2023届广西玉林高中、柳铁一中高三物理第一学期期中联考试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于速度和加速度下列说法中正确的是（ ）A物体的速度变化快，则加速度一定大B物体的速度变化大，则加速度一定大C物体的速度大，则加速度一定大D物体的速度为零，则加速度一定为零2、一个同学在做研究平抛运动实验时，只在纸上记下y轴位置，并

2、在坐标纸上描出如图所示曲线现在我们在曲线上取A、B两点，用刻度尺分别量出它们到y轴的距离AA = x1，BB = x2，以及AB的竖直距离h，从而求出小球抛出时的初速度v0为( )ABCD3、国际单位制由7个基本单位、若干个导出单位组成，其中与力学有关的三个基本单位是Am、kg、sBJ、kg、sCN、m、sD、kg、N4、若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体， 它们在水平方向运动的距离之比为2：，已知该行星质量约为地球的 7 倍，地球的半径为R。由此可知，该行星的半径约为（）ABCD5、如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大圆

3、环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由静止滑下，重力加速度为g当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（ ）AMg-5mgBMg+mgCMg+5mgDMg+10mg6、在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后

4、把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这里采用了实验和逻辑推理相结合的方法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，物块的质量kg，初速度m/s，在一水平向左的恒力作用下从点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻恒力突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图像如图乙所示（）A05s内物块做匀减速运动B在时刻恒力反向C恒力大小为10ND物块与水平

5、面间的动摩擦因数为0.38、下列高中物理教材上插图涉及到光的干涉原理的是（ ）ABCD9、如图所示，用一轻质弹簧把两块质量分别为m和M的木块A、B连接起来，组成一个系统，竖直放在水平地面上，力F竖直向下作用在木块A上，使系统处于静止状态。若突然撤去力F（空气阻力忽略不计），下列说法正确的是（）A撤去力F的瞬间，木块A的加速度大小为B撤去力F后，木块A向上运动的过程中，该系统机械能一直减小C为使木块B能够离开地面，应保证F（M+m）gD若木块B能够离开地面，则从木块B离开地面到再次回到地面的过程中系统动量守恒10、从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的阻力与其速率成正比

6、，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，小球在t1时刻到达最高点后再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速直线运动，已知重力加速度为g，下列关于小球运动的说法中正确的是A小球到达最高点时的加速度为gB在速度达到v1之前小球的加速度大小先增大后减小C小球下降过程中的平均速度小于D小球抛出瞬间的加速度大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、滑块、细沙。当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上

7、空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态。若你是小组成员，要完成该实验，则：（1）你认为还需要的实验器材有_。（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的条件是_，实验时首先要做的步骤是_。（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M，往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m，让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1v2）。则本实验最终要验证的数学表达式为_。12（12分）焦利氏秤是用来测量竖直方向微小力的仪器。实际上就是一个弹簧

8、秤，其简化原理图如图1所示。焦利氏秤上的弹簧是挂在可以上下移动的有刻度的管子上的，管外面套有外管，外管上有游标尺，旋转标尺上下调节旋钮即可使管上下移动。当重物盘内不放砝码时，固定在弹簧下端的指针指在标线的位置，此时的读数可由管的刻度和外管上的游标读出。如果在重物盘上加X克砝码，弹簧伸长，指针位置下移，旋转标尺上下调节旋钮使管向上移动，使指针回下调节标线位置，通过管及外管的游标可读出重物盘上加X克砝码对应的示数。现通过改变重物盘内砝码的质量获得实验数据如下表所示:序号0123456789盘内砝码质量(g)01.0002.0003.0004.0005.0006.0007.0008.0009.000

9、标尺上读数(cm)1.633.525.397.289.17 _12.9314.8216.6918.56当重物盘中加入5g砝码时，管和外管刻度如图2所示，请把表格补充完整。已知重力加速度g=9.8m/s2，由表中数据可求得焦利氏秤内弹簧的劲度系数k=_N/m(保留两位有效数字)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在倾角的足够长的固定光滑斜面的底端，有一质量、可视为质点的物体，以的初速度沿斜面上滑已知，重力加速度g取，不计空气阻力求：物体沿斜面向上运动的加速度大小；物体在沿斜面运动的过程中，物体克服

10、重力所做功的最大值；物体在沿斜面向上运动至返回到斜面底端所需要的时间14（16分）如图所示，一长度L7m的传送带与水平方向间的夹角30，在电动机带动下以v4m/s的速率顺时针匀速转动在传送带上端接有一个斜面，斜面表面与传送带表面都在同一平面内将质量m2kg可视作质点的物体无初速地放在传送带底端，物体经传送带作用后能到达斜面顶端且速度为零若物体与传送带及物体与斜面间的动摩擦因数都为 ，g10m/s2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）物体在从传送带底端运动到斜面顶端过程中传送带对物体所做的功；（2）传送带上方所接的斜面长度15（12分）如图所示，某次滑雪训练，运动员站在水平雪道上第一次利用

