动量守恒定律计算专题答案解析DOC

1、 动量守恒定律的综合应用1、质量为M、长为L的木块静止在光滑水平面上，现有一质量为m的子弹以水平初速度v射入木块，穿出时子弹速度为v，0ks求子弹与木块作用过程中系统损失的机械能。动量守恒：mV=Mv+mV木v=(mV-mV)/M木能量损失E=m(v)2/2-M(mV-mV)/M)2/2002、如图所示，在竖直平面内，一质量为M的木制小球(可视为质点)悬挂于O点，悬线长为L.一质量为m的子弹以水平速度v射入木球且留在其中，子弹与木0球的相互作用时间极短，可忽略不计.(1)求子弹和木球相互作用结束后的瞬间，它们共同速度的大小;(2)若子弹射入木球后，它们能在竖直平面内做圆周运动，v应0为多大？由

2、动量守恒mv=(m+M)vo所以V=mv(/m+M)o设小球在竖直平面内做圆周运动时，通过最高点的最小速度为V，根据牛顿第二定律有(m+M)g=(m+M)v2/L小球在竖直平面内做圆周运动的过程中机械能守恒，取小球做圆周运动的最低点所在水平面为零势能平面,所以(m+M)V2/2=2(m+M)gL+(m+M)v2/2解得v=(m+M)/m5gL0即v$(m+M)/m5gL03、如图所示，长为L、质量为M的小船停在静水中，一个质量为m的人站在船头，若不计水的阻力，当人从船头走到船尾的过程中，船和人相对地面的位移各是多少？设某时刻人对地的速度为V人，船对地的速度为V船取人行人船进的方向为正方向，根据

3、动量守恒定律有：m人v人-m船v船=0即v船：v人二v人：m船.人人船船船人人船人的位移s人二v人t,船的位移s船=v船t,人人船船所以船的位移与人的位移也与它们的质量成反比，即s:s=m:m船人人船由图中可以看出：s船+s广L船人s二饮+%L船由两式解得s人=+%L,人4、如图所示，在光滑的水平面上有两物体m和m，其中m静122止，m以速度v向m运动并发生碰撞，设碰撞中机械能的102求两物体的最终速度并讨论以下%损失可忽略不计.种情况，mm时，m和m的速度分别是多少?1212m=m时，m和m的速度分别是多少？1212mm时，v、v与式相等v0,v0121212mVm时，v、v与式相等v012

4、1212mVVm时，v二-v、v=0,m反弹，m不动1210212mm时，v=v、v2v,m不受影响，m碰后飞出去.12122125、如图所示，一个质量为m的玩具青蛙，蹲在质量为M的小车的细杆上，小车放在光滑的水平桌面上若车长为L,细杆高为h,且位于小车的中点，试求玩具青蛙至多以多大的水平速度跳出，才能落到车面上？解：【1）由物块与干弹一起恰能通过轨道最高点乩-|一由牛顿第二定律得：2R物体与子弹组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律得=I（M+m）+（M+m）2尺二丄（M+m）代入数据解得：vE=6m/s；（2）系统动童守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv=（M+mv-代入数据解得：

5、v=600m/s；由能量守恒定律得：A（M+mv-fi）於代入数据解得：AE=1782J；6、如图所示，ABCD是由两部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，bcd是半径为R的半圆弧轨道，质量为M的小物块，静止在AB轨道上，一颗质7 为m子弹水平射入物块但未穿出，物块与子弹一起运动，恰能贴着轨道内侧通过最高点从D点飞出取重力加速度g求:物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道B点的速度;子弹击中物块前的速度;系统损失的机械能.解：（1）由物块与干弹一起恰能通过轨道最高点乩jLj由牛顿第二定律得：2R物体与子弹组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：I5+2叫片5+2代入数据解得：v-=6jti

6、/e；（2）系统动童守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得:mv=（M+mv=r代入数据解得：v=600m/s；由能量守恒定律得：A（M+mSJJ代入数据解得：AE=1782J；7、如图所示，木块A和B的质量分别为m和m,固定在轻质弹簧的两端，静止于光滑的水平面上.现给1A以向右的水平速中，为速度V,问在两物体相互作用的过程什么时候弹性势能最大，其最大值多少？求弹簧恢复原长时两物体的度.解：木块A、B相互作用过程中，速度相等时弹簧的弹性势能最大，设共同速度的大小为v.由动量守恒定律有mv=(m+m)v1012木块A、B减少的动能转化为弹簧的弹性势能，有E=AE=mV2(m+m)v2弹k2io2

