《ks5u解析》福建省厦门市20172018学年高一上学期期末考试质量检测物理试题 word版含解析

1、福建省厦门市2017-2018学年度高一第一学期期末质量检测物理试题一、单项选择题： 1. 理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律。以下实验中属于理想实验的是A. 验证平行四边形定则 B. 伽利略的斜面实验C. 用打点计时器测物体的加速度 D. 利用自由落体运动测定反应时间【答案】B【解析】试题分析：平行四边形法则的科学探究属于等效替代，故A错误；伽利略的斜面实验，抓住主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地反映了自然规律，属于理想实验，故B正确；用打点计时器测物体的加速度是在实验室进行是实际实验，故C错误；利用自由落体运动测定反应时间是实际进

2、行的实验，不是理想实验，故D错误故选B考点：理想实验2. 下列物理量中都是矢量的是A. 速度、位移 B. 路程、加速度 C. 速率、力 D. 时间、质量【答案】A【解析】A、位移、速度是既有大小，又有方向的矢量故A正确B、加速度是既有大小，又有方向的矢量，而路程是只有大小，没有方向的标量故B错误C、力是既有大小，又有方向的矢量，速率是速度的大小为标量故C错误D、质量和时间是只有大小，没有方向的标量故D错误故选A【点睛】矢量(位移，速度，加速度，力)是既有大小，又有方向的物理量，而只有大小，没有方向的物理量是标量(时间，质量，路程)3. 2017 年9月21日上午7：00，首趟时速350公里的G

3、5次“复兴号”动车组，从北京南站出发驶向上海虹桥站，京沪两地约1100公里的行程最快用时仅为4小时28分，大大缩短了运行时间，该车是我国完全自主研发，这进一步展示了我国在高铁技术方面领先全球。根据上面材料，下列说法正确的是A. 2017 年9月21日上午7：00，指的是时间B. 约1100公里指的是动车从北京到上海的位移大小C. 时速350公里相当于每秒钟行驶约97.2米的路程D. 研究动车组从北京到上海的运动轨迹，动车组不可视为质点【答案】C【解析】A、上午7：00对应时间轴上的点，指的是时刻故A错误；B、约1100公里指的是动车运动的轨迹，是从北京到上海的路程故B错误；C、时速350公里相

4、当于每秒钟行驶约：的路程故C正确；D、在计算“复兴号”从北京南站到上海站的运行轨迹时，“复兴号”的大小相对于运动的轨迹可以忽略不计，可将它看成质点故D错误；故选C.【点睛】可视为质点的运动物体有以下两种情况：(1)运动物体的形状和大小跟它所研究的问题相比可忽略不计，如研究地球绕太阳的公转，可把地球当作一质点(2)做平动的物体，由于物体上各点的运动情况相同，可以用一个点代表整个物体的运动4. 某同学描绘出小车做直线运动过程中的v-t图象如右图所示，则下列分析正确的是A. 小车在3s内做匀加速直线运动B. 小车第2s内的加速度是第1s内的加速度的2倍C. 小车3s内的平均速度大小为4m/sD. 小

5、车3s内的位移是14m【答案】D【解析】A、根据速度图象的斜率等于加速度，知0-1s内和1-3s加速度不同，所以小车在3s内做变加速直线运动故A错误B、小车第2s内的加速度是，小车第1s内的加速度是=4m/s2，则知小车第1s内的加速度是第2s内的加速度的2倍，故B错误C、D、小车3s内的位移是，平均速度为，故C错误，D正确故选D.【点睛】理解速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移5. 下列关于单位制的说法中，正确的是A. 在国际单位制中，力学的三个基本单位是长度单位m、时间单位s、力的单位NB. 长度是基本物理量，其单位m、cm、mm都是国际单位制中

6、的基本单位C. 由a=F/m可得到力的单位1N=1kgm/sD. 根据单位制运算，v2/R (v指速度，R指半径)的单位是m/s【答案】D【解析】A、在国际单位制中，力学的三个基本单位是长度单位m、时间单位s、质量的单位kg；力的单位牛顿不是国际单位制中的一个基本单位，故A错误；B、在国际单位制中，长度的单位中，m是基本单位，cm与mm是非国际单位制中的基本单位故B错误；C、由可得到力的单位1N=1kgm/s2故C错误；D、根据单位制运算，（v指速度，R指半径）的单位是m/s2，故D正确故选D。【点睛】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单

