用B（选填下面两项序号）。A“10 0.5A”的滑动变阻器B“20 0.5A”的滑动变阻器（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。（3）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到A端（选填“A”或“B”）。（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是灯泡断路（5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是2.2V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑

48、动变阻器的滑片向B端移动（选填“A”或“B”）。（6）通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：该小灯泡正常发光时的额定功率为0.5W。小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12，由欧姆定律求出灯的额定电流；因电源电压为6V，当小灯泡正常发光时，由串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压为，由欧姆定律得出变阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；（2）电流表选用小量程与灯串联；（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；（4

49、）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；（5）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；（6）由图乙找出灯的额定电压为2.5V时电流大小，根据PUI求出该小灯泡正常发光时的额定功率；小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化。【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12，由I可得，灯的额定电流约为：I0.21A；由I可得，变阻器连入电路中的电阻：R滑16.8，故选用“20 2.5

50、A”的滑动变阻器B；（2）电流表选用小量程与灯串联，如下所示：（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处的A端；（4）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了，即故障原因是灯泡断路；（5）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压7.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片应向B端移动，直到电压表示数为额定电压；（6）根据通过小灯泡的电流随它

51、两端电压变化的关系图象可知：灯的额定电压为2.5V时，电流为0.2A，该小灯泡正常发光时的额定功率为：PULIL8.5V0.2A0.5W；小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。故答案为：（4）B；（2）如上图所示；（3）A；（4）灯泡断路；（5）2.6；B；（6）0.5；温度。五、计算题（本大题2小题，共13分）22（6分）一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶10min，消耗的汽油为1.2Kg汽车匀速行驶时受到的牵引力F1.2103N，汽油的热值q4.6107J/kg。问：（1）这段时间内汽油完全燃烧放出的热量是多少？（2）这段时间内汽车牵引力做功的功率是多少？（3）该汽车的效率是

52、多少？【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据燃料燃烧放出热量公式Qmq可计算汽油完全燃烧释放的热量。（2）功率PFv，由PFv可以求出汽车牵引力的功率。（3）求出有用功，利用效率公式求汽油机的机械效率【解答】解：（1）汽油完全燃烧放出的热量：Q放qm4.6107J/kg1.2kg5.52107J；（6）汽车的速度v72km/h20m/s，汽车牵引力做功的功率：（3）在测试时间内汽车的有用功：在测试时间内该汽车的效率：能量损失的原因：汽油没有完全燃烧；废气带走一部分热量。（2）汽车牵引力做功的功率是2.4104W；（3）汽车的效率是26%。23（7分）应急照明灯是在正常照明电源发生故障时，能持

53、续照明而不间断工作的一类灯具，如图15所示。当照明电路突然停电时，应急照明灯通过自动控制电路及相关部件自动把灯泡跟蓄电池接通，从而实现自动应急照明。下表为某型号应急照明灯的主要技术数据：应急照明光源蓄电池种类数量灯泡额定电压应急照明功率类别额定电压容量灯泡2只2.4V0.96W2NiCd2.4V1.8Ah求：（1）根据上述技术数据，判断两灯的连接方式，并简要说明理由。（2）单只灯泡正常发光时的电流。（3）单只灯泡正常发光时的电阻。（4）根据蓄电池的“额定电压”和“容量”（容量“1.8Ah”指的是如果放电电流为1.8A，那供电时间约1小时），估算这种蓄电池最多可储存的电能。（5）蓄电池充满电后，

54、可以实现的最长连续应急照明的时间。【答案】见试题解答内容【分析】（1）用电器正常工作时，两端电压为额定电压，根据电源电压和灯泡数量、额定电压确定灯泡连接关系；（2）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式I得到正常发光电流；（3）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式R得到灯泡正常发光的电阻；（4）已知蓄电池额定电压和容量，利用公式WUIt得到蓄电池储存的电能；（5）已知蓄电池储存的电能和灯泡总功率，可以公式t得到连续照明时间。【解答】已知：P1P20.96W U额2.4V U2.3V I01.8A t01h3600s 求：（8）I？（3）R？（4）W？（5）t？（1）由应急灯的电源电压和灯泡额定电

55、压、数量比较知：灯泡额定电压等于电源电压，所以灯泡并联在电路中；（2）PUI，单只灯泡正常发光时的电流为I0.2A；（3）P，单只灯泡正常发光时的电阻为R6；（4）蓄电池储存的电能为WUI0t02.4V4.8A3600s15552J；（5）P，答：（1）两灯并联在电路中，因为灯泡额定电压等于电源电压；（2）单只灯泡正常发光时的电流为0.6A；（3）单只灯泡正常发光的电阻为6；（4）蓄电池储存的电能为15552J；（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明时间为2.25h。六、综合能力题（本大题3小题，共18分）24（7分）认识短路的危害【设计实验】目的：认识短路的危害器材：低压电源（直流

56、6V）、开关、额定电流为1A的保险丝、额定电压为6V的灯泡、导线、电流表（演示电流表，05A档）【进行实验】（1）在图中，CD间接上一段保险丝，AB间接入电流表，其它部分按图所示连接好电路。（2）当开关闭合时，灯泡发光（填“发光”或“不发光”），电流表有（填“有”或“无”）示数。（3）断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，当闭合开关的瞬间，你将会观察到AA电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断B电流表的指针无示数，保险丝不会熔断C电流表读数稳定不变，灯泡正常发光D电流表读数稳定不变，灯泡不亮【分析论证】B、D间接入铜丝时，灯泡被短路。根据欧姆定律知道，闭合开关的瞬间，线路中的电流很大，通

57、过保险丝和导线的电流相同，但是保险丝的电阻比导线大很多，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成正比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的热效应。【答案】见试题解答内容【分析】本实验中，一开始电路连接正确，当在B、D间接一根粗铜丝时，电路发生短路，则灯泡不发光，根据欧姆定律可知，此时电路中电流突然变大。再根据电功率的公式和电流的热效应分析所产生热量的情况，从而知道保险丝会及时熔断的原理。【解答】解：【进行实验】（2）当开关闭合时，由图可知，这是一个正常连接的电路，灯泡与保险丝串联，所以灯泡发光，电流表有示数。（3）断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，此时灯泡被短路，电流通过保险丝后，直接经电流表回到电源负极，所以当闭合开关的瞬间，将会观察到电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断，灯泡不发光。故只有A符合题意；【分析论证】故答案为：【进行实验】（2）发光； 有；（2）A；【分析论证】很大；相同；正；热。25（5分）小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图甲、乙所示的实验，探究动能的大小与哪些因素有关。（1）让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。（2）让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处开始向下运