7、i2由式联立解得弹簧的弹性势能的最大值为:厂mmV2E=120弹m+m128、如图所示，在光滑的水平面上有一静止的光滑曲面滑块，质量为m现有一大小忽略不计的小球，质量为IIIIm，以速度v冲向滑块，并进入滑块的光滑轨道，设轨道足够高求小球在轨道上能上升的最大高度.若少？则两物体最后速度分别为多解：小球和滑块具有相同速度时，小球的上升高度最大，设共同速度的大小为V.由动量守恒定律有m1vO=(m1+m2)v设小球在轨道上能上升的最大高度为h.由于水平面光滑，故小球和滑块组成的系统机械能守恒，以水平地面为零势能面,2吧=2(m+m)v2+mgh121由式联立解得h=-2mV220m+m129、如图

8、所示，一大小可忽略不计、质量为m的小物体放在质i量为m的长木板的左端，长木板放在光滑的水平面上.现让m21获得向右的速度V，若小物体最终没有从长木板上滑落，两者0间的动摩擦因数为“.求长木板的长度至少是多少?解：若使小物体不从长木板上滑落，则须小物体到达长木板的右端时两者具有共同的速度设共同速度的大小为V,长木板的长度为L由动量守恒定律有m1v0=(ml+m2)v由能的转化和守恒定律知，由小物体和长木板组成的系统减少的动能转化为内能，有2 2 尺1mv2-1(m+m)V2=MmgL210212i由式联立解得L=mV220m+mg1210、如图所示，圆管构成的半圆形轨道竖直固定在水平地面上，轨道

9、半径为R，MN为直径且与水平面垂直，直径略小于圆管内径的小球A以某一速度冲进轨道，到达半圆轨道最高点M时与静止于该处的质量与A相同的小球B发生碰撞，碰后两球粘在一起飞出轨道，落地点距N为2R.重力加速度为g，忽略圆管内径，空气阻力及各处摩擦均不计，求：黏合后的两球从飞出轨道到落地的时间t；小球A冲进轨道时速度v的大小.1=2解得：解：粘合后的两球飞出轨道后做平抛运动，竖直方向分运动为自由落体运动，有:(2)设球A的质量为m碰撞前速度大小为v,把球A冲进轨道i=J最低点时的重力势能定为0,由机械能守恒定律知:二+2mgRil-i设碰撞后粘合在一起的两球速度大小为V,2由动量守恒定律知：mv=2m

10、v12飞出轨道后做平抛运动，水平方向分运动为匀速直线运动,有：2R=vt 综合式得：=2亦11、如图所示，固定在地面上的光滑圆弧面与车C的上表面平滑相接，在圆弧面上有一个滑块A,其质量为mA=2kg,在距车的水平面高h=1.25m处由静止下滑，车C的质量为mC=6kg,在车C的左端有一个质量mB=2kg的滑块B,滑块A与B均可看做质点，滑块A与B碰撞后黏合在一起共同运动，最终刚好没有从车C上滑出，已知滑块A、B与车C的动摩擦因数均为“=05,车C与水平地面的摩擦忽略不计取g=10m/s2.求:、滑块A滑到圆弧面末端时的速度大小.、滑块A与B碰撞后瞬间的共同速度的大小.、车C的最短长度.解析：（

11、1）设滑块A滑到圆弧未端时的速度大小为v,1由机械能守恒定律有：亍（3分）代入数据解得广尸=土2（2分）（2）设A、B碰后瞬间的共同速度为V，滑块A与B组成的系2统动量守恒=|：:-：:一（3分）TOC o 1-5 h z代入数据解得一匕、（2分）（3）设车C的最短长度为L，滑块A与B最终没有从车C上滑出，三者最终速度相同设为v3根据动量守恒定律；占）附=（/Mj+mE（3分）根据能量守恒定律八厂二“（3分）联立式代入数据解得二门m（2分）12、如图所示，A、B、C三个木块的质量均为m,置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和

