甘肃省庆阳市综合物理（word+扫描）解析

1、2013年甘肃省庆阳市中考理科综合试题物 理 部 分考生注意：本试卷分第卷、第卷共两部分，试卷共6页，全卷29题，满分100分。题 号一二三总分得 分一、选择题(本大题共l 2小题，每小题3分，共36分。每小题给出的四个选项中只有个符合题意。请将答案标号填在答题卡的选择题答题表中)1如图所示，用悬挂着的的乒乓球接触正在发声的音叉，乒乓球会多次被弹开。这个实验是用来探究（）A声音能否在真空中传播B声音产生的原因C音调是否与频率有关D声音传播是否需要时间【解题思路】本题是把音叉的振动转化为轻质小球的运动，这样可以把音叉的微小振动进行放大。解析：正在发声的音叉将乒乓球多次被弹开，说明音叉在振动，从而

2、说明声音是由音叉的振动产生的，因此，本探究实验是研究声音产生原因的。答案：B点评：本题主要考查学生对声音产生的是由于物体的振动产生的了解，以及物理学法中的转换法的应用。2如图所示为海波的熔化图象，从图象中获得的信息说法正确的是（ ）A海波的沸点是48B海波在BC段吸收了热量C海波在CD段是气态D6min时海波已全部熔化【解题思路】海波固态时，吸收热量温度升高。达到熔点，继续吸收热量，海波熔化，温度保持不变，这个不变的温度是熔点。当海波全部熔化，不断吸收热量，温度不断升高。解析：海波在AB段是固态；B点是固态；在BC段是固液共存；C点是液态；在CD段是液态。海波熔化过程中，温度保持不变，这个不变

3、的温度是海波的熔点，熔点是48。答案：B点评：能从晶体熔化图象和凝固图象上，读出各段和各点的状态、熔化时间、凝固时间等。3下列装置中应用电磁感应原理工作的是（ ）A发电机 B电磁继电器 C电热器 D直流电动机【解题思路】电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。解析：发电机的工作原理是电磁感应现象，A符合题意；电磁继电器是利用电磁铁控制电流的开关，电磁铁的工作原理是电流的磁效应；电热器的工作原理是电流的热效应；直流电动机的工作原理通电线圈在磁场中受力转动。因此，B、C、D都不符合题意。答案：A点评：请记住这几个工作原理并记住课本上有关插图。4下列生活

4、实例中，为了增大有益摩擦的是（ ）A给自行车轴加润滑油B移动重物时，在它下面垫上钢管C在机器的转动部分装滚动轴承D车轮上刻有凸凹不平的花纹【解题思路】要增大有益的摩擦，就要从增大摩擦的办法：增大压力、增加接触面的粗糙程度、变滚动摩擦为滑动摩擦来入手，将选择项中的方法与上述办法来对应，即可得到答案。解析：给自行车轴加润滑油是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故A选项不符合题意；移动重物时，下面垫钢管是将重物与地面的滑动摩擦变为滚动摩擦，从而减小摩擦，故B选项不符合题意；机器的转动部分装滚动轴承，使相对运动的接触面之间由滑动摩擦变为滚动摩擦，从而减小了摩擦，故C选项不符合题意；车轮上刻有花纹，是

5、为了增加接触面的粗糙程度，从而可以增大摩擦，故D选项符合题意。答案：D点评：摩擦在人类的生活中根据其对人类的作用，分为两类，即对人们有益的摩擦和有害的摩擦，如何增大有益的摩擦和减小有害的摩擦是经常考查的知识点。5医务人员工作时采取的许多措施和使用的器材中，包含着许多物理知识，有关下列说法正确的是（）A医生用听诊器接听患者心跳和呼吸声音，能升高音调B注射时针筒能抽取到药液，是因为药液受到针筒的吸引力作用C喷洒消毒液后，过一会儿病房里闻到消毒液的气味，这是扩散现象D医生夹取消毒棉擦伤口的镊子是省力杠杆【解题思路】利用听诊器可以减少声音的发散，可以增大声音的响度；注射器抽取药液是利用大气压来完成的；

