2023届福建省漳平市一中物理高三第一学期期中学业质量监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上始终静止如图所示，如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角变小，那么地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是AN变小，f变大BN变大，f变小CN变小，f变小DN变大，f变大2、一物体做匀加速直线运动，从某位置开始通过传感器收集位移和速度等数据信息，然后输入计算机自动生成了物体运动的x-v图象，如图所示.以下说法正确的是（）A物体运动的初速度为1m/sB物体运动的加速度为2m/s2C物体速度由2m/s增加到4m/s的过程中，物体的位移大小为1mD物体速度由2m/s增加到4m/s的

3、过程中，物体的运动时间为2s3、在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A伽利略利用“理想斜面”得出“力是维持物体运动的原因”的观点B牛顿提出了行星运动的三大定律C英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量D开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点4、如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹质点从M点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等下列说法中正确的是A质点从M到N过程中速度大小保持不变B质点在这两段

4、时间内的速度变化量大小相等，方向相同C质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同D质点在MN间的运动不是匀变速运动5、电动势为E、内阻不计的电源与定值电阻及滑动变阻器R连接成如图所示的电路.当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时A电压表和电流表示数都增大B电压表和电流表示数都减小C电压表示数不变，电流表示数减小D电压表示数减小，电流表示数增大6、以下说法正确的是（）A绕地球沿圆轨道飞行的航天器中悬浮的液滴处于平衡状态B洗衣机脱水时利用离心运动把附着在衣物上的水份甩掉C匀速直线运动因为受合力等于零，所以机械能一定守恒D合力对物体做功为零时，机械能一定守恒二、多项选择题：本题共4小题，每小题

5、5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用双缝干涉测光的波长的实验装置如图所示，调整实验装置使屏上可以接收到清晰的干涉条纹关于该实验，下列说法正确的是_A若将滤光片向右平移一小段距离，光屏上相邻两条明纹中心的距离增大B若将光屏向右平移一小段距离，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大C若将双缝间的距离d减小，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大D若将滤光片由绿色换成红色，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大E.为了减少测量误差，可用测微目镜测出n条明条纹间的距离a，则相邻两条明条纹间距为8、竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半

6、径分别为R的圆弧MN和半径为r的半圆弧NP拼接而成（两段圆弧相切于N点），小球带正电，质量为m，电荷量为q已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力下列说法正确的是（）A若加竖直向上的匀强电场，则小球能通过P点B若加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P点C若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点9、如图所示，小车静止在光滑水平面上，AB是小车内半圆弧轨道的水平直径，现将一小球从距A点正上方h高处由静止释放，小球由A点沿切线方向经半圆轨道后从B点冲出，在空中能上升的最大高度为，不计空气阻力。下列说法错误的是A在相互作用过程中，

7、小球和小车组成的系统动量守恒B小球离开小车后做竖直上抛运动C小球离开小车后做斜上抛运动D小球第二次冲出轨道后在空中能上升的最大高度为10、下列说法正确的是（ ）A自然界中只要涉及热现象的宏观过程都其有方向性B在自然过程中一个弧立系统的熵总是增加或不变的C一定量的某种理想气体被压缩时,内能一定增加D一定量的某种理想气体在等压膨压过程中,内能可能减少E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡,那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲中所示实验装

8、置请思考探究思路并回答下列问题： （1）为了消除小车与木板之间摩擦力的影响应采取的做法是_ A将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上（2）在实验中，得到一条打点的纸带，如图乙所示，已知相邻计数点的时间间隔为T，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a= _ ；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他

9、们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图丙所示图线_ （选填“”或“”）是在轨道倾斜情况下得到的；小车及车中的砝码总质量m= _ kg12（12分）某同学设计了两个实验方案，用弹簧测力计直接测量正方形木块与木板之间的滑动摩擦力大小。方案一：将一木块和木板叠放于水平桌面上，弹簧测力计与木块相连，保持木板静止，向右水平拉动木块，如图1所示。方案二：将一木块和木板叠放于水平桌面上，弹簧测力计左端固定，另一端与木块水平相连，水平向右拉动木板，如图2所示。 （1）上述两种方案中，你认为更容易测出准确数据的方案是_（选填“方案一”或“方案二”）。（2）请简要说明选择的理由：_四、