12、C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体现A以初速度v沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并黏合在一0起.以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离.已知C离开弹簧后的速度恰为v.求弹簧释放的势能.0A00000C/7/解：设碰后A、B和C的共同速度的大小为v,由动量守恒得设C离开弹簧时，A、B的速度大小为,由动量守恒得设弹簧的弹性势能为，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒：丁匚一二于二r瓦=由式得弹簧所释放的势能为-1O 13、一质量为2m的物体P静止于光滑水平地面上，其截面如图所示图中ab为粗糙的水平面，长度为L；be为一光滑斜面，斜面和水平面通过与ab和be均相切

13、的长度可忽略的光滑圆弧连接.现有一质量为m的木块以大小为v0的水平初速度从a点向左运动，在斜面上上升的最大高度为h,返回后再到达a点前与物体P相对静止.重力加速度为g求：(1)木块在ab段受到的摩擦力f；(2)木块最后距a点的距离s.解：(1)设木块和物体P共同速度为V,两物体从开始到第一次到达共同速度过程由动量守恒得：刑二+加由能量守恒得：知加莎+咧+庖m(y-3gh)由得：(2)木块返回与物体P第二次达到共同速度，全过程能量守恒得:=+2)v2+f(2L-s)由得：14、如图所示，在光滑水平面上有两个并排放置的木块A和B,已知m=0.5kg，m=0.3kg,有一质量AB=Ji终与B以2.5

14、m/s的共同速度运动，求:(1)木块A的最后速度;(2)C离开A时C的速度。设木块A的最终速度为IC滑离A时的速度为a?,为mC=0.08kg的小物块C以25m/s的水平速度滑上A表面，由于C和A、B间有摩擦，C滑到B表面对A、B、C由动量守恒定律：mv=mv+(m+m)v，00A1B0解得v=2.1m/s1当C滑离A后，对B、C由动量守恒定律：mv+mv=(m+m)v02B1B0解得v=4m/s215、两质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水距水平面的高度ho平面上,A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示，一质量为m的物块位于劈A的倾斜面上,物块从静止滑下，

15、然后滑上劈B。求物块在B上能够达到的最大高度。设物块到达劈A的低端时,物块和A的的速度大小分别为和V,、一=m+TOC o 1-5 h z由机械能守恒得：由动量守恒得:n二设物块在劈B上达到的最大高度为，此时物块和B共同速度大小为，由机械能守恒得严-丁：一于：由动量守恒=丁一叽血联立式得16、如图所示，半径为R的光滑圆环轨道与高为10R的光滑斜面安置在同一竖直平面内，两轨道之间由一条光滑水平轨道CD相连，在水平轨道CD上一轻质弹簧被两小球a、b夹住（不连接）处于静止状态，今同时释放两个小球，a球恰好能通过圆环轨道最高点A,b球恰好能到达斜面最高点B，已知a球质量为m，求释放小球前弹簧具有的弹性

16、势能为多少?解：球过圆轨道最高点A时：咫一陀应求出卩卫=7a球从C运动到A,由机械能守恒定律：扌帑卩$=由以上两式得：Vn=VC=J鬼氏b球从D运动到B，由机械能守恒定1$律：三叫二叫gxioR得:v=vd=2-5gA以a球、b球为研究对象，由动量守恒定律：mv=mvabb1得:弹簧的弹性势能E厂詁记+詁期得：E=7.5mgRP17、有一大炮竖直向上发射炮弹。炮弹的质量为M=6Okg（内含炸药的质量可以忽略不计），射出的初速度/Om/s,当炮弹到达最高点时爆炸为沿水平方向运动的两片，其中一片质量为m=4Okg。现要求这一片不能落到以发射点为圆心、以R=600m为半径的圆周范围内，贝U刚爆炸完时

17、两弹片的总动能至少多大？（g取10m/s2，忽略空气阻力）:O=mv一1炮弹爆炸时系统在水平方向不受外力，动量守恒（M-m）v2由上抛运动规律知:h=v2/2g,t=/2h/g由平抛运动规律知:v=R/ti由能量观点知：Ek二mv2/2+（M-m）v2/2解得Ek=60X104J1218、探究某种笔的弹跳问题时，把笔分为轻质弹簧、内芯和外壳三部分，其中内芯和外壳质量分别为m和4m.笔的弹跳过程分为三个阶段：把笔竖直倒立于水平硬桌面，下压外壳弹簧外壳使其下端接触桌面（图a）；由静止TTI叱瓦丄释放，外壳竖直上升至下端距桌面高度为hl时，与静止的内芯碰撞（图b）;碰后，内芯与外壳以共同的速度一起上

