江西省吉安市永新县2021学年九年级化学上学期期末试卷（含解析）

1、江西省吉安市永新县2018-2019学年九年级化学上学期期末试卷（含解析） Page * MERGEFORMAT 192018-2019学年江西省吉安市永新县九年级（上）期末化学试卷一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.下列属于化学变化的是()A. 空气制氧B. 废纸撕碎C. 水分蒸发D. 笔盒生锈【答案】D【解析】解：A、空气制氧的过程没有新物质生成，属于物理变化。B、废纸撕碎的过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化。C、水分蒸发的过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化。D、笔盒生锈的过程中有新物质铁锈生成，属于化学变化。故选：D。化学变化是指有新物质生

2、成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化与物理变化的本质区别是有无新物质生成，据此抓住化学变化和物理变化的区别结合事实进行分析判断即可。本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，这里的新物质是指和变化前的物质是不同种的物质，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化。2.氮气在物质分类中属于()A. 单质B. 化合物C. 氧化物D. 混合物【答案】A【解析】解：A、A、氮气由氮元素一种元素组成，属于单质，故A正确；B、化合物是由不同元素组成的纯净物，而氮气是由一种元素组成，故B错；C、氧化物是由两种元素组成，而氮气是由一种元素组成，故C错；D、混合物是由两

3、种或两种以上物质组成，而氮气由一种物质组成，属于纯净物，故D错。故选：A。物质分为混合物和纯净物，纯净物又分为单质和化合物.由同种元素组成的纯净物叫单质；由两种或两种以上的元素组成的纯净物叫化合物.氧化物是指由两种元素组成的化合物中，其中一种元素是氧元素本考点考查了物质的分类，要加强记忆混合物、纯净物、单质、化合物、氧化物等基本概念，并能够区分应用.本考点的基础性比较强，主要出现在选择题和填空题中3.下列单一操作中，净化自然界的水程度最高的是()A. 过滤B. 蒸馏C. 吸附D. 静置沉淀【答案】B【解析】解：A、过滤可以除去不溶性颗粒较小的杂质，不会除去细菌和可溶性的杂质；B、蒸馏可以将水转

4、化成水蒸气，然后再液化的一种操作，得到纯净的水；C、吸附只会除去水中的异味和色素，不会除去其他可溶性的杂质；D、沉降只会除去颗粒较大的杂质，不会除去其他的杂质；综上所述，净化程度最高的净水方法是蒸馏；故选：B。A、根据过滤操作的原理进行分析；B、蒸馏可以将水转化成水蒸气，然后再液化得到纯净的水；C、吸附会除去异味和杂质；D、静置沉降会除去颗粒较大的杂质；首先分析各种操作的净水效果，然后结合具体的情况进行分析解答。4.我省明代科学家宋应星所著的天工开物中，详细记述了金、铜、铁、锌等金属的开采和冶炼方法，记述的金属中金属活动性最强的是()A. 金B. 铜C. 铁D. 锌【答案】D【解析】解：由根据

5、金属活动性顺序：K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、(H)、Cu、Hg、Ag、Pt、Au，则可知，金属活动性大小为：锌铁铜金，所以D符合题意。故选：D。根据金属活动性顺序：K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、(H)、Cu、Hg、Ag、Pt、Au，进行分析比较本题考查了常见金属的活动性顺序，完成此题，可以依据金属活动性顺序表进行5.金刚石和石墨物理性质有很大差异的原因是()A. 原子排列方式不同B. 原子大小不同C. 原子种类不同D. 原子数目不同【答案】A【解析】解：金刚石与石墨均是由碳原子构成的固态非金属单质，但是由于金刚石和石墨中碳原子的排列方式不同造成了金

