福建泉州2018-2019学年高一上学期教学质量跟踪监测物理试题

1、福建省泉州市20182019学年度高一上学期教学质量跟踪监测物理试题一、选择题（本题共 12小题，每小题4分，共48分。每小题给出的四个选项中，第 18题只有一 项符合题目要求，第 912题有多项符合题目要求。全部选对的得 4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）.关于质点的运动，下列说法中正确的是A.质点的速度越大，其加速度也就越大B.质点运动的平均速度是指路程与所用时间的比值C.选择不同参考系，质点的运动情况一定是不相同的D.做直线运动的质点，其某段时间内的位移大小跟路程不一定相等【答案】D【解析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，等于速度的变化率

2、，与速度无关；平均速度是指位移与所用时间的比值；选择不同参考系，质点的运动情况可能相同；路程是实际运动轨迹的长度，位移为初位置到末位置的有向线段。【详解】A、速度很大，加速度可以为零，故 A错误；日平均速度是指位移与所用时间的比值，B错误；C选择不同参考系，质点的运动情况可能相同，比如小汽车相对于地面和相对于地面上静止的物体，运动情况是相同的，C错误；D若物体做往复直线运动，那么其运动的总路程必然大于位移，D正确。故选D。【点睛】掌握加速度、速度、平均速度、位移和路程等描述运动的基本概念是解决本题的关键。.关于牛顿第一定律的理解，下列说法中正确的是A.物体受到的外力越大时惯性越小B.物体运动状

3、态发生变化时必定受到外力的作用C.物体不受外力作用时一定处于静止状态D.在水平地面上滑动的物体最终要停下来，是因为没有外力来维持【答案】B【解析】【分析】力是改变物体的运动状态的原因，一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小，与速度大小和受外力情况无关。【详解】A、惯性的大小只与自身质量有关，质量越大惯性越大，A错误；以力是改变物体运动状态的原因，故当物体运动状态发生变化时，必然受到了力，B正确；C物体不受外力作用时，有可能做匀速直线运动，C错误；D力不是维持物体运动的原因，物体之所以会停下来，是因为受到了摩擦阻力，改变了它的运动的状态，D错误。故选Bo【点睛】对于惯性概念的理解要准确到位

4、：惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小。.在2018年8月雅加达亚运会上，中国选手谢思场在男子3米板跳水决赛中夺冠，实现中国队在该项目中的12连冠。则谢思场A.在起跳加速上升过程中对跳板的压力大于跳板对他的支持力B.在起跳加速上升过程中对跳板的压力大于他的重力C.在离开跳板后的上升过程中处于超重状态D.在入水前的下降过程中处于超重状态【答案】B【解析】【分析】作用力与反作用力大小相等、方向相反；力是改变物体运动状态的原因，物体向上加速时，合外力一定向上，物体处于超重状态；物体向上减速时，合外力一定向下，物体处于失重状O【详解】A、谢思场对跳板的压力和跳板对他的支持

5、力属于作用力和反作用力，大小相等，A错误；日在起跳加速上升过程中，加速度竖直向上，合力竖直向上，则跳板对谢思场的支持力大于其重力，所以他对跳板的压力也大于重力，B正确；CD均错误。CD离开跳板减速上升和加速下降的过程，均为失重状态,故选Bo【点睛】本题结合体育运动，重点考查学生对超、失重现象的理解和判断，因此平时的对概念的深度理解非常有必要。. 一质点做初速度为零的匀加速直线运动，从开始运动的连续三段相等时间内，已知第一段时间内 的位移是2m,则第三段时间内的位移是A. 2m B. 6m C. 10m D. 14m【答案】C【解析】【详解】设加速度为a,每段时间为I,则第一段时间内的位移：$

6、= 1产=2,又根据匀变速直线运动推论得：X3冯=2卡 ,联立解得：x3= 10mo故选C。一，、一1 一 .【点睛】由运动学公式 x = fr及推论七I1- = (m-n)就一求解。.如图，水平地面上的物体受到两个方向相反的水平推力F1、F2作用，处于静止状态。已知Fi=7N, F2=2N,现将Fi撤去，则此时物体所受合力大小为A. 0 B. 2 N C. 5 N D. 7 N【答案】A【解析】木块在水平方向共受到三个力F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，合外力为零，得知此时摩擦力为：f=F1-F2=6-2=4N,最大静摩擦力应大于等于4N,当撤去F1,作用在物体上的力F2=2N,小于