6、两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；分析镊子在使用时动力臂和阻力臂的关系得出结论。解析：听诊器是让病人的心跳声和呼吸声通过橡胶管中的空气来传播的，减少了声音的发散，增大了声音的响度；注射器抽取药液是利用大气压，在大气压的作用下将药液压入注射器内；我们闻到了消毒水的气味，是因为消毒水的分子扩散到了空气中，进入我们的鼻子引起嗅觉；镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。答案：C点评：这样的题目对学生的知识点要求比较高，考查了学生的综合能力。四个选项逐一排查、分析后，才能够得出正确答案。这也是中考的常见题型，难度不大，但是考查的知识面广泛。6如图所示是A、B两种物质的质量m与体积V的关系

7、图象。由图象可知，A、B两种物质的密度A、B和水的密度水之间的关系是（ ）AB水ABBA水CA水BD水AB【解题思路】题目提供的是甲、乙两种物质的质量m与体积V的关系图象，当体积V20cm3时甲的质量是40g，乙的质量是5g，利用密度公式求出甲乙物体的密度，再判断。解析：如图，当体积V20cm3时甲的质量是40g，乙的质量是5g，A2g/cm3水；B0.25g/cm3水。所以A水B。答案：C点评：本题考查了密度的计算，能从mV图象得出当体积V20cm3时甲的质量是40g，乙的质量是5g是本题的关键。7园艺师使用如图所示的剪刀修剪树枝时，常把树枝尽量往剪刀轴O处靠近，这样做的目的是为了（）A增大

8、阻力臂，减小动力移动的距离B减小动力臂，减小动力移动的距离C增大动力臂，省力D减小阻力臂，省力【解题思路】把树枝尽量往剪刀轴处靠近，减小了阻力臂，在阻力、动力臂一定的情况下，由杠杆的平衡条件可知，减小了动力，将更省力。解析：把树枝尽量往剪刀轴处靠近，减小了阻力臂l2，而动力臂l1和阻力F2不变，因为F1l1F2l2所以F1将变小，即省力。答案：D点评：灵活运用杠杆的平衡条件分析有关杠杆的实际做法，多积累，能恰当的使用好杠杆（省力或省距离）。8如图所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的现象是（ ）A灯泡变暗，电压表示数变大B灯泡变亮，电压表示数不变C电压表示数不变，电路消耗

9、的总功率变小D电压表示数变大，电路消耗的总功率变大【解题思路】对同一个灯泡来说分析通过灯泡的电流大小即可得到灯泡的实际功率的变化，知道其明暗程度；该电路中电压表测的是总电压，即电源电压，所以示数不变，据此可以排除A和D答案；电路消耗的总功率也可以根据PUI，I得出P得出总功率的变化情况。 解析：这个电路为串联电路，滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值R总R滑R灯，R总阻值也增大，根据欧姆定律I可以知道I减小，则灯泡实际功率P灯减小，灯泡变暗，据此可以排除答案B，该电路中电压表测的是总电压，即电源电压，所以示数不变，据此可以排除A和D。由PUI可知电路消耗的总功率变小。答案：C点评：

10、本题用排除法比较简洁，根据电压表测总电压示数变排除A和D，根据灯的实际功率P灯I2R灯，滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值R总R滑R灯，R总阻值也增大，I减小，可以知道P灯减小，灯泡变暗，排除B，从而轻松选择出C来，且由PUI可知电路消耗的总功率变小。比较选项正确的答案。9小明同学在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住乒乓球。然后从漏斗口向下用力吹气，并将手指移开，如图所示。那么以下分析正确的是（）A球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大B球不会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小C球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变大D球会下落，因为其上方气体流速增大，压强变小【解

11、题思路】流动的气体和液体都称为流体，流体流速大压强小。解析：当用力吹漏斗时，气流从漏斗的壁快速流出，速度比较大，乒乓球的上部气流流速大，压强比较小，乒乓球的下部受到的大气压是不变的，托着乒乓球不会掉下来。答案：B点评：掌握流体的流速和压强的关系，并能解释有关的问题。10如图所示为条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，则甲、乙、丙、丁的极性依次是（ ）AS、N、S、S BN、N、S、N CS、S、N、NDN、S、N、N 【解题思路】根据安培定则可以确定电磁铁的N、S极，然后利用磁感线的特点即可确定永磁体甲、乙的N、S极。解析：根据图示的线圈绕向和电流从左端流入，右端流出，结合安培定则从而可以确定电磁