6、刚石和石墨物理性质具有很大差异。故选：A。物质结构决定物质性质，因为金刚石、石墨的内部结构不同，所以二者的物理性质不同。结构决定性质，性质决定用途，反之，用途体现性质，性质体现结构。6.十九世纪初，法国科学家库图瓦正在家中做实验，一只猫把盛装海藻灰溶液和硫酸溶液的瓶子都碰翻了，他看到了一个奇异的现象：打翻在地的混合液里产生了一种紫色蒸气，气味十分难闻、呛鼻，而且紫色蒸气遇冷物体后变为紫黑色闪着金属光泽的晶体.库图瓦又做了许多实验，终于弄明白这种气体是一种新发现的元素，这种元素是()A. 碘B. 碳C. 铜D. 汞【答案】A【解析】解：碘为紫黑色固体，受热容易升华得到紫色的蒸气；碳为黑色固体，而

7、铜为亮红色的固体并且难以在较低的温度下变为气体，汞在常温下是银白色的液体，所以通过对四种物质的分析，结合题给的信息可以知道，只有碘的性质与题给的物质的性质相符合，所以选项A是正确的。故选：A。根据题干中所给的信息可以知道产生的物质是具有紫黑色的金属光泽的晶体，所以可以根据题干中的四个选项中物质的性质可以得出答案掌握常见的物质的性质，能够从题给信息中提取对解题有帮助的信息，是我们必须具备的能力，因此在平时的学习过程中要注意多培养自己这方面的能力7.中国制造的C919大飞机采用的材料中使用了高温陶瓷材料氮化硅(Si3N4)，其中硅元素的化合价为+4价，则氮元素的化合价为()A. -4价B. -3价

8、C. +2价D. +3价【答案】B【解析】解：硅元素显+4价，设氮元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：(+4)3+4x=0，则x=-3价。故选：B。根据在化合物中正负化合价代数和为零，结合氮化硅的化学式进行解答即可。本题难度不大，掌握利用化合价的原则(化合物中正负化合价代数和为零)计算指定元素的化合价的方法即可正确解答此类题。8.工业上可以用电解饱和食盐水的方法来制取氯气、氢气及另外一种重要的化工原料，反应方程式为2NaC1+2H2O-通电2X+C12+H2(方程式已配平)，则X的化学式为()A. HClB. NaOHC. NaClOD. Na2O【答案】C【解析】解：

9、由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式2NaC1+2H2O-通电2X+C12+H2，反应前钠、氯、氢、氧原子个数分别为2、2、4、2，反应后的生成物中钠、氯、氢、氧原子个数分别为0、2、2、0，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个钠原子、2个氯原子和2个氧原子，则每个X分子由1个钠原子、1个氯原子和1个氧原子构成，则物质X的化学式为NaClO。故选：C。由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式。本题难度不大，掌握利用化学反应前后原子守恒来确定物质的化学式的方法是正确解答此类题的关键。9.根据反应事实能

10、推导影响化学反应的因素，以下推理中错误的是()选项化学反应事实影响化学反应的因素A铁能与硫酸铜溶液反应，银不能与硫酸铜溶液反应反应物的性质B通常木炭充分燃烧生成二氧化碳，不充分燃烧生成一氧化碳反应温度C硫在氧气中比在空气中燃烧更剧烈反应物的浓度D分别将等浓度的稀盐酸加入到锌片和锌粉中，锌粉反应更剧烈反应物的接触面积A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】解：A、铁能与硫酸铜溶液反应，银不能与硫酸铜溶液反应，是因为铁和银的金属活动性不同，说明反应物的性质影响化学反应，故选项推理正确。B、通常木炭充分燃烧生成二氧化碳，不充分燃烧生成一氧化碳，是因为氧气的浓度不同，说明反应物的浓度影响化学