11、滑雪杖对雪面的作用获得水平推力F100N而从静止向前滑行，其作用时间为t110s，撤除水平推力F后经过t215s，他第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力，第二次利用滑雪杖对雪面的作用距离与第一次相同。已知该运动员连同装备的总质量为m75kg，在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为Ff25N，求：（1）第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小及这段时间内的位移；（2）该运动员（可视为质点）第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A.物体的速度变化快，则加速度一定大

12、，速度变化快慢就是加速度，所以A正确；B.物体的速度变化大，其加速度不一定大，还要看时间，所以B错误；C.物体的加速度大，说明速度变化快，但速度不一定大，所以C错误；D.速度为零，则速度可以变化，则加速度不一定为零，所以D错误；故选A；2、A【解析】设初速度为v0，则从抛出点运动到A所需的时间t1=，从抛出点运动到B所需的时间t2=，在竖直方向上有： 代入t1、t2，解得：v0=故A正确3、A【解析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故A正确。故选A。4、C【解析】对于任一行星，设其表面重力加速度为g。根据平抛运动的规律得则水平射程可得该行星表

13、面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比根据得可得解得行星的半径故选C。5、C【解析】试题分析：小圆环到达大圆环低端时满足：，对小圆环在最低点，有牛顿定律可得：；对大圆环，由平衡可知：，解得，选项C正确考点：牛顿定律及物体的平衡6、D【解析】A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型，A错误；B在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，B错误；C在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元

14、法，C错误；D伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】物体匀减速直线运动的加速度大小为： ，匀加速直线运动的加速度大小为： ，根据牛顿第二定律得：F+fma1，Ffma2，联立两式解得：F7N，f3N，则动摩擦因数为：，物体匀减速直线运动的时间为：即在01s内做匀减速直线运动，1s后恒力F反向，做匀加速直线

15、运动故BD正确，AC错误8、BC【解析】A图中用到的光导纤维，采用的是全反射的原理，故A错误；B全息照相利用的是光的干涉原理，故B正确；C镜头玻璃的颜色利用的是薄膜干涉原理，故C正确；D图象中是光的衍射现象，故D错误；9、AC【解析】A有力F作用时A处于平衡状态，即重力、弹力、F三者的合力为零，撤去力F后弹簧弹力及A的重力不变，则A所受合力与F等大反向，由牛顿第二定律有故A正确；B撤去力F后，系统只有重力和弹簧弹力做功，故A、B、弹簧和地球组成的系统机械能守恒，故B错误；C有力F作用时A处于平衡状态，此时弹簧弹力方向向上，大小为木块B刚好离开地面时，弹簧弹力方向向下，大小为要使B能离开地面的临

16、界条件为，B刚好离开地面时A的速度也为0，设此过程中A向上运动的距离为L，则联立解得所以为使木块B能够离开地面，应保证F(M+m)g，故C正确；D若木块B能够离开地面，则向上做减速后向下做加速运动，说明系统合力不为0，则动量不守恒，故D错误。故选AC。10、AD【解析】A上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有，解得，由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；小球到达最高点时，速度为0，阻力为0，加速度为g，故A正确；B下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有，解得，由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直在减小；故B错误；C匀加速直线运动的平

17、均速度等于，速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，从图象可以看出，故小球下降过程的平均速度大于，故C错误；D空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有，小球抛出瞬间，有，联立解得小球抛出瞬间的加速度大小，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、刻度尺、天平 沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量 平衡摩擦力 【解析】(1)1本实验需要用到天平测量小车和砂桶的质量，需要刻度尺测量纸带长度。(2)2沙和沙桶加速下滑，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，对沙和沙桶有对滑块，有解得由此可知当时，有，即要满足沙和沙桶的总质量

18、远小于滑块的质量。 3 滑块下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一端垫高。(3)4合外力做的总功为动能增加量为则需要验证的数学表达式为12、11.07 0.52 【解析】1按十分度的游标卡尺读数规则，当重物盘中加入5g砝码时读数为：110mm+70.lmm=110.7mm=11.07cm2根据，用逐差法求得相差5g状态下的伸长量平均值:可求得N/m。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10m/s2（2）18J（3）20Ns方向：竖直向下【解析】试题分析：（1）设物体运动的加速度为a，物体所受合力等于重力沿斜面向下的分力F=mgsin（1分）根据牛顿第二定律有 F=ma （1分） 解得：a=10m/s2（1分）（2）物体沿斜面上滑到最高点时，克服重力做功达到最大值，设最大值为WG对于物体沿斜面上滑过程，根据动能定理有：（1分）解得：WG=18J（1分）（3）物体沿斜面上滑和下滑的总时间（1分）此过程中重力的冲量 IG=mgt=20Ns （1分）