12、铁的右端为S极，左端为N极。在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流向S极，所以永磁体甲的右端为S极；根据磁感线的形状可知，两者相斥，是同名磁极，所以永磁体丁的左端为S极。综上分析，故选A。答案：A点评：利用安培定则来确定电磁铁的N、S极是解决此题的突破口。11一长方体铁块按图所示，从下表示与流露刚刚接触时下放至图中虚线位置。能大致反映铁块下降过程中所受浮力的大小F浮与铁块下表面浸入液体深度h深关系的图象是（）【解题思路】首先我们要学会分析图象，知道一个物理量随着另外的一个物理量怎样变化，A图说明浮力随深度增加而减小，B图说明开始浮力随深度的增加而增大、后来与深度无关，C图说明浮力先不变再变大，D图

13、说明浮力随深度增加而增大；然后，根据我们所学过阿基米德原理F浮G排液gV排，我们知道浮力的大小与液体的密度和物体浸入液体体积的大小有关，与物体浸没在水中的深度无关。我们一定要注意是“浸没”，当物体从开始浸入水中到完全浸入水中即浸没的过程中，物体排开液体的体积在逐渐变大，液体密度不变，所以浮力是变大的。而当物体浸没以后，再向水中下沉的时候，物体排开液体的体积不再发生变化，所以浮力是不变的。解析：当物体从开始浸入水中到完全浸入水中即浸没的过程中，物体排开液体的体积在逐渐变大，液体密度不变，因为F浮液gV排，所以物体受到的浮力变大；而当物体浸没以后，再向水中下沉的时候，物体排开液体的体积不再发生变化

14、，所以物体受到的浮力不变。由此可知物体受到的浮力先变大后不变。答案：B点评：本题主要考查的是浮力的大小与物体排开液体体积的关系，能确定物体浸没水中后排开水的体积不变是本题的关键。12某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“20lA”，灯泡L标有“2.5V1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C灯泡的最小功率是0.162WD该电路的最大功率是2.25W【解题思路】从图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，

15、电压表与滑动变阻器并联，为了不损坏电路元件，根据串联电路电流的特点，应该选取通过灯泡L与通过滑动变阻器额定电流相比较，得出电路中的最大电流，通过灯泡L的电流可利用公式IL计算，并且此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，可利用公式R总计算总电阻，再利用公式RL计算灯泡的电阻，最后利用公式R小R总RL计算滑动变阻器接入电路中的最小阻值；为了不把电压表损坏，电压表的最大示数为3V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，利用公式ULUU大计算电压，再利用公式I小计算电流，最后利用公式R大计算电阻，灯泡的最小功率可利用公式P小LI小2RL计算；电路中的最大功率可利用公式P总大UI大计算。解

16、析：因为UL2.5V，PL1.25W，所以IL0.5A。滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，根据串联电路电流的特点，所以电路中的最大电流I大IIL0.5A。由于此时电流最大，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小，R总9。RL5。R小R总RL954；因为当电压表的示数最大为U大3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电流最小，所以ULUU大4.5V3V1.5V。再利用公式I小0.3A，最后利用公式R大10；所以电路中电流的变化范围是0.3A0.5A，滑动变阻器阻值的变化范围是410；灯泡的最小功率为P小LI小2RL（0.3A）250.45W；电路中的最大功率为P总大UI大4.5V0.5A2.25W

17、。答案：D点评：本题综合性较强，考查的内容较多，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串联电路的电压规律，电流规律，电阻规律，要用到电功率的一个变形公式：PI2R求解，需要注意的是：PI2R和P这两个公式在电功率计算题里要经常用到。二、填空题（本大题共11小题，每空1分，共25分）13我们家庭中电视机正常工作的电压为 V，它与家中其它用电器是 连接的（选填“并联”或“串联”）。【解题思路】知道家庭电路的电压是220V。家庭电路中各用电器是并联的。解析：家庭电路中的电压是220V，所以电视机正常工作的电压为220V。它与家中其它用电器是并联的。答案：220；并联点评：此题考查了家庭电路的电压