11、反应的发生，故选项推理错误。C、硫在氧气中比在空气中燃烧更剧烈，是因为氧气的浓度不同，说明增大反应物的浓度影响化学反应的发生，故选项推理正确。D、分别将等浓度的稀盐酸加入到锌片和锌粉中，锌粉反应更剧烈，说明物质间的接触面积大小影响化学反应的进行，故选项推理正确。故选：B。影响化学反应的因素有：温度，温度越高，反应越快；反应物的接触面积，物质间的接触面积越充分，反应速度越快；反应物颗粒的大小，颗粒越小，反应速度越快；通常反应物的浓度越大，反应速度越快；加入催化剂可以改变其反应速率等；据此结合事实进行分析解答本题难度不是很大，了解影响化学反应的因素即可正确解答本题，可从温度、反应物的接触面积、反应

12、物颗粒的大小、反应物的浓度及催化剂等方面进行分析考虑10.在一密闭容器内加入甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下发生化学反应，反应前后各物质的质量变化如图。下列说法中不正确的是()A. 该反应为分解反应B. 丙可能为该反应的催化剂C. 参加反应的乙、丁质量比为3：2D. 丁的相对分子质量是甲的2倍【答案】D【解析】解：根据质量守恒定律，反应后丙的质量为：4g+10g+3g+4g-(6g+4g+8g)=3g，故乙为反应物，甲、丁为生成物，丙可能为催化剂，该反应为分解反应，A、该反应为分解反应，故正确；B、丙可能为催化剂，故正确；C、参加反应的乙、丁质量比为：(10g-4g)：(8g-4g)=3：

13、2，故正确；D、生成甲、丁的质量比为：(6g-4g)：(8g-4g)=1：2，由于未知反应的化学方程式中的化学计量数，故无法确定甲、丁的相对分子质量比，故选项说法错误；故选：D。根据质量守恒定律，在化学反应中，参加反应前各物质的质量总和等于反应后生成各物质的质量总和。反应后质量增加的是生成物，减少的是反应物，据此分析。化学反应遵循质量守恒定律，即化学反应前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变，这是书写化学方程式、判断物质的化学式、判断化学计量数、进行相关方面计算的基础。二、填空题（本大题共8小题，共32.0分）11.下列属于化石燃料的是_A.天然气B.沼气C.木柴D_【答案】A 煤或石油

14、【解析】解：目前人类以化石燃料为主要能源.常见的化石燃料包括煤、石油天然气；沼气和木柴不属于化石燃料故答案为：A；D答案为：煤或石油根据化石燃料的分类进行解答本题主要考查了化石燃料的种类，属于基础的知识，难度不大12.下列物质属于混合物的是_A、锰钢B、红磷C、氯酸钾D、_【答案】A 空气【解析】解：A、锰钢中含有铁、锰、碳等物质，属于混合物，故 A正确；B、红磷是由一种物质组成，属于纯净物，故B错；C、氯酸钾是由一种物质组成，属于纯净物，故C错；D、空气中含有氧气、氮气、二氧化碳等物质，属于混合物。故答案为：A；空气。本题考查利用纯净物的概念来判断物质是否为纯净物，宏观上看只有一种物质，微观

15、上只有一种分子。在熟悉概念的基础上能从宏观和微观两个方面来判断纯净物和混合物，还要从社会实践中了解生活中常见物质的组成。13.下列物质用于实验室制取和收集气体，可以直接采用如图所示装置的是_A.用氯酸钾和二氧化锰制取氧气B.用锌粒和稀硫酸制取氢气C.用石灰石和稀盐酸制取二氧化碳D._【答案】B 用过氧化氢溶液制取氧气【解析】解：A、如果用氯酸钾和二氧化锰制氧气就需要加热，故选项错误；B、实验室是用锌粒和稀硫酸在常温下反应制氢气的，氢气难溶于水，密度比空气的密度小，因此可以用排水法和向下排空气法收集；故选项正确；C、实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸反应生

16、成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热。二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集，不能用排水法收集；故选项错误；D、如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集；故答案为：用过氧化氢溶液制取氧气；故选B；故答案为：用过氧化氢溶液制取氧气；制取装置包括加热和不需加热两种，如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热。氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集。实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸反应生成氯

