解析广东省惠州市2021年高考物理模拟试卷4月份

1、wordword版高中物理一单项选择题：（本题包括4小时每小题4分，共16分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题 目要求，选对的得4分，选错或不答的得。分.）.（4分）如图所示用四种方法悬挂相同的镜框，绳中所受拉力最小的图是（）C.C. （ 4分）如图，T勿体沿光滑斜面由静止开始从顶端下滑到底端,若用h、s、v、a分别表示物体下降的高度、位移、速度和加速度，t表示所用的时间，则在下图画出的图象中正确的是（）.（ 4分）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流 电流表，线圉绕垂直于磁场的水平轴00沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的

2、交变电流随 时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是（）乙乙A .交流电的频率是100HzB.。电流表的示数为20AC . 0。. 0 2s时穿过线圈的磁通量最大*D.0.01s时线图平面与磁场方向平行4 .（4分）如图所示,带电粒子被加速电场加速后，进入相互正交的匀强磁场B和匀强电场E中，再通过狭缝P进入磁感应强度为B o的匀强磁场中，最后打在板Ai与A2之间.下列表述正确的是（）“ A.。图中的粒子一定带负电B .。磁场B的方向垂直纸面向内，C.能通过狭转P的带电粒子的速率是唯一的* D.。粒子打在板上的位置越靠近狭缝R粒子的电荷量与质量比越小二.双项选择题：（本大题共9个小题，每小题6

3、分，共5 4分.每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求.全部选对得6分,只选一项且正确得3分，有错选或不答的得。分.）. （ 6分）下列说法正确的是（）A.a粒子散射实验说明原子内部具有核式结构B.在2H+ :H-卯+x中,x表示质子, C .重核的裂变和轻核的聚变都是质量亏损的放出核能过程Q 一个氢原子从n=l能级跃迁到n=2能级,必需吸收光子.（6分）如图所示，某种洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气,通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量.设封闭空气温度不变,当洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气（）洗衣缸压力传感器A.单位体积分子数增大B洗衣缸压力

4、传感器A.单位体积分子数增大B.分子运动的平均动能增加C.气体一直向外界放热Q.。气体一直对外界做功. （ 6分）如图所示，两颗质量不等卫星分别位于同一轨道上绕地球做匀速圆周运动.若卫星均顺时针运行，不计卫星间的相互作用力，则以下判断中正确的是（）03卫星地球/4.，两颗卫星的运动速度大小相等 用.两颗卫星的加速度大小相等, C.两颗卫星所受到的向心力大小相等卫星1向后喷气就一定能追上卫星28 .（ 6分）如图所示在竖直向上的匀强电场中，A球位于B球的正上方，质量相等的两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，其中只有一个小球带电,不计空气阻力，下例判断正确的是（）A.如果A球

5、带电，则A球一定带负电B.。如果A球带电，则A球的电势能一定增加C.0如果B球带电，则B球一定带负电D.0如果B球带电，则B球的电势能一定增加9. （ 6分）如图所示,固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一弹性橡皮绳相连，橡皮绳的 另一端固定在地面上的A点，橡皮绳竖直时处于原长h.让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零.则在 圆环下滑过程中（橡皮绳始终处于弹性限度内）（）A.橡皮绳的弹性势能一直增大B.圆环的机械能先不变后减小C .橡皮绳的弹性势能最大增加了mghD.橡皮绳再次到达原长时圆环动能最大三.（解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有

6、数值计算的魅 答案中必须明确写出数值和单位.）10 . （ 9分）某同学想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数.如图甲所示，表面粗糙、一端装有定滑轮的长 木板固定在水平实验台上；木板上有一滑块，滑块右端固定一个轻小动滑轮，钩码和拉力传感器通过绕在滑 轮上的轻细绳相连，细绳与长木板平行，放开钩码,滑块在长木板上做匀加速直线运动（忽略滑轮的摩擦）.wordword版高中物理实验开始前打点计时器应接在（填交流电源或直流电源）上，实验时应（填先或后）接 通电源，（填先或后）释放滑块.如图乙为某次实验得到的纸带,SK S2是纸带中两段相邻计数点间的距离，相邻计数点时间为T,由此可求得小车的加速度大小为（用S