18、升到外壳下端距桌面最大高度为h2处（图c）。设内芯与外壳的撞击力远大于笔所受重力、不计摩擦与空气阻力，重力加速度为g。求：（1）外壳与碰撞后瞬间的共同速度大小；（2）从外壳离开桌面到碰撞前瞬间，弹簧做的功；（3）从外壳下端离开桌面到上升至h2处，笔损失的机械能。（1）设碰后共速为a?,则碰后机械能守恒:（4m+m）g（h-h）二（4m+m）v2-0，得匕二（闵一松）212（2）设碰前外壳的速度为v,则碰撞过程动量守恒：14mv=（4m+m）v，将v代入得耳=才J近他!-松）12212由动能定理将v代入得甲二1-9h1由能量守恒得：E产(4m)V2(4m+m)v2，将v、v12122，代入得兔=

19、二吨昆-知19、如图所示，水平传送带AB长L=83m,质量M=1kg的木块随传送带一起以v=2m/s的速度向左运动（传送带的速度恒定1不变），木块与传送带间的摩擦因数“=0.5当木块运动到传送带最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以v=300m/s水o平向右的速度正对入射木块并穿出，穿出速度为v=50m/s，以2后每隔1s就有一颗子弹射向木块.设子弹与木块的作用时间极短，且每次射入点不同，g=10m/s2求：(1)在木块被第二颗子弹击中前木块向右运动离A点的最大距离.(2)在被第二颗子弹击中前，子弹、木块、传送带这一系统所产生的热能是多少?莎h_i/木块在传送带上最多能被多少颗子弹击中；(

20、1)第一颗子弹射入木块过程中动量守恒mvMV=mv+012TOC o 1-5 h zMV/1解得：吋=3m/s木块向右作减速运动加速度m/s2木块速度减小为零所用时间九诗解得t=0.6s1s1所以木块在被第二颗子弹击中前向右运动离A点最远时，速度为零，移动距离为12aTOC o 1-5 h zs=0.9m.i（2）第一颗子弹击穿木块过程中产生的热量为:2221Q二匚mv2+=Mv2一匚mV2一匚Mv/210121木块向右减速运动过程中相对传送带的位移为：S=vt+s111产生的热量为Q=mMgs2木块向左加速运动过程中相对传送带的位移为:s=vt2-S222向左移动的位移为s=at2产生的热量

21、为22=0.4mQ3沖在第二颗子弹击中前,系统产生的总内能为：Q=Q+Q+Q123=872.5J+10.5J+2J=885.0J.在第二颗子弹射中木块前,木块再向左做加速运动,时间t2=1S-0.6S=0.4s速度增大为V二at=2m/S（恰与传送带同速）22）向左移动的位移为s283m,木块将从B端落下0.9m+7.5所以木块在传送带上最多能被十六颗子弹击中2、如图所示，光滑的水平面上有mA=2kg,mB=mc=1kg的三个物体，用轻弹簧将A与B连接.在A、C两边用力使三个物体靠近，A、B间的叵回二.二鸟弹簧被压缩，此过程外力做功72J，然后从静止开始释放，求：（1）当物体B与C分离时，B对

22、C做的功有多少？（2）当弹簧再次恢复到原长时，A、B的速度各是多大？（D释旗后，在弹簧恢复原长的过程中呂和c和一起向左运动，当弹簧恢复原长后吕和C的分离，所以此过程E；对U做功.选取入ELC为一个系统，在弹簧恢复原长的过程中动量守恒取向右为正向）=（tiava-（me+mc）vc=O.棍据系统能量守叵；（mB+mcvc2=EP=W=72J则日对C的功：W=lmcvc2.莊立并代入数据得：vA=vc=6m/ssW=18J.C2）取A.El为研究系统根据动童守恒取向右为正向）得！mAVA-mBvc=mAVA+mBvc棍据系统能壘守恒得;lmAvA2+lmBvc2=lmA/訝m日/当弹簧恢复到原长时

