2022-2023学年鄂西北四校物理高三第一学期期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、伽利略相信，自然界的规律时简单明了的。他从这个信念出发，猜想落体的速度应该是均匀变化的。为验证自己的猜想，他做了“斜面实验”，如图所示。发现铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比。改变球的质量或增大斜面倾角，上述规律依然成立。于是，他外推到倾角为的情况，得出落体运动的规律。结合以上信息，判断下列说法正确的是A伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律时为了便于测量速度B伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律时为了便于测量加速度C由“斜面实验”的结论可知，铜球运动的速度随位移均匀增大D由“斜面实验”的结论可知，铜球运动的速度随时间均匀增大2、如图所示，A、B两物块的质量分别

3、为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则A当时，A、B都相对地面静止B当时，A的加速度为C当时，A相对B滑动D随着F的增大，B的加速度会超过3、下列哪个仪器测量的物理量不是国际单位制中的基本物理量（ ）A弹簧测力计B刻度尺C秒表D托盘天平4、伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是（ ）斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于运动时间的测量斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程通过对斜面实验的观察与计算，直接得到落体运

4、动的规律根据斜面实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律A B C D5、如图所示，a为放在地球赤道上随地球表面一起转动的物体，b为处于地面附近近地轨道上的卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，若a、b、c、d的质量相同,地球表面附近的重力加速度为g。则下列说法正确的是( )Ad是三颗卫星中动能最小，机械能最大的Bc距离地面的高度不是一确定值Ca和b的向心加速度都等于重力加速度gDa的角速度最大6、物体A和B用轻绳相连，挂在轻弹簧下静止不动，如图（a）所示，A的质量为m，B的质量为M，当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升经某一位置时的速度大小为v，这时物体B的下落速度大小为u，如图（b

5、）所示，在这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为（ ）AmvBmuCmvMuDmvmu二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为2m的物体A相连，A放在光滑水平面上，有一质量为m的物体B，从高h处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A相碰（时间极短）后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B与A分开且沿曲面返回上升下列说法正确的是（ ）A物体B、A组成的系统，在发生碰撞的过程中动量守恒，在弹簧被压缩的过程中机械能守恒B物体A对B做了负

6、功C物体B返回过程中能达到的最大高度为hD物体A对B的冲量大小为8、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t秒与（t+2）秒两个时刻，在x轴上（-3m，3m）区间的波形完全相同，如图所示并且图中M，N两质点在t秒时位移均为，下列说法中不正确的是A该波的最大波速为20m/sB（t+0.1）秒时刻，x=-2m处的质点位移一定是aC从t秒时刻起，x=2m处的质点比x=2.5m的质点先回到平衡位置D从t秒时刻起，在质点M第一次到达平衡位置时，质点N恰好到达波峰E.该列波在传播过程中遇到宽度为d=3m的狭缝时会发生明显的衍射现象9、如图所示，T为理想变压器，原副线圈匝数比为4：1，A1、A2为理想交流电流表，

7、V1、V2为理想交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），原线圈两端接入如后图所示的电压，以下说法正确的是（） A当温度升高时，电压表V1示数为55V保持不变B当温度升高时，电压表V2示数变大C通过电流表A1的电流方向每秒变化100次D当温度升高时，电流表A1、A2示数同时变大10、在塔顶上将一物体以初速度大小为20m/s竖直向上抛出，不计空气阻力，设塔足够高则当物体位移大小为10 m时，物体所经过的时间可能为()A(2-2)s B(2+2)s C6s D(2+6)s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（

8、6分）在“研究匀变速直线运动的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50 Hz，记录小车做匀变速运动的纸带如图K54所示，在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有4个点未画出，其他各点到A点的距离依次是2.00 cm、5.00 cm、9.00 cm、14.00 cm、20.00 cm.图K54(1)根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为vB_ m/s，C、E间的平均速度为_m/s; (2)以打B点时为计时起点，建立vt坐标系如图K55所示，请在图中作出小车运动的速度与时间的关系图线；(3)根据图线可得小车运动的加速度为_m/s2. 图K5512（12分）如图