17、化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热。二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集。实验室是用锌粒和稀硫酸在常温下反应制氢气的，氢气难溶于水，密度比空气的密度小，因此可以用排水法和向下排空气法收集。本考点主要考查了气体的制取装置和收集装置的选择，同时也考查了药品的选择等，综合性比较强。气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；气体的收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关。本考点是中考的重要考点之一，主要出现在实验题中。14.下列实验设计能达到实验目的是_选项实验目的实验设计A除去硫酸亚铁溶液中少量的硫酸铜加入足量的铁粉，过滤B除去氮气中的少量氧气将气体通过灼热的炭层

18、C鉴别硬水和软水观察样品颜色D鉴别CO和CO2_ 【答案】A 把气体通入澄清石灰水中【解析】解：A、加入铁粉时，铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，该选项能够达到实验目的；B、高温条件下，碳和氧气反应生成二氧化碳，除去氧气的同时带入新的杂质二氧化碳，该选项不能达到实验目的；C、硬水和软水可能都是无色液体，通过观察颜色不能区分硬水、软水，该选项不能达到实验目的；D、把气体分别通入澄清石灰水中，能使澄清石灰水变浑浊的气体是二氧化碳，另一种气体是一氧化碳，利用澄清石灰水能够区分一氧化碳和二氧化碳。故答案为：A；把气体通入澄清石灰水中。铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜；高温条件下，碳和氧气反应生成二氧化碳；

19、利用肥皂水可以区分硬水和软水；二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊。本题主要考查物质的性质，解答时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行分析、判断，从而得出正确的结论。15.下列化学反应中属于置换反应的是_A、H2+Cl2-点燃2HClB、C+2CuO-高温2Cu+CO2C、CaCO3-高温CaO+CO2 D、_【答案】B Zn+H2SO4=ZnSO4+H2【解析】解：A、H2+Cl2-点燃2HCl，该反应符合“多变一”的特征，属于化合反应，故选项错误。B、C+2CuO-高温2Cu+CO2，该反应符合单质和化合物生成单质与化合物的特征，属于置换反应，故选项正确。C、CaCO3-高温CaO+CO2，该

20、反应的特征符合“一变多”的分解反应特征，故选项错误。D、置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，如Zn+H2SO4=ZnSO4+H2等。故答案为：B；Zn+H2SO4=ZnSO4+H2；置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，据此进行分析判断即可。本题难度不大，掌握置换反应的特征(反应物和生成物均是两种，其中一种是单质和另一种是化合物)是正确解答本题的关键。16.有核电荷数小于18的A、B，C、D四种元素，A元素组成的单质是清洁的能源；B单质的体积在空气中占21%；C原子有3个电子层，最内层电子数是最外层的2倍：D元素的单质在空气中含

21、量最大。(1)写出A、B两元素的符号A_，C_。(2)写出B、D元素的名称：B_，D_。(3)写出A、B可能形成化合物的化学式_、_。(4)活泼性强的金属氢化物的化学式可表示为MHn，标出C的氢化物中氢的化合价_。【答案】H Na 氧 氮 H2O H2O2 NaH-1【解析】解：(1)有核电荷数小于18的A、B，C、D四种元素，A元素组成的单质是清洁的能源，所以A是氢元素，B单质的体积在空气中占21%，所以B是氧元素，C原子有3个电子层，最内层电子数是最外层的2倍，所以C是钠元素，D元素的单质在空气中含量最大，所以D是氮元素，经过验证，推导正确，所以A、B两元素的符号A是H，C是Na；(2)B

22、、D元素的名称：B是氧，D是氮；(3)A、B可能形成化合物的化学式是：H2O、H2O2；(4)活泼性强的金属氢化物的化学式可表示为MHn，标出C的氢化物中氢的化合价是NaH-1。故答案为：(1)H，Na；(2)氧，氮；(3)H2O、H2O2；(4)NaH-1。根据有核电荷数小于18的A、B，C、D四种元素，A元素组成的单质是清洁的能源，所以A是氢元素，B单质的体积在空气中占21%，所以B是氧元素，C原子有3个电子层，最内层电子数是最外层的2倍，所以C是钠元素，D元素的单质在空气中含量最大，所以D是氮元素，然后将推出的元素进行验证即可。在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质