18、及各用电器的连接方式，是一道基础性题目。14工人只用一只动滑轮将重400N的木箱匀速向上提升，不计摩擦和滑轮重在此过程中，工人所用的拉力大小为 N，木箱的重力势能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。【解题思路】先确定滑轮为动滑轮，能够省一半的力，在不计摩擦和动滑轮重的情况下FG，根据重力势能的定义，解答第二个空就行。解析：FG400N200N，由于物体被提高，所以根据重力势能定义，它的重力势能将增加。答案：200N；增加点评：解答此类题要分清滑轮是定滑轮还是动滑轮，另外，对于机械能的定义要理解，特别是机械能的影响因素要牢记。15能源问题是现代社会发展的三大基本问题之一。能源家族中：煤炭、核

19、能、石油、天然气、水能、风能、地热能等，属于不可再生的是 ；不是直接或间接来自于太阳的是 。(填序号)【解题思路】从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。这些能源中有一些是直接或间接的来自太阳，而有一些不是来自太阳。来源于太阳能的有：由千万年以前的植物、动物尸体所变成的煤、石油、天然气等物质所含的能量也间接来自太阳能；生物能、水能、风能等也是太阳能的作用。解析：在上述能源中，煤炭、核能、石油、天然气属于不可

20、再生能源，而水能、风能、地热能是可再生能源；同时煤炭、石油、天燃气、水能、风能等是直接或间接的来自太阳，而对于核能和地热能不是来自太阳。答案：；点评：此题考查的是对可再生能源和非可再生能源的判断，是一道基础题。地球上的能源有三个来源：第一是来源于太阳能。由千万年以前的植物、动物尸体所变成的煤、石油、天然气等物质所含的能量也间接来自太阳能；生物能、水能、风能等也是太阳能的作用。第二是来自地球内部的能源，如地热能，地热能来源于地球自己。第三是太阳、月亮等星球对地球的万有引力所带来的能量，如潮汐能。16一千多年前，唐朝的大诗人李白曾感叹长江的壮美景观：“天门中断楚江开，碧水东流至此回，两岸青山相对出

21、，孤帆一片日边来。”从物理学的角度看，“两岸青山相对出”和“孤帆一片日边来”所选的参照物分别是 和 。【解题思路】作者从不同参照物的角度来分析物体的运动状态，需要从古诗句中体会作者的意思所在。解析：“两岸青山相对出”描述的是青山是运动的，参照物选择的是行驶的船，青山和船之间的位置发生了改变，所以是运动的。“孤帆一片日边来”描述的是船是运动的，参照物选择的是太阳，船和青山或江岸之间的位置发生了改变，所以是运动的。答案：船；太阳点评：本题考查参照物的选择和对物体运动状态的判断，需要对物体运动情况进行仔细分析。17吸钢笔水时，先用手捏笔胆排出里面的空气，松手后墨水在 的作用下进入笔胆，有些饮料瓶的塑

22、料盖的外缘有竖条纹，制作这些条纹的目的是 。【解题思路】钢笔吸墨水是利用了大气压的作用，而饮料瓶盖上的花纹则是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦。解析：钢笔吸墨水时，排出里面的空气，笔胆内气压小于外界大气压，墨水在大气压的作用下进入笔胆；饮料瓶盖上的花纹增大了接触面的粗糙程度，在压力相同时，摩擦力会增大，防止开盖时打滑。答案：大气压；增大摩擦点评：此题中利用生活中常见的两个实例考查了大气压的应用和增大摩擦力的方法，体现了物理与实际生活的紧密联系，提示我们应善于观察生活。18小明手中有一只白炽灯泡，上面标有“220V 100W”字样，说明这只灯泡正常发光时的电阻大小为 ，正常发光时实际功率为_W

23、；当通过它的电流大小为0.2A时，它消耗的实际电功率大小为 W。 【解题思路】根据P求出灯泡的电阻值；灯泡正常发光时的实际功率等于其额定功率；根据PI2R求出灯泡的实际功率。解析：灯上标有“220V100W”字样，表示灯泡的额定电压U额220V，额定功率P额100W，因为P，所以这只灯泡正常发光时的电阻：R484；灯泡正常发光时的实际功率等于其额定功率为100W。它消耗的实际电功率：P实I实2R（0.2A）248419.36W。答案：484；100；19.36点评：此题主要考查的是学生对电阻、电功率计算公式和额定功率、实际功率的理解和掌握，注意电功率变形公式的熟练运用是解决此题的关键。19茶壶