9、1所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置。直径为d、质量为m的钢球自由下落的过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为tA、tB用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度，测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g。（1）如图2用螺旋测微器测量钢球的直径，读数为_mm。（2）钢球下落过程中受到的空气平均阻力Ff=_（用题中所给物理量符号来表示）。（3）本题用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度_（选填“”或“”）钢球球心通过光电门的瞬时速度。四、计算题：本题共

10、2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半径为R=0.3m的半圆弧固定在水平面上，一根足够长的且不可伸长的柔软轻质细绳将两个可视为质点的两个小球连接，细绳通过两个固定的大小可忽略的滑轮，左侧质量为的A球与半圆弧圆心等高且刚好与半圆弧内壁无弹力接触，小球距上端滑轮，右侧B球质量为，重力加速度g=10m/s2，整个系统不计切摩擦阻力及空气阻力。现将两球同时由静止释放，求：(1)A球到达半圆弧最底端时的速度大小A；(2)A球从静止释放到到达半圆弧最低端过程中轻质细绳对它所做的功W。14（16分）如图所示，光滑斜面固定在水平地

11、面上，质量 m=1kg 的物体在平行于斜面向上的恒定拉力 F 作用下，从 A 点由静止开始运动同时开始计时，到达 B 点时立即撤去拉力 F，物体到达 C 点时速度刚好为零。每隔 0.2s 通过传感器测得物体的瞬时速度，表给出了部分测量数据。t/s0.00.20.41.41.61.8v/ms10.01.02.07.06.95.7求：（1）斜面的倾角 ； （2）恒力 F 的大小；（3）前 2s 内物体的位移大小.15（12分）如图所示，直线MN将平面分成两个区域I和，MN与水平方向成45角，两个区域内均有匀强电场，场强大小均为E，I区内场强方向竖直向下、区内水平向右，一质量为m、带正电且电荷量为q

12、的粒子，以速度v0从MN上的P点水平向右射入I区粒子的重力忽略不计求：(1)粒子首次到达MN边界时到P点的距离；(2)粒子第二次到达边界MN时的速度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB自由落体运动下落很快，不易计时，伽利略让小球沿阻力很小的斜面滚下，延长了小球的运动时间，“冲淡”了重力的作用，故AB错误；CD由“斜面实验”可知，铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比，由公式可知，铜球运动的速度随时间均匀增大，故C错误，D正确。故选D。2、C【解析】由题意可知考查板块模型，灵活选择研究对象，运用牛

13、顿第二定律计算可得。【详解】取B物体分析，合外力时最大时加速度最大，由牛顿第二定律可得最大加速度 此时外力为F，取整体为研究对象，由牛顿第二定律可得 联立可得取整体为研究对象，B受到地面的摩擦力 ，总结如下：当外力F ，AB都静止，当F ，AB出现相对滑动。A由前面分析可知，当时，A、B一起匀加速运动，故A错误；B由前分析可知，当时，AB一起加速度运动，取整体为研究对象，由牛顿第二定律可得可得AB的加速度为都要为，故B错误；C由前面分析可知当时，A相对B滑动，故C正确；D由前面的分析可知随着F的增大，B的加速度不会超过，故D错误。【点睛】板块模型中，掌握好临界条件，灵活运用整体法和隔离法选择研

14、究对象，根据牛顿第二定律计算可得。3、A【解析】A、弹簧测力计测量的是力的大小，其单位是依据牛顿第二定律由加速度和质量单位导出的导出单位，故A符合题意；B、刻度尺是测量长度的仪器,是测量的力学基本量，故B不符合题意；C、秒表是测量时间的仪器,是测量的力学基本量；故C不符合题意；D、托盘天平是测量质量的仪器,是测量的力学基本量；故D不符合题意；故选A4、C【解析】伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，正确，错误；根据实验结果，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律，并非是主观臆断得出的，是在实验的基础上

