2022-2023学年山东省济南市部分区县物理高三上期中考试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、游乐场的过山车可以底朝上在圆轨道上运行，游客却不会掉下来，如图甲所示。我们把这种情形抽象为图乙的模型；弧形轨道的下端与竖直圆轨道相接，将质量为m的小球从弧形轨道上端距水平地面高度为h处释放，小球进入半径为的圆轨道下端后沿圆轨道运动不计阻力，重力加速度为g。当小球运动到竖直圆轨道的最高点时，下列说法正确的是（）A小球的速度可以为零B小球的加速度可以为零C小球对轨道的压力一定小于mgD小球的速度越大对轨道的压力越大2、 “娱乐风洞”是一项将科技与惊险相结合的娱乐项目，它能在一

3、个特定的空间内把表演者“吹”起来.假设风洞内向上的风量和风速保持不变，表演者调整身体的姿态，通过改变受风面积(表演者在垂直风力方向的投影面积)，来改变所受向上风力的大小.已知人体所受风力大小与受风面积成正比，人水平横躺时受风面积最大，设为S0，站立时受风面积为18S0；当受风面积为12S0时，表演者恰好可以静止或匀速漂移.如图所示，某次表演中，人体可上下移动的空间总高度为H，表演者由静止以站立身姿从A位置下落，经过B位置时调整为水平横躺身姿(不计调整过程的时间和速度变化)，运动到C位置速度恰好减为零.关于表演者下落的过程，下列说法中正确的是()AB点距C点的高度是35HB从A至B过程表演者克服

4、风力所做的功是从B至C过程表演者克服风力所做的功的16C从A至B过程表演者所受风力的冲量是从A至C过程表演者所受风力的冲量的16D从A至B过程表演者所受风力的平均功率是从B至C过程表演者所受风力平均功率的163、一辆汽车在平直的公路上运动,运动过程中先保持某一恒定加速度,后保持恒定的牵引功率,其牵引力和速度的图象如图所示。若已知汽车的质量m、牵引力F1 和速度v1及该车所能达到的最大速度v3，则根据图象所给的信息,能求出的物理量是 ()A汽车运动中的最大功率为F1v2B速度为v2时的加速度大小为F1v1mv2C汽车行驶中所受的阻力为F1v1v3D汽车以恒定加速度加速时,加速度为F1m4、在物理

5、现象的发现和物理理论的建立过程中物理学家总结出许多科学方法。如理想实验、演绎推理、科学假说、类比等。类比法是通过两个或两类研究对象进行比较，找出它们之间相同点和相似点，并以此为根据把其中某一个或某一类对象的有关知识和结论，推移到另一个或另一类对象上，从而推论出它们也可能有相同或相似的结论的一种逻辑推理和研究方法。以下观点的提出或理论的建立没有应用类比的思想的是（ ）A法拉第通过多次实验最终发现“磁生电电磁感应”现象B伽利略提出“力不是维持物体运动的原因”的观点C牛顿推理得到太阳与行星间的引力与太阳和行星的质量的乘积成正比，与它们之间的距离的平方成反比。D安培为解释磁现象提出了“物质微粒内部存在

6、着一种环形电流分子电流”的观点5、如图所示，从A点由静止释放一弹性小球，一段时间后与固定斜面上B点发生碰撞，碰后小球速度大小不变，方向变为水平方向，又经过相同的时间落于地面上C点，已知地面上D点位于B点正下方，B、D间的距离为h，则( )AA、B两点间的距离为BA、B两点间的距离为CC、D两点间的距离为2hDC、D两点间的距离为6、如图三条光滑斜轨道1、2、3，他们的倾斜角一次是60度、45度、30度；这些轨道交于O点，现有位于同一竖直线的三个小物体甲乙丙分别沿这三条轨道同时从静止自由下滑，物体滑到O点的先后顺序是（）A甲最先，乙稍后，丙最后B乙最先，然后甲丙同时到达C甲乙丙同时到达D乙最先，

7、甲稍后，丙最后二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量m=1kg的物体从静止开始做直线运动，物体所受合外力F随时间t变化的图象如图所示，在08s内，下列说法中正确的是（）A物体在02s内动量均匀增加，在24s内动量均匀减小B02s内力F的冲量为2NsC2s末物体的速度最大D3s末物体速度为3m/s，在8s末速度为2m/s8、如图所示，甲、乙两物体在同一条直线上运动，折线是物体甲运动的图象，直线是物体乙运动的图象，则下列说法正确的是（ ） A甲、乙两物体运动方向相反B甲

8、做匀速直线运动，速度大小为7.5m/sC乙做匀减速直线运动，加速度是5m/s2D甲、乙两物体在距甲的出发点60m处相遇9、如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系，将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角，实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示，g取10m/s2，根据图象可求出（）A物体的初速率v03m/sB物体与斜面间的动摩擦因数0.75C取不同的倾角，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin1.44mD当某次30时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑10、物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m，则A前3秒内的