24、盖上的小孔使壶内的茶水容易流出，这是因为“小孔”使壶身和壶嘴构成了一个 ，泡茶要用滚烫的开水，因为分子运动的快慢与 有关。【解题思路】茶壶的壶身和壶嘴顶端开口，底部相连通，符合连通器的结构特征；分子运动的快慢与温度有关。解析：壶身和壶嘴构成连通器；温度越高，扩散得越快，分子运动越剧烈，也就是运动越快。答案：连通器；温度点评：知道连通器的结构特征，能认出生活中的连通器。20如图所示，将重为5N的木块放入烧杯中，静止时木块所受浮力的大小为 N，方向为 。放入木块后，烧杯底部所受水的压强比原来 （填“变大”、“变小”或“不变”）。【解题思路】木块漂浮在水面上，静止时受到的浮力和重力是一对平衡力，大小

25、相等、方向相反，而重力的方向竖直向下，据此求出受浮力大小和浮力方向；放入木块后，木块排开了一定体积的水，使烧杯中的水的水位升高（水深变大），根据公式pgh可知容器底所受压强的变化。解析：因为木块漂浮，木块受到的浮力：F浮G5N，浮力方向竖直向上；放入木块后，水的深度h变大，因为pgh，所以容器底所受压强变大。答案：5；竖直向上；变大点评：本题考查了浮力的大小和方向以及液体压强的大小分析，利用好漂浮条件和阿基米德原理，最容易出错的是浮力的方向：是竖直向上，不是垂直向上！ 21如图所示电路中，电源电压为3V且保持不变，小灯泡L的规格为“6V 3.6W”，滑动变阻器的最大阻值R20。当开关S闭合后，

26、在滑动变阻器的滑片由A端移动到B端的过程中，电流表示数的变化范围是 ，灯的实际电功率变化范围是 。(假定灯丝电阻不受温度影响).【解题思路】由题意可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律和PI2R可知，当滑片P处于A端时电路中的电阻最小，电路中的电流最大，灯泡的实际功率最大；当滑片P处于B端时电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的实际功率最大。解析：灯泡的电阻为RL10；当滑片P处于A端时，电路为灯泡L的简单电路，电路中的最大电流为I最大0.3A，灯泡的最大实际功率为P最大I最大2RL（0.3A）2100.9W；当滑片P处于B端时，电路为灯泡L和滑动变阻器的最大阻值串

27、联，电路中的电流最小为I最小0.1A，灯泡的最小实际功率为P最小I最小2RL（0.1A）2100.1W，所以在滑动变阻器的滑片由A端移动到B端的过程中，电流表示数的变化范围是0.3A0.1A，灯L的实际电功率变化范围是0.9W0.1W。答案：0.3A0.1A；0.9W0.1W点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用；关键是电路中最大和最小电流、灯泡实际电功率的判断。三、作图和实验探究题（本大题有5小题，每图2分，每空1分，共20分）22（4分）按照题目要求作图：如图所示重为3N的玩具小车沿斜面向上运动，请作出小车所受重力的示意图。如图所示杠杆OBA处于平衡状态，请分别画出F1

28、的力臂L1和F2的力臂L2。 【解题思路】（1）根据重力的方向总是竖直向下的；大致确定出小汽车的重心，过重心表示出重力的大小和方向即可。（2）力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。解析：（1）过重心做竖直向下的、大小为3N的力，即重力；如图所示。（2）支点为O，从O做F1的垂线段就是F1的力臂L1，从O做F2的垂线段就是F2的力臂L2。如图所示。点评：知道重力的方向总是竖直向下的，并会用力的示意图表示力的三要素。作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。23（2分