23、和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。17.“共享单车”是指在公共场所提供共享服务的自行车，由于符合“低碳出行”的理念，颇受年轻人的喜爱。(1)“低碳出行”中“低碳”指的是较低的_气体排放。(2)采用钛合金车架的“共享单车”质量轻便，承重强度高。钛原子的结构示意图为，其中x=_；该元素形成化合物时一般显示的化合价为_。钛的元素符号为Ti，则氯化钛的化学式为_。(3)采用实体轮胎的“共享单车”可有效防止爆胎。而普通自行车夏天易爆胎，请用分子的观点解释“夏天易爆胎”的原因_。(4)扫描二维码可以租用“共享单车”，二维码的制作材料一般是用PVC不干胶贴纸。P

24、VC化学式为(C2H3Cl)n中碳元素和氢元素的质量比为_。【答案】二氧化碳 10 +2 TiCl2 温度升高时分子间隔增大 8：1【解析】解：(1)“低碳出行”中“低碳”指的是较低的二氧化碳气体排放。故填：二氧化碳。(2)x=22-2-8-2=10；该元素的原子最外层电子数是2，反应过程中容易失去2个电子，形成带2个单位正电荷的阳离子，形成化合物时一般显示的化合价为+2；氯化钛中钛元素化合价是+2，氯元素化合价是-1，根据化合物中元素化合价代数和为零可知，氯化钛的化学式为TiCl2。故填：10；+2；TiCl2。(3)“夏天易爆胎”的原因是温度升高时分子间隔增大，导致气压增大，从而导致易爆胎

25、。故填：温度升高时分子间隔增大。(4)PVC化学式为(C2H3Cl)n中碳元素和氢元素的质量比为：24：3=8：1。故填：8：1。二氧化碳是一种温室气体；原子中，核电荷数=核内质子数=核外电子数=原子序数；化合物中元素化合价代数和为零；微观粒子之间的间隔随着温度升高而增大；根据物质的化学式及其相对原子质量可以计算组成元素质量比。化学来源于生产、生活，也服务于生产、生活，要学好化学知识，为生产、生活服务。18.碱式碳酸镁(化学式为Mg2(OH)2CO3)是一种新型阻燃剂，其工业制备流程如下：(1)操作1的名称是_，所用的玻璃仪器是_(填写一种即可)。(2)写出“反应2”的化学方程式：_。(3)副

26、产品氯化铵(NH4Cl)中铵根离子的化合价为_。【答案】过滤 漏斗 2NH3+MgCl2+(NH4)2CO3+2H2O=Mg2(OH)2CO3+4NH4Cl +1【解析】解：(1)过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来，所以操作1的名称是过滤，过滤需要的玻璃仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒；(2)氨气、氯化镁、碳酸铵和水反应生成碱式碳酸镁和氯化铵，化学方程式为：2NH3+MgCl2+(NH4)2CO3+2H2O=Mg2(OH)2CO3+4NH4Cl；(3)化合价代数和为零，在氯化铵中氯离子的化合价是-1，所以铵根离子的化合价是+1。故答案为：(1)过滤，烧杯、漏斗、玻璃棒；(2)2NH3+MgCl2+(

27、NH4)2CO3+2H2O=Mg2(OH)2CO3+4NH4Cl；(3)+1。(1)根据过滤可以将不溶性固体从溶液中分离出来，以及过滤需要的玻璃仪器进行分析；(2)根据氨气、氯化镁、碳酸铵和水反应生成碱式碳酸镁和氯化铵进行分析；(3)根据化合价代数和为零进行分析。合理设计实验，科学地进行实验、分析实验，是得出正确实验结论的前提，因此要学会设计实验、进行实验、分析实验，为学好化学知识奠定基础。三、计算题（本大题共2小题，共10.0分）19.维生素C是人体必须的营养素，又称抗坏血酸，还具备提高免疫力的功效，体内维生素C含量高的人不容易吸收铅、镉、铬等有害元素。维生素C主要存在于新鲜蔬菜和水果中，所