7、I. S2、T表示）.改变钩码的个数，得到不同的拉力传感器示数F （ N）和滑块加速度a （ m/s2 ），重复实验.以F为纵轴，a为横轴,得到的图象是纵轴截距大小等于b倾角为0的一条斜直线，如图丙所示，则滑块和轻小动滑轮的 总质量为；滑块和长木板之间的动摩擦因数M= .（设重力加速度为g）11.（9分）如图甲为某同学测量金属丝电阻率p的实验电路图,Ro为保护电阻实验的主要步骤如下，请完成相关内容用噱旋测微器测金属丝的直径d如图乙示,可读出d= mm将P移到金属丝某一位置Xi,闭合单刀双掷开关接位a ,记下电流表读数工1,保持P位置不变，将单刀双掷开关接位置b,调节电阻箱阻彳鱼使电流表读数为（

8、选填义，H2h），读出电阻箱读数，金属丝电阻Ri 乙等于此时电阻箱阻值，并测出此时金属丝接入电路MP部分长度Xi值.将P移到金属丝另一位置X2,用同样方法测出金属丝接入电路电阻R 2值和接入电路长度X 2值，重复步骤多次彳导出多组R和X的值,并画出R-x的关系图如图丙所示根据R-X的关系图线，求得斜率k为Q/m（保留3位有效数字）.写出金属丝电阻率表达式p=（用d, k表示）.12.（18分）如图甲所示，两根间距=1.0m、电阻不计的足够长平行金属导轨ab、cd水平放置,一端与阻值R=2.0O的电阻相连,质量m=0.2kg的导体棒ef在恒定外力F作用下由静止刑台运动，已知导体棒与 两根导轨间的

9、最大静摩擦力和滑动摩擦力均为f =1.0N，导体棒电阻为r= 10Q ,整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场B中 导体棒运动过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示（取g=10 m/s 2 ）求：（1）当导体棒速度为v时，棒所受安培力F安的大小（用题中字母表示）.（2 ）磁场的磁感应强度B .（3）若e f棒由静止开始运动距离为S=6.9m时，速度已达vf=3m/s .求此过程中产生的焦耳热Q.13 . （18分）如图所示，水平轨道左端与长L=1.2 5 m的水平传送带相接，传送带逆时针匀速运动的速度 vo=lm/s .轻弹簧右端固定在光滑水平轨道上，弹簧处于自然状态.现用质量m = 0.1

10、kg的小物块（视为质 点）将弹簧压缩后由静止释放，到达水平传送带左端B点后，立即沿切线进入竖直固定的光滑半圆轨道最高点并恰好做圆周运动，经圆周最低点C后滑上质量为M=0.9kg的长木板上.竖直半圆轨道的半径R=0.4,物块与传送带间动摩擦因数Mi=0.8，物块与木板间动摩擦因数M2=0.25 ,取g =10m/s2 ,求：（2 ）弹簧被压缩时的弹性势能Ep.（3 ）若长木板与水平地面间动摩擦因数M30 .026时，要使小物块恰好不会从长木板上掉下，木板长度S的范围是多少（设最大静动摩擦力等于滑动摩擦力）.广东省惠州市20 2 1年高考物理模拟试卷（4月份）叁考答案与试题解析一单项选择题：（本题

11、包括4小题，每小题4分，共16分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题 目要求，选对的得4分，选错或不答的得。分.）1.（4分）如图所示用四种方法悬挂相同的镜框，绳中所受拉力最小的图是（）考点:。共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.专题：共点力作用下物体平衡专题.分析：当合力一定时，两分力的夹角越小，分力越小，两分力的夹角越大，分力越大.解答： 解：镜框受重力和两根绳子的拉力处于平衡，合力等于0,知两根绳子拉力的合力等于重力，绳子的夹角越小，绳子拉力越小.故A正确，B、C、D错误.故选:A点评：解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，合力一定分力夹角越尢分力越大.2 .(

12、 4分)如图，一物体沿光滑斜面由静止开始从顶端下滑到底端，若用h、s、v、a分别表示物体下降的高度、位移、速度和加速度，t表示所用的时间，则在下图画出的图象中正确的是()考点：。匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：运动学中的图像专题.分析：。物体受力情况不变，根据牛顿运动定律知加速度不变，物体做初速度为零的匀加速直线运动,根据匀变速直线运动规律列式即可判断图象是否正确.解答：。解：物体受力情况不变，根据牛顿运动定律知加速度不变，物体做初速度为零的匀加速直线运动：A B、位移s=12 ,则八二=1杜.2,都与时间的平方成正比，故AB错误；22sm0C、速度v=a t,与

