初三物理欧姆定律解题技巧及练习题及解析

1、初三物理欧姆定律解题技巧及练习题及解析一、欧姆定律选择题Si、S2同时闭合时，电流表的示数是 0.3A,电压表&闭合、Si断开时，电流表示数是0.2A,则下列说1.如图所示，电源电压不变，当开关 示数是6V。若两表互换位置，当开关 法不正确的是()B. R2的阻值是20 aD. R2消耗的功率为0.4WA. Ri和R2的阻值之比是2: 1C.电压表示数仍是6V【答案】B【解析】【解答】当Si、S2同时闭合时，等效电路图如图所示:II由图可知，电源电压为 6V,即Ri两端的电压为6V, Id 6V则 Ri 的阻值：Ri=，=. M；=20 Q当S2闭合Si断开时等效电路如图所示：6V,故C正确;

2、由图可知两电阻串联，电压表仍测电源的电压，所以电压表示数为, 6V电路中的总电阻 R总二二夕*；=30口，R2 的阻值 R2=RRi=30Q20Q =I0R 故 B错误所以 Ri: R2=20 Q: I0Q =2 i ,故 A 正确；R2消耗的电功率 P=I2R2= (0.2A) 2X I0Q =0.4W D 正确；故选B.【分析】先画出等效电路图；当 S、S2同时闭合时，两电阻并联，电压表测量电源两端的 电压，电流表测量通过 Ri的电流；由欧姆定律可得出 Ri的阻值；两表位置互换，当 &闭合S断开时，两表串联，电压表测量的仍为电源电压，电流表测电路中的总电流；则由欧姆定律可得出电路中的总电阻

3、，由串联电路的规律可得出R2的阻值；由P=2R可求R2消耗的功率.2.某兴趣小组为了研究电子温控装置，连接成如图所示电路，Ri为热敏电阻，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，闭合开关，当温度降低时，下列说法中正确的是（）氐1 1A.电压表V2和电流表A示数均变大C.电压表V2和电流表 A的乘积不变 比不变【答案】DB电压表Vi和电流表A示数之比不变D电压表V2变化量和电流表 A变化量之【解析】【解答】解：由电路图可知，R与心并联后再与R0串联，电压表Vi测并联部分的电压，电压表 V2测R0两端的电压，电流表测干路中的电流.（ D因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度降低时，热敏电阻Ri

4、的阻值变大，并联部分的电阻变大，电路中的总电阻变大，1.由1=彳可知，干路中的电流变小，即电流表 A的示数变小，由U=IR可知，Ro两端的电压变小，即电压表 V2的示数变小，故 A错误；由电压表V2示数变小、电流表 A示数变小可知，电压表 V2和电流表A的乘积变小，故 C 错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以，并联部分的电压变大，即电压表Vi的示数变大，由电压表Vi的示数变大、电流表 A示数变小可知，电压表 Vi和电流表A示数之比变大, 故B错误；（2）设温度变化前后，干路中的电流分别为Ii、|2 ,则电压表V2示数的变化量：照 U2=|2氐|iR0= （|2Ii） Ro=A IR

5、o ,即 j=R0 ,且 Ro 的阻值不变，所以，电压表 V2变化量和电流表 A变化量之比不变，故 D正确.故选D.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联后再与R0串联，电压表 Vi测并联部分的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流.（1）根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化，进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，然后得出电压表V2和电流表A的乘积变化；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表Vi的示数变化，然后得出电压表 Vi和电流表 A示数之比变化；（2）设出温度变化前后电路中的

6、电流，根 据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与Ro的阻值关系，然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化.3.下图是某同学设计的测风速的装置，图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动.现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器的滑片 P向上移动，且风速增大时电压 表的示数增大.以下四个图中符合要求的是（）【解析】【解答】解：AD.探头上平下凸，当风吹过探头时，探头下方空气的流速大于上 方空气的流速，探头下方空气压强小于上方空气压强，产生向下的压力差使弹簧压缩，滑 片下移，故AD不符合题意；BC.探头上凸下平，当风吹过探头时，探头上方空气的流速大于下方空气的流速，探头下方空气压强大

7、于上方空气压强，产生向上的压力差使弹簧伸长，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小；L由I= R可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，Ri两端的电压变大，即 B选项中电压表的示数变大，故 B符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即 C选项中电压表的示数变小，故C不符合题意.故选B.【分析】根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化.本题是力学和电学的综合题，涉及到

