数电课后答案康华光第五版(完整)

1、第一章数字逻辑习题1. 1数字电路与数字信号1.1.2图形代表的二进制数0101101001. 1 . 4 一周期性数字波形如图题所示，试计算：1周期；2频率；3占空比例MSBII LSB0 1 211 12 ms解:因为图题所示为周期性数字波，所以两个相邻的上升沿之间持续的时间为周期，T=10ms频率为周期的倒数，f=1/T=1/0.01s=100HZ占空比为高电平脉冲宽度与周期的百分比，q=1ms/10ms*100%=10%1.2数制4 将以下十进制数转换为二进制数，八进制数和十六进制数要求转换误差不大于22127 42.718解：2 127D= 27-1= 10000000B-1= 11

2、11111B= 177O= 7FH4 2.718D=(10.1011)B=(2.54)0=(2.B)H1.4二进制代码将以下十进制数转换为8421BCD码：143 3254.25解：43D= 01000011BCD试用十六进制写书以下字符繁荣ASC H码的表示：P281+ 2 3you (4)43解：首先查出每个字符所对应的二进制表示的asc n码，然后将二进制码转换为十六进制数表示。1“ + 的 ASC n 码为 0101011，那么00101011B= 2BH2 的 ASC n 码为 1000000,(01000000)B=(40)H(3) you的ASC n码为本1111001,1101

3、111,1110101对应的十六进制数分别为79,6F,75(4) 43的ASC n码为0110100,0110011,对应的十六紧张数分别为34,331.6逻辑函数及其表示方法在图题中，输入信号 A , B'的波形，画出各门电路输出L的波形。A4=L卜|£s 人TLTLTLB J L 1l_(3) A B AB AB A® B=AB+AB解：真值表如下ABA BABABA BAB +AB0001011011000010100001100111由最右边2栏可知，A B与AB +AB的真值表完全相同。用逻辑代数定律证明以下等式 A ABC ACD (C D)E A C

4、D E解：A ABC ACD (C D)EA(1 BC) ACD CDEA ACD CDEA CD CDEA CD E用代数法化简以下各式(3) AB(C(BC)解：Abc(bC)(AB C)(BC)ABACBBBC CB CABC(ABB 1)ABCAB)(AB) (AB)(AB)解：AB)(AB) (AB)(AB)A BA 1B (A B)(A B)B AB ABAB BA BAB(9) ABCD ABD BCD ABCBD BC解：ABCD ABD BCD ABCBD BCABC(D D) ABD BC(D C)B(AC AD C D)B(A CAD)B(A C D)AB BC BD画出

5、实现以下逻辑表达式的逻辑电路图，限使用非门和二输入与非门(1) L AB AC L D(A C) L (A B)(C D)L222 函数L A, B, C, D的卡诺图如下列图，试写出函数L的最简与或表达式凱00ulIL10ao11011li11011解：L(A, B,C,D) BCDBCDBCD ABD用卡诺图化简以下个式1ABCD ABCD ABADABC解：ABCD ABCD ABADABCABCD ABCDAB(C C)(D D) AD(B B)(C C) ABC(D D)ABCD ABCDABCD ABCD ABCD ABCD ABCD6L(A,B,C,D)m(0,2,4,6,9,1

6、3)d(1,3,5,7,11,15)解:厂1K11XX1J1XILALAD7L(A,B,C,D) m(0,13,14,15)d(1,2,3,9,10,11)解：XX11 XVXXL AD AC AB2.2.4 逻辑函数L AB BC CA，试用真值表，卡诺图和逻辑图限用非门和与非门表示解:1由逻辑函数写出真值表ABCL000000110101011110011011110111102由真值表画出卡诺图3由卡诺图，得逻辑表达式L AB BC AC用摩根定理将与或化为与非表达式L AB BC AC AB BC AC4由函数的与非-与非表达式画出逻辑图第三章习题3.1 MOS逻辑门电路根据表题所列的

7、三种逻辑门电路的技术参数，试选择一种最适宜工作在高噪声环境下的门电路。表题逻辑门电路的技术参数表VoH (min) /VV OL(max) NViH (min) /VVIl (max) / V逻辑门A2.40.420.8逻辑门B3.50.22.50.6逻辑门C4.20.23.20.8解：根据表题 所示逻辑门的参数，以及式丨和式，计算出逻辑门 A的 高电平和低电平噪声容限分别为：Vnha =Voh (min) Vh (min) =2.4V 2V=0.4V/nLA (max) =VlL (max) /Ol (max) =0.8V 0.4V=0.4V同理分别求出逻辑门B和C的噪声容限分别为：Vnhb

