2021-2022年山西省太原市第五中学高一（上）10月物理试题（解析版）

1、 太原五中20212022学年度第一学期月考高一物理一、选择题（本题包含12小题，其中18小题为单选，912小题为多选，每小题4分，全部选对得4分，漏选得2分，选错或未选得0分，共48分）1. 智能手机上装载的众多app软件改变着我们的生活，如图所示为某度地图app软件的一张截图，表示了某次导航的具体路径，其推荐路线中有两个数据，16分钟，6.7公里，关于这两个数据，下列说法正确的是（）A. 研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点B. 16分钟表示的是某个时刻C. 6.7公里表示了此次行程的位移的大小D. 根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速度【答案】A【解析】【详解】A在研究

2、汽车在地图上的实时位置时，汽车大小可以忽略，故汽车可以看成质点，故A正确；B图中显示16分钟对应时间轴上的一段，所以是时间，故B错误；C6.7公里表示了此次行程的轨迹长度即为路程，故C错误；D6.7公里是路程，所以可以求出平均速率的大小，但不能求出平均速度，故D错误。故选A。2. 有一口水井，水面距井口4m。老王将空水桶从井口用辘掉放入井中，取水后将水桶提升到井口，然后将水桶水平移到离井口1m地上，如图所示。该过程中水桶位移的大小和路程分别是（）A. 0，8mB. m，9mC. 1m，mD. 1m，9m【答案】D【解析】【分析】【详解】位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以此时水桶的位移是x

3、=1m即位移大小是1m。路程是指物体所经过的路径的长度，此时水桶的路程为s=4m+4m+1m =9m故D正确，ABC错误。故选D。3. 如图所示为某医院体检中心的身高测量仪。测量仪顶部向下发射波速为340m/s的超声波，超声波遇到障碍物后反射回来，披测量仪按收，测量仪记录从发射到接收的时间。已知测量仪没有站人时，顶部距离台面2.09m，当一学生站在台面规定位置后，测量仪记录的时间为0.003s，则该学生的身高最接近（）A. 148cmB. 154cmC. 158cmD. 164cm【答案】C【解析】【分析】【详解】由题意得，学生头顶距离测量仪顶部的距离为故学生身高为故选C。4. 如图为某物体做

4、直线运动的v-t图像，关于物体在前4s的运动制况，下列说法中正确的是（）A. 物体始终向同一方向运动B. 物体的加速度大小不变，方向改变C. t=2s时的速度、加速度都为零D. 物体在4s末回到出发点【答案】D【解析】【分析】【详解】A根据图像可知，前2s物体速度为负，后2s速度为正，A错误；Bv-t图像斜率表加速度，斜率始终未改变，故加速度大小和方向均不变，B错误；C在2s时，物体的速度为0，而加速度大小不为0，C错误；Dv-t图像面积表示位移，前2s和后2s与坐标轴围成的面积相互抵消，所以位移为0，所以物体在4s末回到出发点，D正确。故选D。5. 甲、乙两辆相同的汽车分别在普通路面和结冰地

5、面上，刹车滑行做匀减速直线运动下图中x表示位移、v表示速度，能正确描述该过程的图象是()A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】普通路面比结冰地面的摩擦因数大，根据牛顿第二定律得甲车的加速度大小大于乙车的加速度的大小，根据速度时间图象的斜率表示加速度，甲图线的斜率大于乙图线的斜率，故A正确，B错误；根据位移时间图象的斜率表示速度，可知x-t图象倾斜的直线表示匀速直线运动，而汽车均做匀减速直线运动，所以x-t图象应是曲线，故CD错误所以A正确，BCD错误6. 某物体做直线运动，位移遵循的方程为x6tt2（其中，x的单位为m，t的单位为s）。则该物体在04s时间内通过的路程为（）A. 8

6、mB. 9mC. 10mD. 11m【答案】C【解析】【分析】【详解】将位移遵循的方程x6tt2与对比知，物体的初速度为6m/s，加速度为，物体做匀减速直线运动，速度减为0的时间前3s的位移大小第4s位移的大小故04s时间内通过的路程为故C正确，ABD错误。故选C。7. 假设某次深海探测活动中，“蛟龙号”完成海底科考任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始匀减速并计时，经过时间t，“蛟龙号”上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0（t0t）时刻距离海面的深度为（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】【详解】“蛟龙号”上浮时的加速度大小为根据逆向思维，可知“蛟龙号”在t0时刻距离