7、最大静摩擦力，木块仍处于静止状态，则此时受的静摩擦力为f=F2=2N,方向与F2的方向相反，即为方向向右；故合力为零；故选：A点睛：先根据木块的受力情况得知最大静摩擦力的情况，撤去F1后，比较F2与最大静摩擦力的大小，可判断木块仍静止，利用共点力的平衡可得知木块受到的静摩擦力的大小和方向，再进一步得到合力.F的力.如图，木块a与b叠放在水平地面上，分别受到水平向右和水平向左、大小均为作用，且保持静止状态，则b 对a的摩擦力方向向左b对a的摩擦力大小为零C.地面对b的摩擦力方向向右D.地面对b的摩擦力大小为 F【答案】A【解析】【分析】对a受力分析，根据平衡条件可明确ab间是否有摩擦力作用及其方

8、向，再对整体分析，可判断b与地面间摩擦力情况。【详解】AR以a为研究对象受力分析，外力 F水平向右，则b对a有静摩擦力作用，方向水平向左，A正确，B错误；CD以a、b整体为研究对象，由于分别受到水平向右和水平向左、大小均为F的力作用，两力合力为零，则 b相对于地面没有相对运动趋势，故b和地面之间没有摩擦力。CD匀错。故本题选A。【点睛】本题考查摩擦力的判断，要注意静摩擦力产生的条件，同时掌握整体法与隔离法的正确应用。7.如图，某时刻A、B两质点相距12m, A保持4m/s的速度向右运动，B的速度为8m/s且只在摩擦力作用下向右做匀减速直线运动，加速度大小为2 m/s 2,那么A追上B需用时A.

9、 5s B. 6s7s D. 8s【答案】C【解析】【分析】根据速度时间公式求出 B速度减为零的时间，再根据位移公式求出A、B的位移，判断B停止 时是否追上，若未追上，结合 A的位移和速度求出追及的时间。V nV 口 I 0【详解】由题意可知，B的减速时间为t =B的减速位移为Xb = ?t=16m，速度减为零，停止运动；这段时间内A的位移为xA = vAl- 16m ,此时 A和B之间的距离为：sAB = xB i 12-xA= 1.2m,所以A还需要t=3s才能追上 B,故A追上B需要的总时间为 VAt + t = 7s 故选C。【点睛】本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住位移关系，结合

10、运动学公式灵活求解，注意B速度减为零后不再运动。.如图，竖直轻弹簧下端固定，上端连接着质量为m的小球，小球在竖直向下 F=2mg的力作用下处于静止状态。现突然撤去力F,小球上升，不计空气阻力，重力加速度为 g ,则A.撤去力F瞬间，小球加速度大小为 2gB.小球在上升的过程中，加速度先增大再减小C.当弹簧恢复到原长时，小球速度最大D.小球在上升的过程中，先做匀加速运动再做匀减速运动【答案】A【解析】【分析】小球开始受到重力、推力F和弹簧的支持力，三力平衡，撤去推力后，小球先向上做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断变大的减速运动，结合牛顿第二定律进行分析即可。【详解】A、撤去力F一瞬间，小

11、球所受的合力大小为F=2mg方向竖直向上，加速度大小为a = - = 2g。AIE 确； mBCD小球上升的过程中，所受合力刚开始竖直向上，则小球做加速度逐渐减小的加速运动， 当弹簧弹力和重力相等时，小球速度最大，此时加速度为零，当小球继续上升的过程中，合 力竖直向下，小球做加速度逐渐增大的减速运动，BCD匀错误。故选Ao【点睛】解决本题的关键知道加速度方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动。.A、B两质点在同一条直线上运动的位移s随时间t变化关系如图所示，由图可知t i时刻，两质点相遇t i时刻，两质点的速度相等C.从0到t i时

12、刻，A比B运动慢D. t i时刻前B在A 前方，ti时刻后A在B前方【答案】AD【解析】【分析】位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的 斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，两物体运动位移时间图像的交点代表 它们相遇。【详解】A、由图像可知，ti时刻两质点处于相同的位置，故质点相遇，A正确；BG图像的斜率彳t表速度，A的速度大于B的速度，BC错误；D由图像可知，ti时刻前B在A前方，ti时刻后A在B前方，D正确。故选AD【点睛】本题的关键要理解位移 -时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，斜 率的正负表示速度的方向。.如图，甲乙