29、）某同学探究平面镜成像时，将一块玻璃板竖直架在一把直尺的上面，再取两段等长的蜡烛A和B一前一后竖放在直尺上，点燃玻璃板前的蜡烛A，用眼睛进行观察，如图所示。在此实验中：（1）直尺的作用是 ；（2）移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上 接收到蜡烛A的烛焰的像(填“能”或“不能”)。【解题思路】（1）探究平面镜成像实验中，要探究物像到平面镜的距离关系，所以要用刻度尺测量物像到平面镜的距离。（2）实像和虚像的重要区别：实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接。解析：（1）刻度尺测量物像到平面镜的距离，为了比较物像到平面镜的距离关系。（2）平面镜成虚像，虚像不能在光屏上呈现出来。答案：（1）测量

30、物像到平面镜的距离，比较物像到平面镜的距离关系；（2）不能点评：（1）掌握平面镜成像实验中各器材选择和操作的目的，例如为什么选择薄透明玻璃板、为什么选择两个完全相同的蜡烛、玻璃板为什么要竖直放置、刻度尺的作用等。（2）用光屏是否能承接是区别实像和虚像的最佳方法。 24（4分）用如图所示器材测滑轮组的机械效率。（1）在图上画出滑轮组最省力的绕线方式。（2）安装好实验器材后，记下钩码和拴住弹簧测力计的线端原先的位置。拉力F/N拉弹簧测力计的线端通过距离s/m有用功W有用/J总功W总/J0.60.40.30.24（3）某同学正确测得钩码上升的高度为0.2m，钩码重1.5N，其他被测和计算的数据如下表

31、：上表中肯定错误的数据是 。（4）若用上述装置提起重1.5N的钩码，机械效率为1；提起重3N的钩码，机械效率为2，则1 2（填“”、“”或“”）。【解题思路】（1）滑轮组最省力的绕法为用3段绳子承担物重；（3）根据三段绳子承担物重，可判断拉力移动距离与钩码上升高度的关系，利用WFs可求出有用功，这样就可以对照发现表格中的错误；（4）对于同一滑轮组来讲，增大了钩码的重，相当于增加了有用功，这样可提高机械效率。解析：（1）滑轮组最省力的绕线方式为用3段绳子承担物重，如图所示；（3）根据滑轮组的特点拉弹簧测力计的线端通过的距离s3h30.2m0.6m；总功W总Fs0.6N0.6m0.36J。因此可知

32、，表中的数据中0.4和0.24是错误的；（3）因此同一滑轮组提升的物体越重，其机械效率越大，所以12。答案：（1）如图；（2）0.4；0.24；（3）点评：实验中明确绕线方法，并根据绕线方法确定距离的关系，是本题的关键。明确绕线后，再通过分析和计算，即可对数据做出相应的判断。通过此题我们还应明确一点，就是同一滑轮组的机械效率与它提升的物重有关，物重越大，机械效率越高。 25（6分）在测定“小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10，滑动变阻器上标有“20 1A”字样。左图是小向同学没有连接完的实物电路。（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连

33、接完整（2分）；（2）实验中，小向同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因是 ；（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置 ，电压表的示数如右图甲所示，此时电压为 V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 端滑动（选填“左”或“右”）；（4）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如右图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。【解题思路】（1）由灯泡的额定电压和电阻求出电流，确定电流表的量程。电流表与灯泡串联，注意正负接线柱。滑动变阻器选择一上一下接线柱串联在电路中。（2）灯泡不亮可能是灯泡断路或灯泡以外的地方断路或灯泡短路，灯泡断

34、路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压；灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0。灯泡以外的地方断路，整个电路都处于断开状态，灯泡不亮，电压表和电流表都没有示数。（3）电压表和电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少。要测灯泡的额定功率，要使灯泡在额定电压下工作，灯泡电压从2.2V增大到2.5V，灯泡电流要增大，减小电路电阻，减小滑动变阻器连入电路的电阻。（4）知道灯泡正常工作时的电压和电流，根据PUI计算灯泡的额定功率。解析：（1）电路最大电流为：I0.25A0.6A，所以电流