8、 =1VVnLB =0.4VVnHC =1VVnlc =0.6V电路的噪声容限愈大，其抗干扰能力愈强，综合考虑选择逻辑门C根据表题所列的三种门电路的技术参数,计算出它们的延时-功耗积,并确定哪一种逻辑门性能最好表题逻辑门电路的技术参数表tpLH / nstpHL / nsPo/mW逻辑门A11.216逻辑门B568逻辑门C10101解:延时-功耗积为传输延长时间与功耗的乘积，即DP = tpdPD根据上式可以计算出各逻辑门的延时-功耗分别为tPLH tPHL(11.2) ns"12DPa =R=*16mw=17.6*10J=17.6PJ2 2同理得出：DPb=44PJ DPc=10P

9、J,逻辑门的DP值愈小，说明它的特性愈好，所以逻辑门C的 性能最好.为什么说74HC系列CMOS与非门在+5V电源工作时，输入端在以下四种接法下都属 于逻辑0: (1)输入端接地；(2)输入端接低于1.5V的电源；(3)输入端接同类与非门的输 出低电压0.1V;输入端接10kQ的电阻到地.解:对于74HC系列CMOS门电路来说，输出和输入低电平的标准电压值为：Vol =0.1V, Vil=1.5V,因此有:(1) Vi =0< Vil =1.5V,属于逻辑门 0 Vi<1.5V=ViL,属于逻辑门0(3) Vi <0.1<Vil =1.5V,属于逻辑门 0由于CMOS管

10、的栅极电流非常小，通常小于1uA,在10kQ电阻上产生的压降小于10mV即Vi <0.01V< Vil =1.5V,故亦属于逻辑 0.求图题所示电路的输出逻辑表达式 .解:图解所示电路中 L仁AB ,L2= BC ,L3= D ,L4实现与功能，即L4=L1 ? L2 ? L3,而L= L牛E ,所以输出逻辑表达式为 L= ABBCDE图题表示三态门作总线传输的示意图，图中n个三态门的输出接到数据传输总线，D1 , D2 ,Dn为数据输入端，CS1, CS2CSn为片选信号输入端 試问：(1) CS信号如何进行控制，以便数据D1,D2,Dn通过该总线进行正常传输；(2)CS信号能

11、否有两个或两个以上同时有效 ？如果出现两个或两个以上有效，可能发生什么情况？ (3)如果 所有CS信号均无效，总线处在什么状态？DnCEtl阳CS2DICS1解：(1)根据图解可知片选信号CS1, CS2CSn为高电平有效，当CSi=1时第i个三 态门被选中，其输入数据被送到数据传输总线上，根据数据传输的速度，分时地给 CS1 ,CS2CSn端以正脉冲信号，使其相应的三态门的输出数据能分时地到达总线上(2) CS信号不能有两个或两个以上同时有效，否那么两个不同的信号将在总线上发生冲突，即总线不能同时既为0又为1.(3) 如果所有CS信号均无效，总线处于高阻状态.3.1.12 试分析所示的CMO

12、S电路，说明它们的逻辑功能LA B解：对于图题3.1.12 Ca所示的CMOS电路，当EN =0时，Tp2和Tn2均导通，和Tn1构成的反相器正常工作，L= A，当EN =1时，Tp2和Tn2均截止，无论 A为高电平还是低电平，输出端均为高阻状态，其真值表如表题解所示，该电路是低电平使能三态图题 b所示CMOS电路，EN =0时，Tp2导通，或非门翻开,Tpi和Tn1构成反相器正常工作，L=A ;当EN =1时，Tp2截止，或非门输出低电平，使Tn1截止，输出端处于高阻状态，该电路是低电平使能三态缓冲器，其表示符号如图题解 b所示。同理可以分析图题 c和图题d所示的CMOS电路，它们分别为高电