10、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为M=2kg的木板静止在光滑水平面上。现有一质量为m=1kg的小滑块以4m/s的初速度从木板的左端开始向木板的右端滑行，滑块速度随时间变化的关系如图乙所示，t0=1s时滑块恰好到达木板最右端。（g=10m/s2）求：（1）滑块与木板间的摩擦因数；（2）木板的长度。14（16分）做匀加速直线运动的物体途中依次经过A、B、C三点，已知AB=BC=，AB段和BC段的平均速度分别为v1=3m/s，v2=6m/s，则： （1）物体经过B点的瞬时速度为多大？（2）若物体运

11、动的加速度a=2 m/s2，则AC的距离为多少?15（12分）一个带正电的小物体，放在倾角为37，有挡板的绝缘斜面上，空间若加沿斜面向上方向的变化电场，其加速度随电场力变化图象为图乙所示，现把斜面放平从静止开始计时，改用图丙中周期性变化的水平电场作用(g取).求:（1）物体的质量及物体与斜面间的动摩擦因数；（2）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，物体一个周期内的位移大小；（3）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，15s内电势能的变化量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对物体受力分析，受推力、重力

12、、支持力和静摩擦力，如图：根据共点力平衡条件，有：当变小时，静摩擦力f变大，支持力N变小；A描述与分析相符，故A正确.B描述与分析不符，故B错误.C描述与分析不符，故C错误.D描述与分析不符，故D错误2、B【解析】物体做匀加速直线运动，则有，有图可知当v=0时，x=-1m，代入上式得： ；当x=0时，代入上式得： 解得： 故A错误；B正确；物体速度由增加到的过程中，物体的位移大小为，故C错误；物体速度由增加到的过程中，物体的运动时间为，故D错误；故选B3、C【解析】试题分析：伽利略利用“理想斜面”得出“力不是维持物体运动的原因”的观点，A错误；开普勒提出了行星运动的三大定律，B错误；英国物理学

13、家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量，C正确；伽利略从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点，D错误；故选C考点：物理学史【名师点睛】4、B【解析】试题分析：由图知，质点在恒力作用下做一般曲线运动，不同地方弯曲程度不同，即曲率半径不同，所以速度大小在变，所以A错误；因是在恒力作用下运动，根据牛顿第二定律F=ma，所以加速度不变，根据可得在相同时间内速度的变化量相同，故B正确；C错误；因加速度不变，故质点做匀变速运动，所以D错误考点：本题考查曲线运动5、C【解析】因电源的内阻不计，则连在电源两端的电压表

14、测量的路端电压等于电源的电动势始终不变；滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，接入电路的电阻减小，导致总电阻减小，干路电流增加，则R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；故C正确，A、B、D错误。故选C。6、B【解析】A绕地球沿圆轨道飞行的航天器中悬浮的液滴受到的万有引力提供向心力，处于完全失重状态，故A错误；B洗衣机脱水时，利用离心运动把附着在衣物上的水份甩掉，故B正确；C匀速直线运动受到的合力等于零，但机械能不一定守恒，如竖直方向的匀速直线运动机械能不守恒，故C错误；D合力对物体做功为零时，可能有除重力以外的力对物体做功，机械能不守恒，如起重机匀速向上吊起货物时货

15、物的机械能不守恒，故D错误。故选B。【点睛】解决本题时要知道飞行器绕地球做圆周运动时，里面的液滴处于完全失重状态。机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功。可举例来分析抽象的概念题。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A、根据双缝干涉的的间距公式，由双缝的距离d，双缝到光屏的距离L和入射光的波长共同决定，而将滤光片向右平移，条纹间距不变；故A错误.B、将光屏向右平移一小段距离即L增大，可知增大；B正确.C、将双缝间的距离d减小，由知增大；C正确.D、将滤光片