13、时间成正比，故C正确；D、加速度不变,故D错误；故选：C点评：本题综合运用了牛顿第二定律以及运动学公式，关键推导出各物理量随时间的变化关系，从而判定图 线的正误.3.（4分）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交 流电流表,线圈绕垂直于磁场的水平轴00沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流 随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是（）A.交流电的频率是100HzB.电流表的示数为20AC。0 2 s时穿过线圉的磁通量最大D. 0.01s时线圉平面与磁场方向平行考点:。交流发电机及其产生正弦式电流的原理;交变电流;正弦式电流的最大

14、值和有效值、周期和频率.专题：。交流电专题.分析：当线框经过中性面时通过线图的磁通量最大.根据右手定则判断线框中电流的方向.由题图乙可知交流电电流的周期，即可求解角速度.线框每转一周，电流方向改变两次解答： 解:A、。由图知周期T=0.02 s,根据故A错误；T 0. 02B、电流表的示数为有效值1=工=2= 10A ,故B错误；V2 V2C、据题知0.02s时线框中感应电流最大,说明线框与磁场平行，磁通量为零，故C错误.D、0 .01s时线圈产生的感应电动势最大，说明线框与磁场平行，磁通量为零，故D正确.故选:D.点评：本题是准确理解感应电动势与磁通量的变化，知道磁通量最大时，感应电动势反而

15、最小.明确线框每转一周，电流方向改变两次.能从图象读取有效信息.（4分）如图所示,带电粒子被加速电场加速后，进入相互正交的匀强磁场B和匀强电场E中，再通过狭缝P进入磁感应强度为Bo的匀强磁场中，最后打在板Ai与A2之间.下列表述正确的是（）B .。磁场B的方向垂直纸面向内能通过狭缝P的带电粒子的速率是唯一的D.粒子打在板上的位置越靠近狭缝R粒子的电荷量与质量比越小考点:。带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动.专题：。带电粒子在复合场中的运动专题.分析：根据粒子在匀强磁场中的偏转方向，结合左手定则确定粒子的电性，根据粒子在速度选择器中电场力 和洛伦兹力平衡得出磁感应强度B的方向

16、以及速度的大小.根据半径公式，结合半径的大小分析粒子比荷 的大小.解答：。解:A、粒子在磁场中向左偏转，根据左手定则知，粒子带正电，故A错误.B、粒子在速度选择器中，电场力和洛伦兹力平衡，电场力的方向水平向右，则洛伦兹力的方向水平向左，根据 左手定则知，磁场B的方向垂直纸面向外，故B错误.C、根据qE二qvB得，v二卷，即通过狭缝P的带电粒子速率是唯一的.故C正确.D、根据r二三知,速度V、磁感应强度Bo一定，越靠近狭缝厕轨道半径越小，粒子的匕嘀越大，故D qB。错误.故选:C.点评：。本题理解质谱仪工作原理时应采取分段分析的方法，即粒子加速阶段,速度选择阶段，在磁场中运动 阶段.二、双项选择

17、题：（本大题共9个小题，每小题6分，共54分.每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题 目要求.全部选对得6分，只选一项且正确得3分，有错选或不答的得。分.）.（6分）下列说法正确的是（）A . y粒子散射实验说明原子内部具有核式结构B户在2H+2一 ；H+x中，x表示质子C户重核的裂变和轻核的聚变都是质量亏损的放出核能过程D . 一个氢原子从n=l能级跃迁到n=2能级,必需吸收光子考点：。氢原子的能级公式和跃迁;粒子散I寸实验;重核的裂变.分析：卢瑟福的a粒子散射实验说明原子的核式结构模型;根据电荷数守恒质量数守恒判断轻核聚变方程 的正误；能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差,重