13、平使能三态缓冲器和低电平使能三态非门，其表示符号分别如图题 c和图题 d所示。E»AL00101010高阻11 a莎AL00001110高阻11高阻 bENAL00高阻01高阻100111 cS'AL00101010高阻11高阻 d为什么说TTL与非门的输入端在以下四种接法下，都属于逻辑1 : 1输入端悬空；2输入端接高于2V的电源；3输入端接同类与非门的输出高电压3.6V ; 4输入端接10k Q的电阻到地。解：1参见教材图电路，当输入端悬空时， 管的集电结处于正偏， Vcc作用于T1 的集电结和T2 , T3管的发射结，使T2 , T3饱和，使T2管的集电极电位 Vc2=

14、VcEs2+VBE3=0.2+0.7=0.9V，而 T4 管假设要导通 VB2=Vc2be4+Vd=0.7+0.7=1.4V，故 T4截止。又因T3饱和导通，故与非门输出为低电平，由上分析，与非门输入悬空时相当于输 入逻辑1。2丨当与非门输入端接高于2V的电源时，假设T1管的发射结导通，那么 VBE1丸.5V , T1管的基极电位 Vb支+ Ci=2.5V。而Vbi迄1V时，将会使 T1的集电结处于正偏， T2, T3处于 饱和状态，使 T4截止，与非门输出为低电平。故与非门输出端接高于2V的电源时，相当于输入逻辑1。3丨与非门的输入端接同类与非门的输出高电平3.6V输出时，假设 Ti管导通，

15、那么Vbi=3.6+0.5=4.1。而假设 Vbi>2.1V时，将使Ti的集电结正偏，T2, T3处于饱和状态，这 时VB1被钳位在2.4V ,即T1的发射结不可能处于导通状态，而是处于反偏截止。由1 2,当VB1多.1V，与非门输出为低电平。4丨与非门输入端接 10kQ的电阻到地时，教材图的与非门输入端相当于解图所示。这时输入电压为Vi= NHRb(Vcc-Vbe)=10 5-0.7/ 10+4=3.07V。假设导通，贝U Vbi=3.07+ Vbe=3.07+0.5=3.57 V 。但 Vbi 是个不可能大于 2.1V 的。当 Vbi=2.1V 时， 将使T1管的集电结正偏，T2,

16、T3处于饱和，使 Vbi被钳位在2.1V，因此，当 Ri = 10k Q时，T1 将处于截止状态，由1这时相当于输入端输入高电平。十氏匚Kb14k伞TYI RI10k、3.2.3 设有一个74LS04反相器驱动两个 74ALS04反相器和四个74LS04反相器。1问 驱动门是否超载？ 2假设超载，试提出一改进方案；假设未超载，问还可增加几个74LS04 门？解：1根据题意，74LS04为驱动门，同时它有时负载门，负载门中还有74LS04。从主教材附录 A查出74LS04和74ALS04的参数如下不考虑符号74LS04 :|OL(max) =8mA, I OH (max) =0.4mA； I I

17、H (max) =0.02mA.4 个 74LS04 的输入电流为：4liL(max)=40.4mA=1.6mA,4 I ih (max) =40.02mA=0.08mA2 个 74ALS04 的输入电流为： 2 I iL(max)=20.1mA=0.2mA,2 I ih (max) =20.02mA=0.04mA 。'''拉电流负载情况下如图题解“ '3.2-3；所示，74LS04总的拉电流为两局部，即"；个 74ALS04 的高电平输入电流的最大值 4 |ih (max) =0.08mA 电流之和为 0.08mA+0.04mA=0.12mA.而74

18、LS04能提供0.4mA的拉电流，并不超载。 灌电流负载情况如图题解 b所示，驱动门的总灌电流为1.6mA+0.2mA=1.8mA.而74LS04能提供8mA的灌电流，也未超载。2从上面分析计算可知，74LS04所驱动的两类负载无论书灌电流还是拉电流均未超3.2.4 图题所示为集电极门74LS03驱动5个CMOS逻辑门， 0C门输管截止时的漏电流=0.2mA ;负载门的参数为：=4V,=1V,=1A试计算上拉电阻的值。从主教材附录 A 查得 74LS03 的参数为：VOH (min) =2.7V，VOL (max) =0.5V，loL(max) =8mA.根据式形式可以计算出上拉电阻的值。灌电

19、流情况如图题解 a所示，74LS03 输出为低电平， lIL(totai) =5|IL =50.001mA=0.005mA,有Rp(min)=0.56KVDD VOL(max)(54)VIOL (max) I IL(total ) _ (80.005) mA拉电流情况如图题解 b所示，74LS03输出为高电平,Iih (total) =5 Iih =50.001mA=0.005mA由于VOH (min) <VlH (min)为了保证负载门的输入高电平，取Voh (min) =4V有Vdd Voh (min)(5 4)VRp (max) =4.9K|OL(t0tal) | IH (tota