9、平均速度是3m/sB前3秒内的位移是6mC物体的加速度是1.2m/s2D3s末的速度是3.6m/s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，他的操作步骤是:A按如图摆好实验装置;B将质量M=0.2kg的小车拉到打点计时器附近，并按住小车;C在总质量m分别为20g、30g、40g的三种钩码中，挑选了一个质量为40g的钩码挂在拉线的挂钩上;D接通打点计时器的电源(电源频率为f=50Hz)，然后释放小车，打出一条纸带.多次重复实验，从中挑选一条点迹清晰的纸带如图所示.把打下的第一点

10、记作“0”，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用毫米刻度尺测得各计数点到0点距离分别为 ，他把钩码重力(当地重力加速度作为小车所受合力算出打下“0”点到打下“5”点合力做功.则合力做功W=_J，小车动能的改变量_J（结果均保留三位有效数字）此次实验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大，显然，在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素.请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下，造成较大_（“系统”或“偶然”）误差的主要原因是_；_(写出两条即可)12（12分）某同学探究加速度、力与质量的关系实验装置如下。（1）在实验之前，首先平衡摩擦力

11、，使细线的拉力近似等于砝码及砝码盘所受的总重力，关于平衡摩擦力，下列正确的是：_。A将木板右端适当垫高，放上小车让其沿板匀速下滑即可B将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点即可C将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，小车前端用细绳绕过滑轮连接砝码盘（不放砝码），让小车匀速下滑即可D平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦（2）图乙是实验中得到的一条纸带，已知相邻计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源频率为50Hz，由此可求出小车的加速度a =_m/s2(计算结果保留三位有效数字)。（3）甲、

12、乙、丙三名同学在做实验之前都将木板的右侧垫高，然后根据实验数据分别做出了和图象（小车的加速度为a，小车的质量为M，绳中拉力为F，砝码盘及砝码的质量总和为m）。由甲图可知砝码盘及砝码的总质量为_kg（g取10m/s2） ，由乙图可知乙同学在操作中使木板的倾角过_（选填“大”、“ 小”），分析丙图，图线上部分弯曲的原因是未满足_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在水平轨道右侧安放半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于

13、自然伸长状态小物块A（可视为质点）从轨道右侧以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道已知R=0.1m，l=1.0m，v0=1m/s，物块A质量为m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数为=0.1，轨道其他部分摩擦不计，取g=10m/s1求：（1）物块A与弹簧刚接触时的速度大小；（1）物块A被弹簧以原速率弹回返回到圆形轨道的高度；（3）调节PQ段的长度l，A仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当l满足什么条件时，A物块能第一次返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道14（16分）如图甲所示，在光滑水平面上有一质量为的足够长的木板，其上叠放一质量为的木块

14、，木块和木板之间的动摩擦因数，假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t增大的水平拉力，重力加速度大小。(1)求木块和木板相对静止一起运动的时间；(2)通过计算，在图乙中利用已经给出的坐标数据，画出木板和木块的加速度随时间t变化的图象。取水平拉力F的方向为正方向15（12分）如图所示，传送带长6 m，与水平方向的夹角，以5 m/s的恒定速度向上运动一个质量为2 kg的物块（可视为质点），沿平行于传送带方向以11 m/s的速度滑上传送带，已知物块与传送带之间的动摩擦因数=15，sin37=16，cos37=18，g=11m/s2求：（1）物块刚滑上传送带时的加速度大

15、小；（2）物块到达传送带顶端时的速度大小；（3）整个过程中，摩擦力对物块所做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB小球在竖直平面内做圆周运动刚好过最高点，由重力提供向心力，所以在最高点有则，故AB错误；CD小球在最高点有得所以小球对轨道的压力与过最高点的速度有关，同时可知，小球的速度越大对轨道的压力越大，故C错误，D正确。故选D。2、B【解析】设人水平横躺时受到的风力大小为Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为18Fm。由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，

16、故可以求得人的重力G=12Fm，即有Fm=2G。则从A至B过程表演者的加速度为a1=G-Fmm=mg-18mgm=0.75g，从B至C过程表演者的加速度大小为a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g，由速度位移公式得：从A至B过程表演者的位移x1=v22a1，从B至C过程表演者的位移x2=v22a2，故x1：x2=4：3，因而有x1=47H，故A错误；表演者A至B克服风力所做的功为W1=18Fm47H=114FmH；B至C过程克服风力所做的功为W2=Fm37H=37FmH；所以W1W2=16，故B正确；因此从A至B过程表演者的加速度小于从B至C过程表演者的加速度，故A错误；设B点的速度为v，则从

17、A至B过程表演者的运动时间t1=va1=4v3g.从B至C过程表演者的运动时间t2=va2=vg，根据动量定理，I1=18Fmt1=13mv，I2=Fmt2=2mv，I1I2+I1=17，故C错误；根据p=wt，又W1W2=16，t1t2=43，联立解得p1p2=18，故D错误。所以B正确，ACD错误。3、C【解析】根据牵引力和速度的图象和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率为F1v1，故A错误。汽车运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，所以速度为v2时的功率是F1v1，根据功率P=Fv得速度为v2时的牵引力是F1v1v2，对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和阻力，该车所能达