35、表选择00.6A，电流表与灯泡串联，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出。滑动变阻器已经选定了上面接线柱，任意选择下面一个接线柱串联在电路中，如图所示。（2）灯泡不亮，电流表无示数，电路断路，电压表有示数，所以灯泡断路，电压表串联在电路中，测电源电压。（3）电压表选择03V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V。要测灯泡的额定功率，灯泡两端电压为2.5V，使灯泡两端电压由2.2V增大到2.5V。电路电流要增大，电路电阻要减小，滑动变阻器连入电路的电阻减小，滑动变阻器接右半段，所以滑片右移。（4）电流表选择00.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，

36、电流为0.24A，PUI2.5V0.24A0.6W。答案：（1）如图所示；（2）灯泡断路；（3）2.2；右；（4）0.6点评：对于故障问题，在连接好电路，刚刚闭合开关时，灯泡不亮，可能是电流太小，可能是灯泡断路或短路。先通过移动滑动变阻器滑片判断是通路还是故障，再由电流表示数判断是短路还是断路，再由电压表判断故障的具体位置。 26（4分）如图所示，甲是探究“动能的大小与什么因素有关”的实验装置，实验中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，碰到同一木块上。乙是探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，在粗糙程度不同的水平面上运动。请回答下列问题：（1

37、）甲实验的目的是探究钢球动能的大小与速度的关系；实验时，它是通过观察 ，从而判断钢球动能的大小。（2）进行乙实验时，每一次都让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，其目的是使小车在水平面运动的起始 相同；通过观察小车在粗糙程度不同的水平面上运动距离的大小来判断小车在不同的水平面受到 的大小。从而可以推理：如果运动的物体不受力，它将 。【解题思路】（1）决定动能大小的因素有两个：物体的质量和物体的运动速度。因此研究物体动能大小与这两个因素的关系时要用到控制变量法，即：要研究与哪个因素的关系，就要控制该因素不变，让其他的因素改变。要确定甲实验研究的是动能与哪个因素有关，就要找出前后两次实验的相同点

38、与不同点，然后即可得到答案。钢球对木块做功的多少体现了钢球动能的大小，对木块做功的多少可以由木块移动距离来体现。（2）要研究阻力大小对物体的运动的影响，也要用到控制变量法，就要让小车的初始速度相同，改变阻力的大小，然后通过小车运动距离的不同，得出阻力对物体运动的影响。解析：（1）同一钢球，质量相同，从不同的高度滚下，体现了球到底端时的速度不同，由此可知：此实验研究的是动能大小与速度的关系。钢球把木块推出去的越远，钢球的动能越多。（2）小车从斜面的同一高度滑下的目的是为了控制小车到斜面底端的速度相同。小车受到的阻力越大，运动的距离越短。因此可以通过小车运动距离的长短来体现阻力的大小。由牛顿第一定

39、律可知，若物体不受外力，运动的物体将做匀速直线运动。答案：速度；木块移动的距离的长短；速度；距离的长短；阻力；做匀速直线运动点评：甲实验中，利用了木块运动的距离来体现钢球动能的多少，这是一种转换法。四、解答题（本大题有3个小题，共24分，要求写出必要的文字说明，公式和演算过程）27（5分）2011年3月，日本发生了强烈地震并引发了海啸，对福岛核电站造成了很大的破坏，如图甲所示。（1）核电站是利用 能来发电的，其能量是原子核发生了核 （选填“裂变”或“聚变”）；（2）由于一系列的爆炸，使得大量的核燃料外泄，周围的人们处在核污染中。图乙中是核辐射标志的是 ；图甲A B C图乙（3）为了给处于高温中

40、的核反应堆外壳降温，消防员通过喷水的方法来有效降温，这是用 的方法来改变内能的；（4）如果核电站每年需要50t的核燃料，而同等规模火电站每年需要6106 t的煤炭。6106 t的煤炭完全燃烧放出的热量为多少？（煤炭的热值为3107Jkg）。（5）“能源和环境”是世界各国共同面临的问题，保护环境、节约能源要从我做起。下列说法中需要改正的是 。A尽可能用太阳能热水器代替电热水器B养成及时关掉水龙头和人走关灯的习惯C用洗脸水冲厕所，将废报纸、空酒瓶等送到废品收购站D及时将生活垃圾，废电池装在一起丢入垃圾箱【解题思路】（1）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应