20、l)综上所述，Rp的取值范围为0.564.9设计一发光二极管(LED)驱动电路，设LED的参数为Vf =2.5V, b=4.5Ma;假设Vcc =5V, 当LED发亮时，电路的输出为低电平，选出集成门电路的型号，并画出电路图.解:设驱动电路如图题解 3.6.7 所示,选用74LSO4作为驱动器件，它的输出低电平电流| OL (max) =8mA, VoL(max)=0.5V,电路中的限流电阻VCC VF VOL (max)(5 2.5 0.5)vID4.5mAR=444 Q第四章 组合逻辑 习题解答4. 1.2组合逻辑电路及输入波形A.B如图题所示，试写出输出端的逻辑表达式 并画出输出波形。解

21、：由逻辑电路写出逻辑表达式L AB AB AOB首先将输入波形分段，然后逐段画出输出波形。当A.B信号相同时，输出为 1,不同时，输出为 0,得到输出波形。-TLFLrU-如下列图4. 2. 1试用2输入与非门设计一个 3输入的组合逻辑电路。 当输入的二进制码小于 3时, 输出为0;输入大于等于3时，输出为1。解： 根据组合逻辑的设计过程，首先要确定输入输出变量，列出真值表。由卡诺图化简得到最简与或式，然后根据要求对表达式进行变换，画出逻辑图1设入变量为输出变量为L,根据题意列真值表A B C L000000100100011110011011110111112由卡诺图化简，经过变换得到逻辑表

22、达式L A BC A*BC3用2输入与非门实现上述逻辑表达式4. 2. 7 某足球评委会由一位教练和三位球迷组成，对裁判员的判罚进行表决。当满足以下条件时表示同意； 有三人或三人以上同意， 或者有两人同意，但其中一人是叫教练。 试用 2输入与非门设计该表决电路。解：1丨设一位教练和三位球迷分别用 A和表示，并且这些输入变量为 1时表示同 意，为0时表示不同意，输出L表示表决结果。L为1时表示同意判罚，为0时表示不同意。 由此列出真值表输入输出ABCDL000000001000100001100100001010011000111110000100111010110111110011101111

23、101111112丨由真值表画卡诺图由卡诺图化简得 L=AB+AC+AD+BCD由于规定只能用2输入与非门，将上式变换为两变量的与非一一与非运算式L AB*AC* AD* BCDAB* AC* AD* B*CD3根据L的逻辑表达式画出由 2输入与非门组成的逻辑电路4. 3. 3判断图所示电路在什么条件下产生竞争冒险，怎样修改电路能消除竞争冒险 ？解：根据电路图写出逻辑表达式并化简得L A* B BC当A=0, C=1时，L B B有可能产生竞争冒险，为消除可能产生的竞争冒险,增加乘积项使AC ，使L A* B BC AC，修改后的电路如图444 试用74HC147设计键盘编码电路，十个按键分别

24、对应十进制数09,编码器的输出为8421BCD码。要求按键9的优先级别最高， 并且有工作状态标志， 以说明没有按键按下和 按键0按下两种情况。解：真值表F AF一 =hS4S,鼻3(xX“*厂匸厂亍KXKXXXX MX0XKK0IXX11电路图cc】gxio446 用译码器74HC138和适当的逻辑门实现函数解：将函数式变换为最小项之和的形式f=珏囲应“巫和怔匚=nio卄m +ite hn-i将输入变量A、B、C分别接入 、人：端，并将使能端接有效电平。 是低电平有效输出，所以将最小项变换为反函数的形式由于 74HC138L =Tlo-nUMEE7 二 To Yq ¥e Yt在译码器

25、的输出端加一个与非门，实现给定的组合函数。4.4.14 七段显示译码电路如图题4. 4. 14 a所示，对应图题 4. 4, 14形，试确定显示器显示的字符序列所示输人波A2A2A1A，数字4被锁解：当LE=0时，图题4, 4。14a所示译码器能正常工作。所显示的字符即为 所表示的十进制数，显示的字符序列为 0、1、6、9、4。当LE由0跳变1 E 存，所以持续显示 4。11- :1 畀LEfJi丄rntlULBL 74HC45111 竄LI1LEDj Dj 】5巩Ati|1丨丨1 1AI-1rnjJIJ何-1. 4419试用4选1数据选择器74HC15矿生逻辑函数L(A,B,C) m(1,2