7、海面的深度为故选B。8. 如图所示，在冰壶比赛中，一冰壶以速度垂直进入四个矩形区域沿虚线做匀减速直线运动，且刚要离开第四个矩形区域边缘的E点时速度恰好为零，冰壶通过前三个矩形的时间为，则冰壶通过第四个矩形区域所需要的时间为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】冰壶作匀减速运动至速度为零，采用逆向思维，把冰壶看作从E到A的初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系可知，冰壶从开始通过连续相等时间内的位移比为1：3，可知，从E到D的时间和从D到A的时间相等，则可知冰壶通过第四个矩形区域的时间为t，故A正确，BCD错误。故选A。9. 加速度是速度的变化率，轿车设计师在关注轿车加速性

8、能时又提出了“加速度的变化率”的概念，用这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢。轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适。图示是一辆汽车在水平公路上行驶时加速度随时间变化的关系图象，取t=0时速度方向为正方向，则关于加速度变化率以及汽车的运动，下列说法正确的是（）A. “加速度的变化率”的单位是m/s3B. 在前10秒内，汽车做匀加速直线运动C. 在前10秒内汽车的速度增加了15m/sD. 加速度变化率越大，加速度一定越大【答案】AC【解析】【分析】【详解】A加速度的变化率为，a的单位为m/s2，t的单位为s，故加速度的变化率单位为m/s3，A正确；B前10秒内，汽车加速度不断改变

9、，为变加速直线运动，B错误；Ca-t图像与坐标轴围成的面积表速度变化，根据图像有C正确；D加速度变化率不能决定加速度大小，应为速度变化率越大，加速度越大，D错误。故选AC。10. 如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移一时间(x-t)图象，A质点的图象为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、D坐标如图所示。下列说法正确的是（）A. t1时刻A追上B，t2时刻B追上AB. t1- t2时间段内B质点的平均速度小于A质点的平均速度C. 质点A做直线运动，质点B做曲线运动D. 两物体速度相等的时刻一定在时间段内的某时刻【答案】AD【解析】【详解】At1时刻前，A在B的后方，t1时刻

10、两图像相交，说明A追上B，t1t2时间段之内，A在B的前方，t2时刻B追上A，A正确；Bt1t2时间段内，两质点通过的位移相等，所用时间相等，则B质点的平均速度与A质点的平均速度相等， B错误；C位移时间图像只能表示直线运动的规律，可知两质点都做直线运动，C错误；D根据位移时间图像斜率表示速度，可知，两物体速度相等的时刻定在t1t2时间段内的某时刻，D正确。故选AD。11. 某同学从塔顶每隔0.5s由静止释放一个小球，第一个小球经3s到达地面，不计空气阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，下列说法正确的是（）A. 第5个小球落地的速度大小为25m/sB. 第1个小球落地时，第3个与第4个小球

11、间距为8.75mC. 第1个小球落地时，第2个、第4个和第6个小球速度大小之比为5：3：1D. 第1个小球落地时，第2个、第4个和第6个小球已下落的位移大小之比为5：2：1【答案】BC【解析】【详解】A第5个小球由静止释放，经3s到达地面，则落地时的速度为A错误；B第1个小球落地时，第3个小球和第4个小球下落时间分别为2s、1.5s，则此时两球之间的距离为B正确；C第1个小球落地时，第2个、第4个和第6个小球下落时间之比由自由落体运动规律可得，第1个小球落地时，第2个、第4个和第6个小球速度大小之比为5：3：1；选项C正确；D由自由落体运动规律可得，第1个小球落地时，第2个、第4个和第6个小球

12、已下落的位移大小之比为25：9：1，D错误；故选BC。12. A物体自高为H的塔顶自由下落的同时，B物体自塔底以初速度大小v0竖直上抛，B物体上升至最高点时，A物体正好落地，则下列说法中正确的是（）A. A物体落地时速度大小等于v0B. B物体上升的最大高度等于C. 两物体相遇时离地面的高度为D. 两物体相遇时，A、B两物体的速度大小均为【答案】ACD【解析】【分析】【详解】AB因为A、B两物体运动的加速度相同，时间相同，速度变化量相等，则A物体落地时速度与B物体上抛时初速度大小相等，都等于v0，B物体上升的最大高度与A物体的下落高度相等，都等于H， B错误，A正确；CD设两物体相遇时所用的时

13、间为t，则有HhAhBgt2v0tgt2可得设相遇时两球速度大小分别为vA、vB，则有vAgtvBv0gt2gH可得vAvBhAgt2hB即两物体相遇时离地面的高度为，CD正确。故选ACD。二、实验题（13题6分，14题8分，共14分）13. 光电计时器是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构如图甲所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a、b间通过时，光电计时器就可以精确地把物体从开始挡光到挡光结束的时间记录下来。图乙中MN是水平桌面，Q是长木板与桌面的接触点，1和2是固定在长木板上适当位置的两个光电门，与之连接的两个光电计时器没有画出，长木板顶端P点悬有一铅锤，实验时，