15、得出错误，正确，C正确选C5、A【解析】A卫星做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：卫星的动能：三颗卫星中d的轨道半径最大，则d的动能最小，以无穷远处为零势能面，机械能：d的轨道半径最大，d的机械能最大，故A正确；Bc是同步卫星，同步卫星相对地面静止，c的轨道半径是一定的，c距离地面的是一确定值，故B错误；C同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=2r知，a的向心加速度小于c的向心加速度。由牛顿第二定律得：解得：卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加

16、速度g，故C错误；D万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：解得：由于rbrcrd，则bcd，a与c的角速度相等，则b的角速度最大，故D错误；6、D【解析】对B由动量定理得：设弹簧冲量为I，对A由动量定理得：联立解得：故ABC错误，D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A物体B、A组成的系统，在发生碰撞的过程中合力为零，动量守恒。在弹簧被压缩的过程中，弹簧对A做负功，则系统的机械能减少，故A错误。B对B下滑过程，据机械能守恒定律可得：则B刚到达水平地面

17、的速度A、B碰撞过程，以AB组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0=3mv得A与B碰撞后的共同速度为对B，根据动能定理得：物体A对B做的功故B正确。C当弹簧再次恢复原长时，A与B将分开，B以v的速度沿斜面上滑，根据机械能守恒定律可得B能达到的最大高度为，故C错误。D对B，取水平向左为正方向，由动量定理得：物体A对B的冲量故D正确。8、ABD【解析】A.由题意知，0.2s=nT传播速度所以该波的最小波速为20m/s，故A错误符合题意；B.由0.2s=nT当n=2时，T=0.1s，所以（t+0.1）秒时刻，x=-2m处的质点位移是-a，故B错误符合题意；C.由t时刻波形

18、图知，x=2m处的质点在波谷向上振动，x=2.5m的质点向下运动，所以x=2m处的质点先回到平衡位置，故C正确不符合题意；D. 根据数学知识得知质点M和N之间的距离等于 ，由波形得知，质点M第一次到达平衡位置时，质点N不在波峰故D错误符合题意；E.该波的波长等于4m大于狭缝的尺寸，故能发生明显的衍射现象，所以E正确不符合题意9、CD【解析】A、原线圈两端电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比得55V，故A错误； B、当温度升高时，R3的阻值减小，副线圈电流变大，R1两端的电压变大，并联部分的电压减小，即电压表V2示数变小，故B错误； C、根据交流电图象知T=0.02s，频率50Hz，1s

19、完成50个周期性变化，每个周期电流方向改变2次，所以通过电流表的电流方向每秒变化100次，故C正确； D、温度升高时，副线圈电流变大，根据电流与匝数成反比，知原线圈电流变大，所以、电流表A1、A2示数同时变大，故D正确；综上所述本题答案是：CD10、ABD【解析】根据物体的位移大小为10m进行讨论，分别对抛出点上方10m和下方10m，由位移公式列式求解时间；【详解】设向上为正方向：当物体的位移大小为10m时，若在抛出点上方，则有：10m=v0t-12gt2；解得：t1=(2+2)s或t2=(2-2)s；若在抛出点下方，则有：-10m=20t-12gt2解得：t3=(2+6)s，t4=(2-6)

20、s（舍去），故选项ABD正确，选项C错误。【点睛】本题考查竖直上抛运动的规律，要注意明确题目中给出的10m可能在抛出点的上方，也可能在下方，而上方会有两次经过，下方只有一次经过。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)0.25 (2)0.45 (3) (3)1.00 【解析】（1）可根据纸带上某点的瞬时速度等于相邻两点间的平均速度来求解vB；根据平均速度定义求解AC间和CE间的平均速度，从而即可求解（2）根据速度数值描点作图；由图像的斜率求解加速度；【详解】（1）相邻两计数点之间还有四个点未画出，即打点周期为0.02s5=0.1s，根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，得：；CE间的平均速度为：；（2）根据速度的数值描点作图；由图像可知：12、12.985 mg-m 【解析】（1）1固定刻度读数为：12.5mm，可动刻度上读数为48.50.01=0.485mm，所以最终读数为：12.985mm；（2）2根据平均速度公式可得，小球经过两光电门的速