18、到的最大速度时加速度为零，所以此时阻力等于牵引力，所以阻力f=F1v1v3；根据牛顿第二定律，有速度为v2时加速度大小为a=F1v1mv2-F1v1mv3，故B错误，C正确。根据牛顿第二定律，有恒定加速时，加速度a=F1m-F1v1mv3，故D错误。故选C。【点睛】本题关键对汽车受力分析后，根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式，再结合图象进行分析求解4、B【解析】A法拉第受“电生磁”的启发，坚信磁一定能生，通过多次实验最终发现“磁生电-电磁感应”现象，应用类比的思想，故A正确；B伽利略提出“力不是维持物体运动的原因”的观点，应用的是理想实验法，故B错误；C牛顿认为太阳与行星间的引力与行

19、星和太阳引力相似，通过推理得到太阳与行星间的引力与太阳和行星的质量的乘积成正比，与它们之间的距离的平方成反比。故C正确；D安培根据环形电流磁场与小磁针磁场相似，提出“物质微粒内部存在着一种环形电流-分子电流”的观点，应用的是类比思想，故D正确。故选B。5、C【解析】由A到B，小球做自由落体运动，；由B到C，小球做平抛运动，；由A到B和由B到C所用时间相同，A、B两点间的距离，故A、B错误；由上可知，故C正确，D错误6、B【解析】设斜轨道底边的长度为，斜面的倾角为，则斜轨道的长度为根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为则有代入数据得得到根据数学知识得知则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端

20、点；乙运动时间最短，乙最先到达点，故B正确，A、C、D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】物体在02s内F逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐增大，第2s末加速度最大，在24s内F先逐渐减小再逐渐增大，所以加速度先减小后增大，物体先做加速度减小的加速运动，再反向做加速增大的减速运动，根据动量P=mv可知，动量不是均匀变化的，故A错误；根据图象的性质可知，图象与时间轴所围成的面积表示冲量，故02s内力F的冲量为I=222=2Ns，故B正确；

21、由图可知，03s内物体均在加速，所以3s的速度为最大；故C错误；3s末时冲量为I=322=3Ns；根据动量定理I=mv可知，物体的速度v=31=3m/s；同理可知，在8s末速度为2m/s；故D正确故选BD点睛：解题时要明确图象的性质，根据牛顿第二定律可明确加速度的大小，从而分析物体的运动性质，明确动量变化；再根据图象与时间轴围成的面积表示冲量求出物体的冲量，再根据动量定理即可求得速度大小8、AD【解析】试题分析：图像的斜率表示速度，斜率的正负表示运动方向，从图像中可知甲一直朝着正方向运动，乙朝着负方向运动，故两者的运动方向相反，A正确；斜率表示速度，故甲在0-2s做匀速运动，速度大小为v1=4

22、02=20m/s，然后静止，6-8s又开始做匀速运动，速度大小为v2=60-402=10m/s，B错误；图线乙的斜率恒定，做匀速直线运动，C错误；图线的交点表示两者相遇，故甲乙两物体在距甲的出发点60m处相遇，D正确；考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量x9、BC【解析】AB由图可知，当斜面的倾角为90时，位移为1.80m；则由竖直上抛运动规律可

23、知 ；解得当时 ，由动能定理可得解得A正确B错误；C根据动能定理得解得式中有当 ，即 时；此时位移最小，C正确；D若 时，物体受到的重力的分力为 ，摩擦力一般认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力；故小球达到最高点后，不会下滑，D错误故选BC。10、CD【解析】物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m，根据位移时间关系公式，有： ，解得，前3s内的位移是，前3s内的平均速度为，3s 末的速度： ，CD正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.0735； 0.0572； 系统； 未平衡摩擦力； 小车质量未远大于购码质量； 【解析

24、】将砝码重力当作小车所受合外力，根据功的定义可以正确解答，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出第5个点的速度大小，进一步求出其动能大小；实验误差主要来自由实验原理不完善导致的系统误差；【详解】从打下第一点到打下第5点拉力对小车做的功为：；根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，则：小车动能的改变量：该实验产生误差的主要原因：一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：对钩码有：联立得到：由此可知当时，钩码的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；二是该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差显然，这是

25、由于系统不完善而造成的系统误差。【点睛】明确实验原理往往是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与探究力、加速度、质量之间关系的实验类似可以类比学习。12、BD 1.60 0.01 小 Mm 【解析】(1)1.平衡摩擦力时，将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点即可，选项AC错误，B正确；平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项D正确。(1)1. 相邻两计数点间还有四个计时点未画出，计数点间的时间间隔为：t=0.015=0.1s，根据匀变速直线运动的推论x=at1可知，小车的加速度为：=1.60m/s1(3)3.甲图中图线的斜率：所以小车受到的拉力：小车受到的拉力近似等于砝码盘及砝码的总重力，所以砝码盘及砝码的总质量：4.在乙图中，当F0时，加速度a仍然等于0，是由于平衡摩擦力不足