26、,6,7).解：74HC153勺功能表如教材中表解4419所示。根据表达式列出真值表如下。 将变量A B分别接入地址选择输入端Si、So，变量C接入输入端。从表中可以看出输出L与变量C之间的关系，当AB=00时，L= C,因此数据端I。接C;当AB=01时，L=C,h接C ;当AB为10和11时，L分别为0和1,数据输入端J和丨3分 别接0和1。由此可得逻辑函数产生器，如图解 4419所示。输入输出ABCL0 1000L=C00110101L C0 1110100001 二010110111111a LIsiBS2LIY13IJ12roIIc101/2 74HC153酬4.4, 1勺4.4.2

27、1 应用74HC151实现如下逻辑函数。解：1. F ABC ABC ABC m4 m5 m1D仁 D4=D5=1其他=0Y AQBOC = (AB +4B) QC -4B + ABC + (AB AB)C=(AB A B)C +ABC -i-ABC = ABC AC +ABCw 叫 + m2 + /n4 + m7Z)o = D3 = Dh =0f>! = O2 = O4 = 1-二1 0ENhy merer u nnnnrY74HC151Yl-aSc+ascubc0<Y74HC151Y(b)4, 4. 26试用数值比拟器74HC85设计一个8421BCD码有效性测试电路，当输人

28、为8421BCD码时，输出为1,否那么为0。解：测试电路如图题解4. 4. 26所示，当输人的08421BCD码小于1010时，FA v B输出为1,否那么0为0。1BCD码输入A丄L 111a° b, b2 bbo星A AB74HC85JFr A-BFavb尸八駐A2 A xI O 1 O4. 4. 31由4位数加法器74HC283勾成的逻辑电路如图题 4。4. 31所示,N为控制端，试分析该电路的功能解：分析图题4. 4，31所示电路，根据MN的不同取值，确定加法器 74HC283的输入端B3B2B1B0勺值。当MN= 00时，加法器74HC283的输人端B3B2B1BI0 00

29、00,那么加法器的输出为 S= I。当MN= 01时，输入端B3B2B1B40010,加法器 的输出S= I + 2。同理，可分析其他情况，如表题解4 . 4 . 31所示。该电路为可控制的加法电路第六章习题答案|VN巴d %s-1昂目s00000 0l+Q10G011/ + J9J001 V/ + 210101某时序电路的状态表如表题6. 1，6所示，输人为 A，试画出它的状态图。如果电路的初始状态在 b，输人信号A依次是0、1、0、1、1、1、1,试求其相应的输出。庆莽#出忿?A-9aa/0b/Qba/1d/1e6/1t/1dd/lc/0eb/lo/l解：根据表题6。1. 6所示的状态表，

30、可直接画出与其对应的状态图， 如图题解6. 1。6 a 所示。当从初态b开始，依次输人 0、1、0、1、1、1、1信号时，该时序电路将按图题解 6, 1. 6 b所示的顺序改变状态，因而其相应的输出为 1、0、1、0、1、0、1。(b)试分析图题6。2. 1a所示时序电路，画出其状态表和状态图。设电路的初始状态 为0,试画出在图题 6. 2. 1 b所示波形作用下，Q和z的波形图。纽 JLfLrLTLnTLrLrLrLN LJ |_|_解：状态方程和输出方程:Z=AQ纤LrLrLrLTLrLrLrLrL |_r。nnLJ2.1624 分析图题6. 2。4所示电路，写出它的鼓励方程组、状态方程组

31、和输出方程，画出状 态表和状态图。解：鼓励方程人=0 £ H 片 0 A =?o耳“状态方程y 0；©:©订怎“疋化二；花“输出方程Z=AQ1Q0根据状态方程组和输出方程可列出状态表，如表题解6. 2 . 4所示，状态图如图题解6。2. 4所示。圈题解6. 2.4625分析图题6. 2. 5所示同步时序电路，写出各触发器的鼓励方程、电路的状态方程组 和输出方程，画出状态表和状态图。解：鼓励方程状态方程=昶：死*缄；前°；十0；输出方程如表题解6, 2, 5所示，状态图如图题解ZAQ1根据状态方程组和输出方程列出该电路的状态表，6。2. 5所示。Q；rlQ