14、让滑块从长木板的顶端滑下，光电门1、2各自连接的计时器显示的挡光时间分别为t1=1.010-2 s和t2=4.010-3 s。用精度为0.05 mm的游标卡尺测量滑块的宽度为d=1.010 cm。（1）滑块通过光电门2时的速度等于_m/s （结果保留2位有效数字）。 （2）为了计算出滑块的加速度，除了测量d、t1和t2之外，还需要测量_。用这些物理量的字母表示加速度的表达式为：a=_。【答案】 . 2.5 . 滑块由光电门1运动至光电门2所用时间t . 【解析】【分析】【详解】（1）1根据公式可得，滑块通过光电门2时的速度为v2m/s=2.5 m/s （2）23为了计算出滑块的加速度，除了测量

15、d、t1和t2之外，还需要测量的物理量有，测滑块由光电门1运动至光电门2所用时间t，由v2=v1+at得a14. 某实验小组用下图甲所示装置测自由落体的加速度。其操作步骤如下：A按照图甲的装置安装实验器材；B将打点计时器接到学生电源的“交流输出”上；C用手捏住纸带上端把纸带拉成竖直，使重物远离打点计时器；D先释放纸带，之后闭合开关接通电源，打出一条纸带；E重复步骤C几次，从打出的纸带中选取较理想的一条如图乙，测出纸带上一些连续点的距离为AB=5.8mm，BC=9.8mm，CD=13.6mm，DE=17.6mm；F根据测量的数据算出重力加速度。(1)以上步骤中两处有错误，请指出其错误步骤（填代号

16、）并改正：_；_。(2)分析纸带可以得到B点速度为_m/s，当地重力加速度为_m/s2（交流电频率为50Hz，保留三位有效数字）。用这种方法测出的重力加速度总比实际值偏小，其原因是_。（写一种原因就可以）【答案】 . C中应使重物靠近打点计时器 . D中应该为先接通电源，之后释放纸带 . 0.390 . 9.75 . 物体拖着纸带运动过程中存在阻力等【解析】【详解】(1)12C中用手捏住纸带上端把纸带拉成竖直，使重物靠近打点计时器；实验时应先接通电源后释放纸带，故D中应该为先接通电源，之后释放纸带(2)3根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，则4由逐差法可得加速度大小为5因为

17、纸带运动过程中存在阻力，所以用这种方法测出的重力加速度总比实际值偏小三、计算题（各小题解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，共38分）15. 如图所示，M99是一款性能先进的大口径半自动狙击步枪步枪枪管中的子弹从初速度为0开始，经过0.002 s的时间离开枪管被射出已知子弹在枪管内的平均速度是600 m/s，射出枪口瞬间的速度是1 200 m/s，射出过程中枪没有移动求：(1)枪管的长度；(2)子弹在射出过程中的平均加速度【答案】(1)1.2m (2)6105m/s2，方向与子弹的速度方向相同【解析】【详解】（1）

18、枪管长度 （2）根据加速度的定义式得：方向与子弹的速度方向相同综上所述本题答案是：（1）枪管的长度为1.2 m；（2）子弹在射出过程中的平均加速度的大小为 ，方向与子弹的速度方向相同16. 空军特级飞行员李峰驾驶歼十战机执行战术机动任务，在距机场54km、离地1100m高度时战机发动机突然停车失去动力在地面指挥员的果断引领下，最终安全迫降机场，李峰成为成功处置国产单发新型战机空中发动机停车故障、安全返航的第一人若战机着陆后以大小为的加速度做匀减速直线运动，且其着陆速度为60m/s，求它着陆后12s内滑行的距离。【答案】300m【解析】【分析】【详解】由速度时间公式可求出从战机着陆到停止所用时间

19、由此可知战机在12s内不是始终做匀减速运动，它在最后2s内是静止的，故它着陆后12s内滑行的距离为17. 一质点从静止开始作直线运动，第1s内以加速度a1m/s2运动，第2s内加速度a-1m/s2，第3s又以a1m/s2运动，第4s内加速度a-1m/s2，如此反复，经100s此质点总位移是_m。【答案】50【解析】【分析】【详解】据题意，第一秒内加速度与第二秒内加速度大小相等方向相反，且从静止开始运动，则每2s为一个周期，每个周期内位移为而100s共50个周期，总位移为50m。18. 一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h以内，问：(1)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？(2)警车发动后要多长时间才