28、以提倡多吃蔬菜和水果。维生素C的化学式C6H8O6.请据此计算：(1)维生素C的相对分子质量_。(2)维生素C中各元素的质量比_。(3)维生素C中碳元素的质量分数_。(精确到0.1)(4)22克维生素C中含氧元素_克。【答案】176 9：1：12 40.9% 12【解析】解：(1)维生素C(化学式C6H8O6)的相对分子质量126+18+166=176。(2)维生素C(化学式C6H8O6)中碳氢氧的质量比(126)：(18)：(166)=9：1：12。(3)维生素C(化学式C6H8O6)中碳元素的质量分数为126176100%40.9%。(4)22克维生素C(化学式C6H8O6)中含氧元素22

29、g166176100%=12g。故答案为：(1)176。(2)9：1：12。(3)40.9%。(4)12。根据化学式的意义进行相关的计算，注意要结合题目要求以及使用正确的相对原子质量进行分析和解答。根据化学式计算首先要确保化学式本身正确，其次过程中使用相对原子质量要准确。20.将含杂质的铁粉分成质量相等的A、B两份(杂质不溶于水且不参与任何置换反应)。在A中加入足量的稀硫酸，充分反应后得到不溶物4.4克。在B中加入足量硫酸铜，充分反应后得到固体10.8克，求混和物中铁的质量分数。【答案】解：设混合物中铁的质量为x根据A和足量稀硫酸得不溶性物质4.4g可知铜的质量为4.4g，从而确定铁和硫酸铜生

30、成的铜的质量为10.8g-4.4g=6.4g。Fe+CuSO4=FeSO4+Cu56 64x 6.4g5664=x6.4gx=5.6g混和物中铁的质量分数为5.6g5.6g+4.4g100%=56%答：混和物中铁的质量分数为56%。【解析】根据A和足量稀硫酸得不溶性物质4.4g可知铜的质量为4.4g，从而确定铁和硫酸铜生成的铜的质量为10.8g-4.4g=6.4g。结合生成的铜的质量以及对应的化学方程式求算混合物中铁的质量分数。根据化学方程式计算时，第一要正确书写化学方程式，第二要使用正确的数据，第三计算过程要完整。四、推断题（本大题共1小题，共8.0分）21.AF均为初中化学常见的物质，他们

31、之间的关系如图所示(“”表示转化关系，所涉及反应均为初中常见的化学反应)，其中A俗称生石灰，C是最常用的溶剂，C与F元素组成相同。(1)C的化学式是_；(2)D的一种用途是_；(3)AB反应的基本类型是_；(4)FE反应的化学方程式为_。【答案】H2O 补钙剂 化合反应 2H2O2-MnO22H2O+O2【解析】解：(1)AF均为初中化学常见的物质，A俗称生石灰，所以A是氧化钙，C是最常用的溶剂，所以C是水，C与F元素组成相同，F会转化成C，所以F是过氧化氢溶液，过氧化氢分解生成水和氧气，所以E是氧气，氧气和水可以互相转化，D会转化成水、氧化钙，所以D是碳酸钙，氧化钙会转化成的B会转化成水，所

32、以B是氢氧化钙，经过验证，推导正确，所以C是H2O；(2)通过推导可知，D是碳酸钙，可以做补钙剂；(3)AB的反应是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，基本类型是化合反应；(4)FE的反应是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，化学方程式为：2H2O2-MnO22H2O+O2。故答案为：(1)H2O；(2)补钙剂；(3)化合反应；(4)2H2O2-MnO22H2O+O2。根据AF均为初中化学常见的物质，A俗称生石灰，所以A是氧化钙，C是最常用的溶剂，所以C是水，C与F元素组成相同，F会转化成C，所以F是过氧化氢溶液，过氧化氢分解生成水和氧气，所以E是氧气，氧气和水可以互相转化，D会转化成水、