18、核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏 损，都向外界放出核能.解答： 解:A、卢瑟福的a粒子散射实验说明原子的核式结构模型.故A正确.B、根据质量数与质子数守恒可知,x的质量数是1 ,电荷数是0,表示中子.故B错误.C、重核的裂变和轻核的聚变都是存在质量亏损,从而放出核能.故C正确.D、根据跃迁公式，可知，一个氢原子从n=1能级跃迁到n=2能级,必须吸收能量,可能是吸收光子，也 可能的电子与其他的电子发生碰撞而吸收能量.故D错误.故选：AC.点评:。解决本题的关键理解物理学史，以及掌握能级跃迁的特点，即辐射或吸收的光子能量等于两能级间的 能级差.（ 6分）如图所示，某种洗衣机进水时，与洗衣缸相连的

19、细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器4单位体积分子数增大感知管中的空气压力，从而控制进水量.设封闭空气温度不变，当洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气4单位体积分子数增大B.分子运动的平均动能增加C.。气体一直向外界放热D. ,气体一直对外界做功考点：理想气体的状态方程.专题：。理想气体状态方程专题.分析:。洗衣缸内水位缓慢升高，细管内空气压强增大,根据气态方程可以判断出其体积变化情况，从而正确解答本题解答：。解：A、洗衣机缸内水位升高，被封闭的空气压强增大，被封闭气体做等温变化,根据理玻意耳定律可 知，气体体积减小，单位体积内的分段增多，故A正确；B、一定质量的理想气体的内能只跟温度

20、有关，温度不变，可知其内能不变.故B错误；C、气体体积减小，外界对气体做功，而内能不变，根据热力学第一定律得知，气体一定向外界放出了热量.故C正确,D错误.故选:AC点评:。本题是理想气体状态方程和热力学第一定律的综合应用.要掌握温度的意义：一定质量的理想气体的 内能只跟温度有关,温度是分子平均动能的标志.（6分）如图所示,两颗质量不等卫星分别位于同一轨道上绕地球做匀速圆周运动.若卫星均顺时针运行,不计卫星间的相互作用力，则以下判断中正确的是（）O地球A .。两颗卫星的运动速度大小相等.两颗卫星的加速度大小相等C.两颗卫星所受到的向心力大小相等* D.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2考点：人造

21、卫星的加速度、周期和轨道的关系.专题:。人造卫星问题.分析：根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出卫星的加速度和线速度，从而进行判断.在运动 的过程中,若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动.2解答:。解：A、根据万有引力提供向心力得：G与二吃，解得:v=J里两颗卫星的半径相等,所以运动速度大小相等，故A正确；B、根据万有引力提供向心力得G粤二ma ,解得：”,两颗卫星的半径相等，所以加速度大小相等，故B rr正确;C、根据万有引力提供向心力得，向心力F =G当，由于两颗卫星质量不等,所以向心力大小不等，故C错误；D、若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所

22、以卫星1不可能追上卫星2.故D错误；故选:AB .点评：关于万有引力的应用中,常用公式是在地球表面重力等于万有引力，卫星绕地球做圆周运动万有引力 提供圆周运动向心力，掌握卫星的变轨原理,这是正确解决本题的关键.8 .（6分）如图所示，在竖直向上的匀强电场中,A球位于B球的正上方，质量相等的两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，其中只有一个小球带电，不计空气阻力，下例判断正确的是（）4 如果A球带电，则A球一定带负电B.如果A球带电，则A球的电势能一定增加C 如果B球带电，则B球一定带负电D .如果B球带电，则B球的电势能一定增加考点:。匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势

23、能.专题：电场力与电势的性质专题.分析：在水平方向AB做匀速运动，初速度相同，水平位移相同，根据hat2可求得躯体A B的加速度，根据AB的带电判断电性及电场力的做功判断电势能解答:。解:A B、平抛时的初速度相同，在水平方向通过的位移相同,故下落时间相同，A在上方，B在下方, 由h二工2可知，A下落的加速度大于B的加速度2如果A球带电，则A的加速度大于B,故A受到向下则电场力，则A球一定带负电，电场力做正功，电势能减小，故A正确，B错误；CD、如果B球带电，则B带正电，电场力对B做负功，电势能增加，故C错误，D正确；故选:AD 点评:。本题主要考查了类平抛运动，抓住加速度与重力加速度的大小作