7、位6. 如图所示，在水平路面上做匀变速直线运动的汽车中，轻绳悬挂一质量为m的小球，悬线与竖直方向稳定偏离角，重力加速度为g，则下面说法正确的是A. 小车一定向右加速运动B. 小车一定向左加速运动C. 小车的加速度为gsin，方向水平向右D. 小车的加速度为gtan，方向水平向右【答案】D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况如图所示：由牛顿第二定律得：mgtan=ma，得a=gtan，方向水平向右；小车的速度可能向右，也可能向左，所以小车可能向右做加速运动，也可能向左减速运动故选D.【点睛】本题关键是分析受力情况，确定合力的来源要注意小球的合力一定水平向右7. 杂技表演魅力无穷，给人美的视觉享

8、受，两位同学在观看空中吊绳表演时，关于吊绳拉着演员在竖直方向运动时的物理问题展开讨论，下列说法中正确是A. 在向上匀速运动时，吊绳对演员的拉力大于演员的重力B. 在向上加速运动时，吊绳对演员的拉力大于演员的重力C. 在向上匀速运动时，吊绳对演员的拉力大于演员对吊绳的拉力D. 在向上加速运动时，吊绳对演员的拉力大于演员对吊绳的拉力【答案】B【解析】A、向上做匀速直线运动时，演员处于平衡状态，吊绳队演员的拉力等于演员的重力故A错误；B、在向上加速运动时，吊绳队演员处于超重状态，绳子的拉力大于演员的重力故B正确；C、D、吊绳队演员的拉力与演员对吊绳的拉力是一对作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反

9、故C，D错误；故选B.【点睛】本题考牛顿第二定律和牛顿第三定律，要注意明确作用力和反作用力与平衡力的区别，知道作用力和反作用力作用在两个物体上，不能进行合成8. 如图所示，质量为m的光滑小球A被一轻质弹簧系住，弹簧另一端固定于水平天花板上，小球下方被一梯形斜面B托起保持静止不动，弹簧恰好与梯形斜面平行，已知弹簧与天花板夹角为30，重力加速度为g=10 m/s，若突然向下撤去梯形斜面，则小球的瞬时加速度为A. 0B. 大小为10 m/s，方向竖直向下C. 大小5m/s，方向斜向右下方D. 大小5 m/s，方向斜向右下方【答案】C【解析】小球原来受到重力、弹簧的弹力和斜面的支持力，斜面的支持力大小

10、为：N=mgcos30；突然向下撤去梯形斜面，弹簧的弹力来不及变化，重力也不变，支持力消失，所以此瞬间小球的合力与原来的支持力N大小相等、方向相反，由牛顿第二定律得：mgcos30=ma，得： m/s2，方向斜向右下方，故选C.【点睛】本题是瞬时加速度的问题，关键要抓住弹簧的弹力不能突变，运用合成法分析二、多项选择题： 9. 如图所示，两段等长的轻质细线L1和L2串接着两个质量相等的小球a、b，悬挂于0点。其中L1对a球的拉力大小为T1，L2对b球的拉力大小为T2。现对小球a施加一水平向右的力F缓慢拉动a，在这过程中，几个力的变化情况是A. T 变小 B. F变大 C. T2变小 D. T2不

11、变【答案】BD【解析】对b球受力分析，根据平衡条件有：T2=mbg，故T2不变；对a球受力分析，运用合成法有：当绳子向右拉动，绳子与竖直方向夹角变大，如图中粗虚线所示，由上图可以看出T1变大，F变大，故B,D正确，A,C错误，故选BD.【点睛】判断T1的大小变化属于力的动态分析，可以用图解法也可以用函数法10. 如图所示，有一劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在倾角为的光滑斜面的底端，一个质量为m的物块从弹簧上方由静止开始沿斜面下滑，则物块从开始下滑到最低点的过程中(已知重力加速度为g)A. 物块加速度先不变，再减小，最后增大B. 当物块接触挤压弹簧后，就开始做减速运动C. 当mgsin=kx时(