33、氧化钙，所以D是碳酸钙，氧化钙会转化成的B会转化成水，所以B是氢氧化钙，然后将推出的物质进行验证即可。在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。五、探究题（本大题共4小题，共30.0分）22.如图1是“燃烧的条件”实验活动的部分操作示意图(l)仪器的名称为_；(2)实验一加热片刻观察到A中棉球上的酒精燃烧产生蓝色火焰，B中棉球上的水不燃烧，由此得出燃烧的条件之一是_；(3)实验二观察到先燃烧的物质是_；若将铜片上的物质换成等量的木屑和煤粉进行实验，观察到木屑先燃烧，说明木屑的着火点比煤粉_；(4)

34、实验三将燃着的蜡烛放在如图2所示的密闭容器中，同时用氧气传感器测出密闭容器中氧气含量的变化如图2所示，下列说法错误的是_(填序号)。A.蜡烛燃烧需要氧气B.蜡烛燃烧前，密闭容器中氧气的体积分数为21%C.蜡烛熄灭后，密闭容器中还有氧气D.蜡烛熄灭后，密闭容器中的二氧化碳体积分数为84%【答案】酒精灯 物质具有可燃性 乒乓球碎片 低 D【解析】解：(1)仪器是酒精灯；故填：酒精灯；(2)小棉花球蘸水后，因水不可燃，反而会蒸发吸收热量，所以温度达不到棉花的着火点，不会燃烧；而小棉花球蘸酒精后，酒精是可燃物，在酒精灯上被点燃后会燃烧放出大量的热，使温度达到棉花的着火点，引发棉花球燃烧，因此实验的结论

35、是燃烧的物质必须是可燃物；故填：物质具有可燃性；(3)滤纸碎片和乒乓球碎片都与氧气接触，在加热过程中，由于乒乓球碎片的着火点较低，首先燃烧起来，说明燃烧需要温度达到可燃物的着火点；木屑的着火点比煤低，故同时加热木屑先发生燃烧，故填：乒乓球碎片；低；(4)A.蜡烛燃烧需要氧气，故正确；B.由图象可知，蜡烛燃烧前，密闭容器中氧气的体积分数为21%，故正确；C.由图象可知，当氧气的体积分数到16%时蜡烛就熄灭，这说明蜡烛熄灭后，密闭容器中还有氧气，故正确；D.蜡烛熄灭后，密闭容器中含有16%的氧气，其他气体为氮气、二氧化碳、稀有气体等，共占84%，故错误。故选D。(1)熟记仪器的名称；(2)根据实验

36、对比以及可燃物燃烧的条件来分析；(3)根据可燃物燃烧的条件来分析；(4)根据瓶内氧气含量的变化图，反应前瓶内氧气的体积分数约是19%，当氧气的体积分数达到16%时，蜡烛熄灭，说明开始时瓶内含有其它气体，氧气的浓度低于一定值时，蜡烛无法燃烧，据此结合题意、根据空气的组成进行分析判断即可。此题属于实验综合题，综合考查课本中出现的重要小实验，在平时学习中对这些重点实验的原理、现象、结论等知识加强记忆是解答此类试题的关键。23.结合图1实验装置，回答：(1)实验室若用分解暗紫色固体制取O2，实验装置是_，该反应的化学方程式为_。(2)探究CO2性质的装置、(如图2)装置，将Y形导管平放于桌面上，通入C