16、由绿色换成红色，可知波长变大，则光屏上的两个相邻暗条纹间的距离增大；D正确.E、n条亮纹之间有n-1个间距，则相邻条纹的间距为；故E错误.故选BCD.【点睛】解决本题的关键掌握双缝干涉条纹的间距公式,并能灵活运用8、AC【解析】应用动能定理求出小球到达P点的速度，小球恰好通过P点时轨道对球的作用力恰好为零，应用动能定理与牛顿第二定律分析答题【详解】设M、P间的高度差为h，小球从M到P过程由动能定理得：，小球恰好通过P点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：，r=2h；A、若加竖直向上的匀强电场E（Eqmg），小球从M到P过程由动能定理得：，解得：，则：，小球恰好通过P点，故A正确；B、若加竖直向

17、下的匀强电场，小球从M到P过程由动能定理得：，解得:，则：，小球恰好通过P点，故B错误；C、若加垂直纸面向里的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向下，则:，小球不能通过P点，故C正确；D、若加垂直纸面向外的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向上，则：，小球对轨道有压力，小球能通过P点，故D错误；故选AC.【点睛】本题是一道力学综合题，知道小球通过P点的临界条件是：的、轨道对小球的支持力恰好为零，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题9、ACD【解析】A. 小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，水平方向系统动量守恒，但系统所受的合外力不为零，所以

18、系统动量不守恒，故A符合题意；BC. 小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，可知系统水平方向的总动量保持为零；小球由点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度为零，所以小球离开小车后做竖直上抛运动，故B不符题意，C符合题意；D. 小球第一次车中运动过程中，由动能定理得：为小球克服摩擦力做功大小，解得：即小球第一次在车中滚动损失的机械能为，由于小球第二次在车中滚动时，对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于，机械能损失小于，因此小球再次离开小车时，能上升的高度大于，故D符合题意。10、ABE【解析】理想气体是一种理想化的物理模型，实际上并不存在；理

19、想气体的内能仅与温度有关，与气体的体积无关；实际气体在温度不太低、压强不太大的情况下可以看做理想气体热量不可能自发地从低温物体传到高温物体【详解】A自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故A正确；B根据熵增原理可知，在自然过程中一个孤立系统的熵总是增加或不变的，故B正确；C气体被压缩时，外界对气体做功W0，如果向外界放热Q0，根据热力学第一定律U=W+Q可能U=0内能不变，故C错误；D一定量的某种理想气体等压膨胀过程中，根据盖吕萨克定律可知，体积与热力学温度成正比，温度升高，内能增加，故D错误；E如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡，故E正确。

20、故选ABE【点睛】只有熟练掌握热力学的一些基本概念，第二定律的内容才能顺利解决本题，故一定要注意基本概念的积累三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 0.5 【解析】（1）为了消除小车与水平木板之间的摩擦力的影响，应采取的做法是：将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故选C.（2）根据匀变速直线运动的推论x=aT2，有：x6x33a1T2x5x23a2T2x4x13a3T2a(a1+a2+a3)小车加速度的表达式为a= （4）轨道倾斜时，在不加拉力的情况下小车就有加速度，则得出的图线为图线图线斜率的倒数表

21、示小车的质量，则【点睛】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，以及知道a-F图线斜率和截距表示的含义12、方案二 方案一中要求水平匀速拉动木块，实际操作很难控制；方案二中可以水平变速拉动木板，实际操作容易实现。 方案一中的弹簧测力计是运动的，不易读准示数；方案二中的弹簧测力计是静止的，容易读准示数。 【解析】（1）方案二更容易测出滑动摩擦力的大小。（2）方案一中要求水平匀速拉动木块，实际操作很难控制；方案二中可以水平变速拉动木板，实际操作容易实现；方案一中的弹簧测力计是运动的，不易读准示数；方案二中的弹簧测力计是静止的，容易读准示数；而方案二中无论长木板是否做匀速直线运动,木块都处于静止状态(即平衡状态),这样拉力等于摩擦力,而且无论拉木板速度多少,摩擦力都一样,不改变摩擦力大小,所以容易操作;【点睛】本实验比较简单，要求出滑动摩擦力的大小最好保证小物块处于静止状态，这样可以根据平衡来求摩擦力的大小，即弹簧秤的读数即为小物块受到摩擦力的大小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.2（2）2.5m【解析】（1）由图可知，滑块的加速度大小为：根据牛顿第二定律：mgma1 ，解得：。（2）由图可知，滑块位移大小为：木板加速度：mgMa2 ，解得：a21m/s2，木板