12、x为弹簧压缩量)，物块速度达到最大值D. 物体下滑到最低点时速度和加速度都为0【答案】AC【解析】A、物块在碰触弹簧后做匀加速运动，加速度不变接触弹簧后，重力沿斜面向下的分力先大于弹簧的弹力，加速度沿斜面向下，做加速运动随着弹力增大，合力减小，加速度减小，当弹力大于重力沿斜面向下的分力时，加速度沿斜面向上，随着弹力增大，合力增大，加速度增大，所以物块加速度先不变，再减小，最后增大故A正确B、当物块接触挤压弹簧后，开始阶段做加速运动，故B错误C、当物块的合力为零时，即mgsin=kx时，速度达到最大值，故C正确D、物体下滑到最低点时速度为零此时弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力，合力不为零，加速

13、度不为零，故D错误故选AC。【点睛】本题属于动态分析类型的题目，要注意通过受力分析与受力分析的方程来说明物体受到的合力的变化，进而说明物体的加速度的变化与速度的变化关系11. 如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角为，皮带在电动机的带动下，可用来传送货物。已知转轮与皮带之间无相对滑动，转轮不转动时，一个物块从皮带顶端A点由静止释放做匀加速运动下滑到皮带底端B点所用的时间为t，则A. 当转轮顺时针匀速转动时，物块在传送带上可能先做匀加速运动后做匀速运动B. 当转轮顺时针匀速转动时，物块从顶端由静止滑到底端所用时间一定小于tC. 当转轮逆时针匀速转动时，物块从顶端由静止滑到底端所用时间等于tD. 当

14、转轮逆时针匀速转动时，物块从顶端由静止滑到底端所用时间可能大于t【答案】BC【解析】A、B、D、传送带不动物体下滑时，物体受到的滑动摩擦力沿斜面向上，故加速度为： ;当转轮顺时针匀速转动时，开始时物块受到沿斜面向下的摩擦力，加速度为：，物块先做匀加速运动速度增加到与传送带相同时，由于mgsinmgcos，物块继续向下做匀加速运动，加速度为：；由于位移不变，故由A滑到B的时间小于t，故A,D错误，B正确；C、当转轮逆时针匀速转动时，物块的受力情况与皮带静止时相同，运动情况也相同，所以物块从顶端由静止滑到底端所用时间等于t，故C正确故选BC.【点睛】本题判断摩擦力的方向是重点，应能注意根据物体与传

15、送带间的相对运动关系确定物体受摩擦力的方向，来分析物体的运动情况12. 甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，以该时刻作为计时起点，得到两车的位移一时间(x-t)图像，其中过甲图像的0点做的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是A. 0t1时间内，甲车的瞬时速度始终小于乙车的瞬时速度B. t1t3时间内，甲车的瞬时速度始终小于乙车的瞬时速度C. t3时刻之前甲车从后方追上乙车D. 甲乙两车相遇前，t1时刻两车相距最远【答案】ACD.【点睛】本题要求同学们能根据图象读出有用信息，知道位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，两图象相交

16、表示相遇三、探究实验题： 13. 在验证力的平行四边形定则的实验中，某同学用两把弹簧测力计将橡皮筋的结点拉到O点，并记录下读数F1=2.40N，方向沿OP；读数F2=3.00N，方向沿OP2。(1)请在图中根据所给的标度做出力F1、F2的力的图示_；(2)用作图法求出F1、F2的合力F=_N(保留两位小数)。【答案】 (1). (1) 如图： (2). 3.904.60【解析】(1)根据图示法作出力F1、F2的力的图示，如图所示:(2)根据平行四边形定则作出合力，如图，可知合力的大小大约为F=3.90N(3.90N4.60N)【点睛】本题考查验证平行四边形定则的实验，要注意正确解答实验问题的前

17、提是明确实验原理，了解具体操作和有关数据处理的方法以及误差分析，同时要熟练应用所学基本规律来解答实验问题14. 某研究性学习小组分别用如图甲所示的装置进行以下实验：“探究加速度与合外力的关系”。装置中，小车质量为M，沙桶和沙子的总质量为m，通过改变m 来改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a 可由打点计时器和纸带测出。现保持小车质量M不变，逐渐增大沙桶和沙的总质量m 进行多次实验，得到多组a、F值(F为弹簧秤的示数)。(1)为了减小实验误差，下列做法正确的是_。A.先释放小车，后接通打点计时器的电源B.平衡摩擦力时纸带应穿过打点计时器C.应选用质量足够小的轻绳并减小滑轮的摩擦D.沙桶和沙的总