13、两人分别乘坐两种电动扶梯，此时两电梯均匀速向上运转，则A.甲受到三个力的作用B.甲对扶梯没有摩擦力的作用C.乙受到三个力的作用D.乙对扶梯作用力的方向垂直扶梯向下【答案】BC【解析】【分析】人处于匀速直线运动状态，受力平衡，对人受力分析，根据平衡条件求解，甲图中人不受水平方向的摩擦力，否则不平衡。【详解】AR甲图中，人处于匀速直线运动状态，受力平衡，受到重力和支持力，不受摩擦力，重力 G=mg支才|力N=G=mg A错误，B正确；日乙图中，人处于匀速直线运动状态，受力平衡，受到重力G=mg斜面的支持力 N以及沿斜面向上的摩擦力三个力作用，C正确；D扶梯对人的作用力竖直向上，则人对扶梯的作用力竖

14、直向下，D错误。故选BG【点睛】本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析人的受力情况，并且注意甲乙两幅图的不同点，难度适中.我国高铁技术处于世界领先水平.和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车.假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比.某列车组由8节车厢组成，其中 TOC o 1-5 h z 第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组（）A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B.做匀加速运动时，第 5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3： 2C.进站时从关闭

15、发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D.与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1 ： 2【答案】BD【解析】试题分析：根据受力分析，结合牛顿第二定律分析车厢之间的作用力；根据动能定理分析从关闭发动机到停下来滑行的距离；当牵引力和阻力的大小相等时，动车的速度达到最大值， 由此可以求得将非动力车改为动力车的数量.设每节动车的功率为 P,牵引力为F,每一节车厢的质量是 m阻力为king ,启动时乘客的加速 度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，故A错误；做加速运动时，有两节动力车厢，对整个的车进行受力分析得：2F-8kmg = Sin

16、a ,对6、7、8车厢进行受力分析得：Fi 3kmg = 3ma，对7、8车厢进行受力分析得：F2 2kmg = 2ma , F1 3_.山一，r联立可得：一=-，故B正确；设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为s,则：Ft 21 7一V2 、，、,Skmgs=0-8 xv2,可得：5 = 一，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发 22kg动机时的速度的平方成正比，故C错误；当只有两节动力车时， 最大速率为v,则：2P= Skin第，改为4节动车带4节拖车的动车组时4P=8kmg、J,所以v，=2v,故D正确.【点睛】当机车的速度达到最大时，机车做匀速运动，此时机车处于受力平衡状

17、态，即此时的牵引力和受到的阻力的大小相等，再根据瞬时功率的公式即可解答本题.12.如图，质量为m的圆球放在两光滑挡板M、N之间，其中M与水平面夹角为 a, N始终保持竖直。缓慢转动 M板，使夹角”由60。逐渐减小到零的过程中A.圆球对M的压力由招mg逐渐变大B.圆球对M的压力由2mg逐渐变小C.圆球对N的压力由2mg逐渐变大D.圆球对N的压力由招mg逐渐变小【答案】BD【解析】【分析】圆球受三个力，即重力， M对球的弹力rNM, N对球的弹力卜川卜，三力作用下，物体处于平衡状态。【详解】如图所受，圆球处于三力平衡状态，由力的几何关系可知，M对球的弹力FN = ；m cosaN对球的弹力=mgt

18、an%缓慢转动M板，使夹角a由60逐渐减小到零的过程中，4上斗;均逐渐变小。故本题选BD【点睛】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向。列出力的解析式，根据角 度变化判断求解。二、实验题（本题共 2小题，第13题6分，第14题6分，共12分）13.图a所示为“探究加速度与力、质量关系”的实验装置。（1）图b所示是甲同学在实验中得到的一条纸带（交流电源的频率为50Hz）,已知相邻两计数点间还有 4 个点未画出，测得： s1= 3.31cm , s2= 4.09cm , s3= 4.87cm , s4= 5.66cm ,s5= 6.47cm , s6=7.27cm。则打点计时器打第 2个

19、计数点时纸带的速度大小v =m/s ;物体的加速度为a =m/s 2。（计算结果均保留两位有效数字）（2）乙同学在做保持小车质量条件下，探究小车的加速度与其合外力的关系，根据测得的数据作出如图c所示a-F图象，所得的图象不过原点又不是直线，原因可能是 。（多选）圉:A.木板右端垫块较低，使得木板的倾角偏小B.木板右端垫块较高，使得木板的倾角偏大C.小车质量远大于砂和砂桶的质量D.砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量【答案】(1). 0.37 (2). 0.79 (3). AD【解析】【分析】利用某段时间中间时刻瞬时速度等于平均速度来计算瞬时速度；根据逐差法求加速度；【详解】(1)由题意可知，任意