24、比较，进行判断即可9.（ 6分）如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一弹性橡皮绳相连，橡皮绳的 另一端固定在地面上的A点,橡皮绳竖直时处于原长h .让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零.则在圆 环下滑过程中（像皮绳始终处于弹性限度内）（）A.橡皮绳的弹性势能一直增大 B .。圆环的机械能先不变后减小C.0橡皮绳的弹性势能最大增加了m g hD .。橡皮绳再次到达原长时圆环动能最大考点：功能关系;动能和势能的相互转化.分析:。分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况,只有重力橡皮绳的拉力做功，所以圆环机械能不守恒， 但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最

25、大.解答：解:A、橡皮绳的弹性势能随橡皮绳的形变量的变化而变化，由图知橡皮绳先缩短后再伸长，故橡 皮绳的弹性势能先不变再增大.故A错误；B、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功,即环的重力和橡皮绳的拉力;所以圆环的机 械能不守恒，如果把圆环和橡皮绳组成的系统作为研究对象,则系统的机械能守恒，因为橡皮绳的弹性势能 先不变再增大，所以圆环的机械能先不变后减小，故B正确；C、根据系统的机械能守叵圆环的机械能减少了mgh ,那么橡皮绳的机械能的减小量等于弹性势能增大 量，为mgh.故C正确；D、在圆环下滑过程中，橡皮绳再次到达原长时，该过程中动能一直增大，但不是最大，沿杆方向合力为零的

26、 时刻，圆环的速度最大.故D错误.故选：BC .点评:。对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法.这是一道考查系统机械能守恒的基 础好题.三.（解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步短只写出最后答案的不能得分.有数值计算的魅 答案中必须明确写出数值和单位.）10.（9分）某同学想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数.如图甲所示，表面粗糙、一端装有定滑轮的长木板 固定在水平实验台上;木板上有一滑块，滑块右端固定一个轻小动滑轮,钩码和拉力传感器通过绕在滑轮上 的轻细绳相连，细绳与长木板平行，放开钩码,滑块在长木板上做匀加速直线运动（忽略滑轮的摩擦）.实验开始前打点计时器应接在至

27、鲤遮（填交流电源或直流电源）上，实验时应先（填“先或 后）接通电源，后（填先或后）释放滑块.如图乙为某次实验得到的纸带,s 1、S2是纸带中两段相邻计数点间的距离,相邻计数点时间为T,由此Sn - S 1可求得浑的加速度大小为2 J （用S 1、S2、T表示）.2T2改变钩码的个数得到不同的拉力传感器示数F（N ）和滑块加速度a （m/s2），重复实验.以F为纵轴,a为横轴,得到的图象是纵轴截距大小等于b倾角为0的一条斜直线，如图丙所示，则滑块和轻小动滑轮的总 质量为2tge （kg）;滑块和长木板之间的动摩擦因数m=.（设重力加速度为g）考点：探究影响摩擦力的大小的因素.专题：实验题.分析：

28、。正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理;对于任何实验注意从实验、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚；根据加速度公式今，而 x是相邻相等时间内的位移之差，从而即可求解; T2由实验方案可知，滑块受到的拉力为弹簧秤示数的两倍，滑块同时受摩擦力，由牛顿第二定律可得弹簧秤示数与加速度a的关系,由图象可得摩擦因数解答：解：打点计时器应接交流电源；开始记录时,应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落,再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快,不

29、利于的采集和处理，会对实验产生较大的误差,根据加速度公式与设s 1、S 2的间距为so,那么a= T2Sq - S $2 50y 2S2 - S 2- 2T2 ，滑块受到的拉力T为弹簧秤示数的两倍,即:T=2F滑块受到的摩擦力为：f=uMg由牛顿第二定律可得：T - f=Ma解得力F与加速度a的函数关系式为:F=a十上强 22由图象所给信息可得图象截距为:b二上返2而图象斜率为T解得:M=2 k=2tg0(kg);M= gtan ySn - S i故答亲为:交流电源，先，后；2tge ( kg)2T2bgtan 8点评:本题重点是考察学生实验创新能力及运用图象处理实睑的能力，对这种创新类型的题