8、串联电路的特点和欧姆定律的应用，会利用流体压强 和流速的关系是解题的关键.4.甲图是小灯泡L和电阻R的I-U图象。将小灯泡 L和电阻R接入乙图所示电路中，只闭金时,0.2A电路总功率为 1.4WD.再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的C.再闭合开关热量为240J【答案】D1)闭合开关Si时，灯泡的功率为1W,因为P l=U lJ l ,所以从甲图中找到电压和电流乘积为1的点，这时的电流就是灯泡的额定电流，电压就是灯泡的额定电压，也是电源电压；(2)再闭合开关S2时，电阻R和灯泡L并联，电流表示数增加量就是电阻R的电流，从甲图中找到对应的电流即可；(3)再闭合开关 &时，根据P=UI计算出

9、电阻R的功率，然后根据 P总PL+P计算总功率；(4)已知R的功率和时间根据 Q=W=Pt计算产生的热量。【分析】A.闭合开关 Si时，灯泡的功率为 1W,据甲图可知，当灯泡电压为2V,电流为0.5A 时，灯泡功率 PL=UlIl=2VX 0.5A=1W,因此电源电压是 2V ,灯泡电阻：Ul 2V -二,故A正确不合题意;Il 0. 5AB.再闭合开关 金时，电阻R和灯泡L并联，电流表示数增加量就是电阻 R的电流；据甲图可知，当R电压为2V时，它的电流是 0.2A,因此电流表示数增加 0.2A,故B正确不合题心、)C再闭合开关S2时，电阻 R的功率 P=UI=2VX 0.2A=0.4W/电路

10、的总功率为：P总=PL+P=1W+0.4W=1.4W,故C正确不合题意；D.再闭合开关 金时，1min内电阻 R产生的热量为：Q=W=Pt=0.4W U2C. V2示数变小，V2示数和电流表示数之比变小D. V示数变小，V2示数和电流表示数之比不变【答案】D【解析】 【解答】滑动变阻器的滑片右移，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电 流变小，所以 V2的示数变小，Ri与R2串联，Vi、V2示数之和为电源电压，不变，所以 Vi 的示数变大，且 Ui=4U2 , A、B两项都错误；V2示数和电流表示数之比为 R2阻值，不 变，C不符合题意，D符合题意。故答案为：Do【分析】R与R2串联，电压表

11、 Vi测Ri两端的电压，电压表 V2测R2两端的电压，电流表 测电路中的电流。闭合开关 S,各表均有一定示数，根据滑片的移动可知接入电路中电阻 的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知Ri两端的电压变化，再利用串联电路的电压特点可知两电压表示数变化量之间的 关系，最后根据欧姆定律结合定值电阻R2的阻值判断V2示数和电流表示数之比的变化.i8.如图所示的电路中，电流表 Ai的示数为0.5A, A2的示数为 0.3A,电阻R2的阻值为 i0Q下列说法正确的是（）A.通过电阻Ri的电流为0.5A B.电源电压为5VC.电阻Ri的阻值为15 aD.断开开

12、关S2 ,电流表Ai示数变大【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表 Ai测干路的电流；开关 6控制整个电路，开关 S2控制电阻Ri；因为并联电路中干路电流等于 各支路电流之和，所以通过电阻Ri的电流：力=工 上，-仪5从0.3A = 0.A4 , a不符合题意；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压：忸二&二I瓶色为父3t , B不符合题意；电阻Ri的阻值：U 3V月二二二 ,15 R 仇书，C符合题意。若断开开关 S2 ,电流表Ai只测量R2的电流，电流表Ai示数变小，D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据并联电

13、路中干路电流等于各支路电流之和，结合欧姆定律计算电路中的电压 和电阻.19 .如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片 P自中点向b端移动的过程中，下列关于电表示数变化情况判断正确的是（）R，VA.电流表B.电流表C.电流表D.电流表【答案】【解析】Ai变小, Ai变小, Ai变小, Ai不变, BA变小, A不变, A变小, A2变大,电压表 电压表 电压表 电压表V不变V不变V变大V变小【解答】解：由电路图可知,R与R2并联，电压表 V测电源的电压，电流表 Ai测R2支路的电流，电流表 A2测Ri支路的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 V的示数不变，CD不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过 Ri的电流不变，即电流表 A2的示数不变，当滑动变阻器滑片 P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大， /由1=彳可知，该支路的电流变小，即电流表Ai的示数变小，B符合题意，A不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据并联电路中各支路独立