20、两个计数点之间的时间间隔为T=0.1s ,所以打点计时器打第 2个计数点时纸带的速度大小，v=-一二J 山加速度大小：2T2 x 0.1 8-(8, + 的河)(5,66 + 6.47- 7.27)-(331 +4.09 + 4.87)1 x 1522a = 0.79tn/s9T29 xO.l2(2)根据图中所给a-F图像，不过原点是由于平衡摩擦力不足，应该是木板右端垫块较低，木板倾角过小的原因；图像不是直线，说明砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量。【点睛】注意影响实验误差大小的因素，实验时，应完全平衡摩擦力，应让砂和砂桶的质量远小于小车质量。14.某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形

21、定则：在竖直木板上固定白纸，三根细线打一个结点 O,其中两根绕过定滑轮 A和B,三根细线挂上钩码，每个钩码的重量相等，当系统达 到平衡时，根据钩码个数可知三根细线的拉力TOA、TOB TOC回答下列问题：TtXr*4 Xii甲乙（1）改变钩码个数，实验能完成的是 。（多选）A.钩码的个数 Ni=N=1, N3=2B.钩码的个数 Ni=N=3, Nb=5C.钩码的个数 Ni=N2=N3=4D,钩码的个数 Ni=3, Nb=4, M=5（2）在实验过程中，下面步骤正确且必要的是 A.量出OA、OB OC三段细线的长度B.用量角器量出三段细线之间的夹角C.结点O的位置不能变D.标记结点 O的位置，并

22、记录 OA、OB OC三段细线的方向（3）在作图时，你认为 图是正确的（填“甲”或“乙”）。【答案】1） A （2） D【解析】试题分析：（1）因为三个力平衡的条件是：任意两力之和大于等于第三力，任意两力之差小于等于第三力，所以此题中的四个都能平衡，但是由于实验装置中的三个力不能共线，故答案A不能完成实验。（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是：标记结点O的位置,并记录OA OB OC三段绳子的方向，以便画出平行四边形。 （3）图中的F3应该在竖直方向，所以甲正确。考点：验证力的平行四边形法则。 三、计算题(本题共 4小题，第15题6分，第16、17题各10分，第18题14分，共40分。

23、解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位)15.一小球从距离地面一定高度自由下落，经5s落地，重力加速度 g = 10m/s2,忽略空气阻力，求：(1)小球下落的高度；(2)下落过程中小球平均速度的大小。【答案】(1) 125m(2) 25m/s【解析】【分析】，一】一h ，一，一、(1)根据h = 求解列式算局度；(2)利用v =；计算平均速度。【详解】(1)根据自由落体运动规律得12解得：，一 一 ， -h(2)根据运动学知识有t解得：.如图，水平细杆上套一环 A,环A与球B间用一轻绳相连，B质量为m。由于球B受 到

24、水平风力作用，A与B 一起向右匀速运动。已知绳与竖直方向的夹角为。，环A与水平细杆间的动摩擦因数为 科，重力加速度为g。求：(1)球B受到轻绳的拉力大小；(2)环A的质量。mg,lanO 【答案】(1) (2) 1mCOS0I 1【解析】【详解】(1)对球B受力分析，受重力mg、风力F和绳子拉力T,根据平衡条件得cosS(2)解法一：球B受到风力F = mglan设凡的质量为M,把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力(m+M)g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f,根据共点力平衡条件可得稗杆对环R的支持力N = (m十细杆对环A的摩擦力f = F/UuiG 又=环解得环A的质量M = (解法

25、二：设：士的质量为M,对环凡受力分析，受重力、绳子拉力 T、杆的支持力N和摩擦力根据共点力平衡条件可得杆对环A的支持力：N = Mg - TcosG细杆对环A的摩擦力f = Tsdn6又/tanO 解得环A的质量1 )rn.如图甲，质量 m=1kg的物体静止在水平地面上，t=0时刻开始，水平拉力 F1=9N作用于物体上，t1时刻水平拉力大小变为 F2、方向不变。物体的运动速度v随时间t变化关系图象如图乙所示，其中t13s时间内图线与横轴围成的面积(图乙中阴影部分)是0t1时间内的6倍。已知物块与地面之间的动摩擦因数= 0.5 ,重力加速度 g=10m/s2 。求:(1)力F1的作用时间t1 ;(2)力F2的大小。甲【答案】(1) 1s(2) 7N【解析】【详解】(1)假设物体的加速度为Ff = ma1N = mg又解得乙为，根据牛顿第二定律得由图可知，与时刻物体的速度大小为窜1 = 4m/s ,根据匀加速直线运动的速度公式可得vi%(2)设0 = 33时刻物体速度大小为 叼