37、O2后，观察到a管中试纸变红色，b管中试纸无明显变化，此现象说明CO2能与_反应，生成的_使紫色石蕊变红色。装置，将Y形导管固定在铁架台上，a管在上方，b管在下方，通入CO2后，观察到b管中试纸先变红色且颜色较浅深，此现象说明CO2具有所验证的性质外，还说明CO2的另一种性质，它是_。(3)实验室制取CO2的化学方程式为_，应选_(填字母)装置，选择该装置的理由是_。(4)检验二氧化碳的反应化学方程式为_。【答案】B 2KMnO4-K2MnO4+MnO2+O2 水 碳酸 密度比空气大 CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2 A 反应物为固体和液体且不需要加热，同时生成的气体密度比空气

38、大 CO2+Ca(OH)2=CaCO3+H2O【解析】解：(1)如果用暗紫色的高锰酸钾制氧气就需要加热，高锰酸钾受热分解生成锰酸钾和二氧化锰和氧气，要注意配平；故答案为：B；2KMnO4-K2MnO4+MnO2+O2；(2)图2中，装置，将Y形导管平放于桌面上，通入CO2后，观察到a管中试纸变红色，b管中试纸无明显变化，此现象说明CO2能与水反应，生成碳酸；装置，将Y形导管固定在铁架台上，a管在上方，b管在下方，通入CO2后，观察到b管中试纸先变红色且颜色较浅深，此现象说明CO2具有所验证的性质外，还说明CO2的密度比空气大；故答案为：水、碳酸；密度比空气大；(3)实验室制取CO2，是在常温下

39、，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热；选择A装置的理由是：反应物为固体和液体且不需要加热，同时生成的气体密度比空气大；故答案为：CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2；A；反应物为固体和液体且不需要加热，同时生成的气体密度比空气大；(4)二氧化碳一般用澄清的石灰水检验：把气体通入澄清的石灰水中，石灰水变浑浊，就证明是二氧化碳；故答案为：CO2+Ca(OH)2=CaCO3+H2O；(1)制取装置包括加热和不需加热两种，如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热。氧气的密度比空气的密度大，不易溶于

40、水，因此能用向上排空气法和排水法收集。(2)图2中，装置，将Y形导管平放于桌面上，通入CO2后，观察到a管中试纸变红色，b管中试纸无明显变化，此现象说明CO2能与水反应，生成碳酸；装置，将Y形导管固定在铁架台上，a管在上方，b管在下方，通入CO2后，观察到b管中试纸先变红色且颜色较浅深，此现象说明CO2具有所验证的性质外，还说明CO2的密度比空气大；(3)实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热。二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集。(4)二氧化碳一般用澄清的石灰水检验：把气体通入澄清的石

41、灰水中，石灰水变浑浊，就证明是二氧化碳。本考点主要考查了气体的制取装置和收集装置的选择，同时也考查了化学方程式的书写、气体的性质等，综合性比较强。气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；气体的收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关。本考点是中考的重要考点之一，主要出现在实验题中。24.为探究Fe、Cu、Ag的金属活动性强弱，某兴趣小组做了如下实验：(1)实验前需将金属丝打磨，目的是_。(2)甲实验中发生反应的化学方程式为_；乙实验中观察到的现象为_。(3)通过甲、乙实验探究，可得出三种金属活动性由强到弱的顺序为_。(4)若采用丙实验方案也可得出相同结论，则金属C是_。【答案】除去金属表面的氧化膜 Cu+2AgNO3=2Ag+Cu(NO3)2 铁丝的表面有一层红色物质，溶液由蓝色逐渐变为浅绿色 FeCuAg Cu【解析】解：(1)实验前需将金属丝打磨，目的是除去金属表面的氧化膜(2)甲实验中铜能置换出硝酸银中的银，同时生成硝酸铜，发生反应的化学方程式为：Cu+2AgNO3=2Ag+Cu(NO3)2；乙实验中铁能置换出铜，同时生成了硫酸亚铁，观察到的现象为：铁丝的表面有一层红色物质，溶液由蓝色逐渐变为浅绿色(3)通过甲、乙实验探究，可得出三种金属活动性由强到弱的顺序为：FeCuAg(4)由丙实验方案可知，若