18、质量要远小于小车的质量(2)下图为实验中打下的一条纸带，纸带中每两个计数点间还有四个计时点未画出，打点计时器的频率为50Hz，测量得到AC=2.30cm，AE=7.20cm则小车的加速度a=_m/s(保留两位有效数字)。(3)某同学根据实验数据以a为纵坐标，F为横坐标，画出了如图所示的一条倾斜直线，由图象可求得小车质量为_kg，图线未过原点的原因可能是_。【答案】 (1). (1) BC (2). (2) 0.65 (3). (3) 0.5 (4). 木块垫太高、平衡摩擦过度或倾斜角过大【解析】(1)本实验中弹簧秤的示数即为绳子的拉力，不需要用砂和砂桶的总重力代替绳子拉力，所以不需要保证砂和砂

19、桶的总质量远小于小车的质量，但滑轮摩擦和绳子的重力会影响示数，所以滑轮摩擦足够小，绳的质量要足够轻，实验前要对装置进行平衡摩擦力的操作，以保证小车所受合外力恰好是绳子的拉力，实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时平衡摩擦力时纸带应穿过打点计时器，故B,C正确，A,D错误故选BC(2)纸带上面每打一点的时间间隔是0.02s，且每两个记数点间还有四个计时点未画出，T=0.1s根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可得：.(3)对小车分析，应有F=ma，解得：,因此图线的斜率等于小车质量倒数，那么小车的质量,图线未过原点的原

20、因可能是木块垫得太高，导致倾斜角过大，或平衡摩擦力过度【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，能利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力四、计算题： 15. 将一劲度系数k=100N/m的轻质橡皮筋的上端固定在天花板上0点，在其下端A点用细线悬挂重为8N的木块。在A点施加一水平向右的拉力F，使橡皮筋与竖直方向成37，并保持静止。(sin37=0.6，cos37=0.8)求：(1)所加外力F的大小；(2)此时橡皮筋的伸长量x。【答案】（1）6N（2）0.1m【解析】(1)对A点受力分析如图

21、所示：得： 解得： (2)对A点受力分析得： 代入数据得： 由胡克定律：得： 【点睛】胡克定律和平衡条件的应用，解题的关键是找出对应的拉力大小，再代入胡克定律计算，计算时要注意各量的单位16. 酒后驾车严重威胁公共交通安全。若将驾驶员从视觉感知前方危险到汽车开始制动的时间称为反应时间，将反应时间和制动时间内汽车行驶的总距离称为感知制动距离。科学研究发现，反应时间和感知制动距离在驾驶员饮酒前后会发生明显变化。一般人正常驾车的反应时间为t0=0.5s，在一次酒驾的测试中，志愿者少量饮酒之后驾车以v1=72km/h的速度在试验场水平路面上沿直线做匀速运动，从发现制动信号到最终停下来，其整个感知制动距

22、离为s=53m。通过查阅志愿者所驾车型资料，得知该汽车从v2=28m/s制动减速到零所需时间为t2=3.5s，求：(1)该汽车制动过程中的加速度a的大小?(2)饮酒之后志愿者的反应时间是多少?【答案】（1）8m/s2（2）1.4s 【解析】(1)汽车的加速度大小： (2) 设物体的制动距离为S1，则 反应距离为 设志愿者反应时间为t1则 解得: 【点睛】解决本题的关键知道在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，结合运动学公式灵活求解17. 在研究摩擦力特点的实验中，将木块放在水平桌面上，如下图甲所示，沿水平方向施加拉力F，大小从0开始逐渐增大，分别用力传感器采集拉力F和木块所受到的摩擦力f，并用计算机绘制出摩擦力f随拉力F的变化图象，如图乙所示，已知木块质量m=0.5kg。(g=10m/s，sin37=0.6，cos37=0.8)求：(1)木块与水平桌面间的最大静摩擦力；(2)木块与水平桌面的动摩擦因数；(3)若木块在与水平方向成370角斜向右上方的恒定拉力F=5N作用下，由静止开始运动，如图丙所示。求0.5s末木块的速度大小。【答案】（1）3.24N（2）0.6（3