30、目，应仔细分析给定的方案和数据，建立物理模型下靖1 L （ 9分）如图甲为某同学测量金属丝电阻率p的实验电路图，Ro为保护电阻,实验的主要步9下靖完成相关内容完成相关内容用螺旋测微器测金属丝的直径d如图乙示,可读出d=0.4Q0 mm将P移到金属丝某一位置x 1 ,闭合单刀双掷开关接位a,记下电流表读数11,保持P位置不变，将单刀双掷开关接位置b,调节电阻箱阻值，使电流表读数为H（选填“51,11,211）,读出电阻箱读数，金属丝电阻一 2Ri等于此时电阻箱阻值，并测出此时金属丝接入电路M P部分长度xi值.将P移到金属丝另一位置X2 ,用同样方法测出金属丝接入电路电阻R2值和接入电路长度X2

31、值,重复步骤多次彳导出多组R和x的值，并画出R - x的关系图如图丙所示根据R - x的关系图线,求得斜率k为320/m （保留3位有效数字）.写出金属丝电阻率表达式p=-nKd 2（用d ,k表示）.4考点：测定金属的电阻率.专题：。实验题. 分析：螺旋测微器读数时先读固定部分，再读出转动部分，用固定部分加上转动部分与0 . 01的乘 积；根据实验电路及实验原理明确实验中应采用的步骤和方法；选取图象上的点，利用纵坐标与横坐标的比值即求出斜率即可.由中所求单位长度中的电阻值，由电阻定律可求得电阻率.解答：解：:螺旋测微器的固定刻度读数为0 mm ,可动刻度读数为0.01x40 . 0 mm=0

32、.4 00mm;故螺旋测微器的读数为：0+ 40 x0.01=0 . 40 0mm;由题意可知，本实验采用是替代法，即用电阻箱代替金属丝，使电流表示数相同，则电阻箱的阻值即为金 属丝的电阻；由图象可知，图象的斜率k =32Q/m ; 0. 50由电阻定律可知：R二码；L取单位长度1;S=4解得：P二节4故答案为：0.400 ;011 ；32;康!竽点评：本题考查电阻率的测量，要注意正确分析电路及实验步骤，从而明确实验方法，再由电阻定律及欧 姆定律进行数据处理即可.12 .（18分）如图甲所示，两根间距=1.0 m、电阻不计的足够长平行金属导轨abx cd水平放置一端与 阻值R= 2.00的电阻

33、相连.质量m=0.2kg的导体棒ef在恒定外力F作用下由静止开始运动，已知导体 棒与两根导轨间的最大静摩擦力和滑动摩擦力均为f=1.0N ,导体棒电阻为r=10O ,整个装置处于垂直 于导轨平面向上的匀强磁场B中，导体棒运动过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示（取g = 10m/ s 2 ).求：X X -073(1 )当导体棒速度为v时，棒所受安培力F安的大小(用题中字母表示).(2)磁场的磁感应强度B .(3 )若ef棒由静止开始运动距离为S=6.9m时，速度已达v=3m/s.求此过程中产生的焦耳热Q.考点：。导体切割磁感线时的感应电动势；磁感应强度.专题：电磁感应与电路结合.分析：。(

34、1)由法拉第电磁感应定律:E =BLv 由欧姆定律:与导体棒所受安培力F=BI L,三式联R+r立求解安培力；(2 )由图可知：导体棒开始运动时加速度ai=5m/s2,初速度vo =0,导体棒中无电流.当导体棒的加速度a=0时，开始以v=3m / s做匀速运动,根据牛顿运动定律列方程求解即可；(3)功能关系知：(F - f)s=Q十mv2,从而得热量Q. 乙解答:。解：(1 )当导体棒速度为v时，导体棒上的电动势为E,电路中的电流为I.由法拉第电磁感应定律:E=BLv 由欧姆定律:1二3R+r导体棒所受安培力F二BIL 2 2解W : F安=三匚上R+r(2 )由图可知：导体棒开始运动时加速度a i= 5 m/ s 2 ,初速度v0= 0 ,导体棒中无电流.由牛顿第二定律知:F - f =mai解得:F=2N由图可知：当导体棒的加速度a=0时,开始以v =3m/s做匀速运动此时有：F-f- F安二。解得：b=(F-f) (R+r)解得：b=(F-f) (R+r)vL2带入数据解得：B=1T(3)设e f棒此过程中,产生的热量为Q ,由功能关系知：(F - f) s=Q+1mv22带入:解得带入:解得Q=6J