23、入日的速度分别黄：vA=VB=6m；5Va=-2m/5,V0=Wm/5.赁号表示速度方向与正方向相克即向左.21、如图所示，一个带斜面的物体A静止在光滑的水平面上，它的质量为M=05kg另一个质量为m=0.2kg的小物体B从高处自由下落，落到B的斜面上，下落高度为h=1.75m与斜面碰撞后B的速度变为水平向右，碰撞过程中A、B组成的系统的机械能没有损失(计算时取g=10m/s2)(1)碰后A、B的速度各多大？29 (2)碰撞过程中A、B的动量变化量各多大?解：(1)我们规定向右为正方向，设碰后A的速度大小是vA水平方向动量守恒：Mv+mv=0，TOC o 1-5 h zAB由能量守恒：mgh=

24、mv2/2+Mv2/2BAv=-mv/M=-2m/sv=5m/s。(负号表示方向向ABB左)(2)碰撞过程中A的动量变化量是Ap=MV=Tkgm/s,其中负号代表方向向左。AA由于B的初、末动量不在同一直线上，根据平行四边形定则，初动量大小为mvw=o2Tkgm/s=1.2kgm/s,方向竖0直向下，末动量大小为mvB=1kgm/s，方向水平向右，动量变化量的大小为：Ap二朋J昭+咗=02丽kgm/s=1.5Bkgm/s,方向斜向右上，与水平方向夹角为0=arctan（Vo/VB）=553。22、质量为M的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小球用细绳吊在小车上O点，将小球拉至水平位置A点静止

25、开始释放（如图所示），其中0A的长为L求小球落至最低点时速度多大？（相对地的速度） V2 设小球最低点E屮目对于地的速廩大小为J小车工目对于地的速度大沖丸、取向右方向为正方向，以小车和小球组成的靠銃为研宛对蒙，根据系统水平方向动亘守恒走律得：rnv-MV=O根据丢统的机帳能守亘得：mgL=mv2+jMV2联立殴上两弍醉得小二“如也M+m23、如图5-5所示，质量为M的天车静止在光滑轨道上，下面用长为L的细线悬挂着质量为m的沙II箱，一颗质量为m0的子弹，以v0的水平速度射入沙箱，并留在其中，在益占以后运动过程中，求：沙箱上升的最大高度（1）子弹打入沙箱过程中动量守恒濒令芒吕=額令+稲勺摆动过程

26、中，沙箱到达最大高度时系统有相同的速度，设为，子弹、沙箱、天车系统水平方向动量守恒：和s+用A;=和十駅+迩込机械能守恒：1.1=(?i5嫩三食于汗；陶4柬忽期托=痢黠惑联系可得：匚-二：-二-二壬 24、如图所示，坡道顶端距水平面高度为h质量为m的小物i块A从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M处的墙上，另一端与质量为m的档板相连，弹簧处于原长时，B2恰好位于滑道的末端0点。A与B碰撞时间极短，碰撞后结合在一起共同压缩弹簧。已知在0M段A、B与水平面间的动摩擦因数为“，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g，求1）物块A在档板B碰

27、撞瞬间的速度v的大小；2）弹簧最大压缩时为d时的弹性势能E（设弹簧处于原长时弹性势能为零）p解：（1）由机械能守恒定律，有v=（2）A、B在碰撞过程中内力远大于外力，由动量守恒：叫卩二附+嗨A、B克服摩擦力所做的功仍二皿叫+阳）齟1鸟由能量守恒定律：解得gh-+m2)gd圆质A25、（201135）（18分）如图所示，光滑水平面右端B处平滑连接一个内壁光滑的竖直放置的半轨道，轨道半径比细管内径大得多。量为M=009kg的小球（略小于细管内径）静止在A点，一颗质量为m=001kg的子弹以V0=100m/s的水平速度从左边沿球心射入并留在小球中，已知轨道半径R=09m。求：（1）子弹射入小球后的速度;（2）小球到达C点时的速度;（3）试通过计算判断在C点时轨道对小球弹力的方向?35.18分）解：（1）对子弹和和小球组成的系统，由动量守恒定律得mvo=（M+in）v（4分）O.OklOO.、.、T=IH：5=10/5心分）（3+血）0.09+0.01（2）由B到C很据动能定理，有1?1.（X+m）g2R=-（M+川）廿-（M+诃T（3分）T.二Jy?4gR二J10一斗x10 x0.9川/冷二帥3分）（3）经C点时，根据牛顿第二定律，君（X+）g=（X+川）上（2分）得：=/gR=710 x07/;/j=2nd55卩和C2）在8点帽平楠运动的連度