41、用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。（2）解答本题可根据图中所示标志的含义及题目的要求进行分析判断即可。（3）改变内能的方式有两种，即做功和热传递。（4）知道煤的热值和所需煤的质量，故运用公式Qmq计算得出结果；（5）根据选择项中的物理情景，结合对应的节能与环保知识进行分析解答。解析：（1）核电站是利用核能来发电的，即利用可控的核裂变时释放的热量发电；（2）图中表示核辐射标志的是C；（3）为了给处于高温中的核反应堆外壳降温，消防员通过喷水的方法来有效降温，故让冷水从反应堆上吸取热量，故是通过热传递改变内能的；（4）现有煤的质量是m6106t6109kg，故这些煤完全燃烧释

42、放的热量是：Qmq6109kg3107J/kg1.81017J（5）解：用太阳能热水器代替电热水器可以节约部分电能，做法正确，A不符合题意；及时关掉水龙头可以节约水资源，人走关灯可以减少灯泡工作时间，减少对电能的消耗，做法正确，B不符合题意；把洗脸水用来冲厕所可以节约水资源，将废报纸、空酒瓶等送到废品收购站可以起到废物利用的作用，做法正确，C不符合题意；生活垃圾和废电池应该分类分装，这样会减少电池对环境的破坏，原做法不妥，D符合题意。答案：（1）核；裂变；（2）C；（3）热传递；（4）1.81017；（5）D点评：该题涉及了核能的利用、内能改变的方式、热量的计算等知识点，是一道综合题。 28（

43、6分）电动自行车是倍受人们青睐的一种交通工具。电动骑行时，蓄电池对车上电动机供电，电动机为车提供动力。下表是某型号电动自行车主要技术参数。（1）行驶过程中每个轮胎与地面的接触面积为50cm2，当一个质量为50kg的中学生骑着该电动自行车在平直的公路上行驶时，地面受到的压强是多大？（取g10N/kg）（2）若蓄电池储存能量的80%用于电动自行车行驶克服阻力做功，电动自行车在平直公路上匀速行驶时受到的平均阻力为40N，蓄电池充满一次电最多能连续电动行驶多远？ （3）从环保的角度，与摩托车相比，电动自行车有什么优缺点？（各举一条）整 车整车质量40kg最高车速30km/h最大噪声62dB蓄电池蓄电容

44、量0.576kWh电动机额定电压48V额定功率240W【解题思路】（1）地面受到的压力等于电动车和人的重力之和，根据公式p可求地面受到的压强。（2）已知电动自行车的效率和储存的能量，可先求出电动自行车克服阻力所做的功，利用WFs可求出电动自行车能行驶的距离。（3）电动自行车无尾气，噪音小，但蓄电池需常更换，废旧蓄电池污染环境。解：（1）电动自行车对地面的压力：FG总（m车m人）g（40kg50kg）10N/kg900N，电动自行车行驶时对地面的压强：p0.9105Pa；（2）电动自行车克服阻力所做的功：W有用W0.5763.6106J80%1658880J。根据Wfs可得，电动自行车行驶的路程

45、s41472m；（3）优点：无尾气、噪音小；缺点：蓄电池一般使用一年左右就需更换，废弃后的电池污染环境。答：（1）地面受到的压强约为9.8104Pa；（2）蓄电池充满一次电最多能连续电动行驶41472m；（3）优点：无尾气、噪音小；缺点：蓄电池一般使用一年左右就需更换，废弃后的电池污染环境。点评：本题考查电动车的有关问题，涉及到了压强、效率、路程的计算以及电动自行车的优缺点，关键知道在水平地面上，物体对地面的压力等于物体自身的重力，要学会从题目信息中找到有用的数据。PA1A2R2R1甲 乙S R 29（9分）在图甲所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，滑动变阻器R1标有“100 2A”字样。闭合开关S后，电流表A1和A2的示数分别如图乙所示。求：（1）电阻R2的阻值。（2）通电10秒钟，电流通过电阻R2所做的功W2。（3）重新移动滑动变阻器R1的滑片P，使两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同，求此时变阻器R1消耗的功率P1。【解题思路】（1）从图甲可知，滑动变阻器R1和电阻R2并联，由图乙可知两表的量程，则根据表盘可知电表的最小刻度，则可读出两表的示数；电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测