32、V做;Q；40A >1ooo/o001/Gi(M»000/1Mi/aOOl01Q/0101000/1010/0owooo/oaii/ttuo000/1Oll/Qon100/Qou/oHI0001Oll/AffiSM 6. 2. 5用JK触发器设计一个同步时序电路，状态表如下*«； XIQ；Q：X = ®* = 1w0110110V4 10/0 11/0 00/1Ll/000/0ftl/010/1解：所要设计的电路有 4个状态，需要用两个 JK触发器实现。1列状态转换真值表和鼓励表由表题6。3. 1所示的状态表和JK触发器的鼓励表，可列出状态转换真值表和对各触

33、发器 的鼓励信号，如表题解 6. 3。1所示。豪 XI硏0；A啊Y£&:人出00 0Q100X1X00 111Q1K1X0E0101Nx1Q1 000aXX114O110XQ1X10 101flXI1K11 00n1X1M111 11Q1X* 12求鼓励方程组和输出方程由表题解6. 3. 1画出各触发器J、K端和电路输出端 y的卡诺图，如图题解6. 3. 1a所示。从而，得到化简的鼓励方程组J = &芜丛也Q.输出方程Y=Q1Q0Q1Q0A由输出方程和鼓励方程话电路图童解6.3. 1634试用下降沿出发的 D触发器设计一同步时序电路，状态图如634a，S0S1S2的编

34、码如 a解：图题6. 3。4 b以卡诺图方式表达出所要求的状态编码方案，即S0= 00, Si= 01 ,S2= 10, S3为无效状态。电路需要两个下降沿触发的D触发器实现，设两个触发器的输出为Q1、Q0 ,输人信号为 A，输出信号为 Y0 4圈氐3*41由状态图可直接列出状态转换真值表，如表题解6。3. 4所示。无效状态的次态可用无关项X表示。2画出鼓励信号和输出信号的卡诺图。根据D触发器的特性方程，可由状态转换真值表直接画出2个卡诺图，如图题解6.3。4 a所示。丨X4，Q：4Ya0000000101001V100011010i00000i0100110覺XXi1tXXX3由卡诺图得鼓励

35、方程k “鬲输出方程Y=AQ14根据鼓励方程组和输出方程画出逻辑电路图，如图题解6. 3. 4 b所示。5检查电路是否能自启动。 由D触发器的特性方程 0人I = D，可得图题解6. 3, 4 b 所示电路的状态方程组为打Q：仏J血代入无效状态11,可得次态为00,输出丫=1。如图c图題解氐3一4试画出图题6.5. 1所示电路的输出Q3 Q0波形，分析电路的逻辑功能。CLK 01*cffiflfl： 6, 5. i解：74HC194功能由S1S0控制00保持，01右移 10左移11并行输入当启动信号端输人一低电平时，使S仁1,这时有So= Sl = 1,移位存放器74HC194执行并行输人功能

36、，Q3Q2Q1Q0 = D3D2D1D0 = 1110。启动信号撤消后，由于Qo= 0,经两级与非门后，使S仁0,这时有S1S0= 01,存放器开始执行右移操作。在移位过程中，因为Q3Q2、Q1、Q0中总有一个为0,因而能够维持 S1S0=01状态，使右移操作持续进行下去。其移位 情况如图题解6, 5, 1所示。由图题解6. 5o 1可知，该电路能按固定的时序输出低电平脉冲，是一个四相时序脉冲产生 电路。cp-TLA/LTLTL1 a込Qy试用上升沿触发的 D触发器及门电路组成 3位同步二进制加1计数器；画出逻辑图 解：3位二进制计数器需要用3个触发器。因是同步计数器，故各触发器的CP端接同一

37、时钟脉冲源。1列出该计数器的状态表和鼓励表，如表题解所示6- S.6it»M 冲J<?；矍；疫Q；Q；次态QV1QV1比£曲0009Qi001100101001020J901101141110*Ift0410n10!IDI510111d1t0610 -111ItI711i40°A00(2)用卡诺图化简，得鼓励方程Ci=<?a3i+Qa?o +5iPi?<D产 QiQti + Qi Qo久=Qo3画出电路幺Qt曲题第用JK触发器设计一个同步六进制加1计数器解：需要3个触发器1状态表，鼓励表计数躲冲现$次廳1鼓励信号的WI序Q； 0；0；QV* QL

38、 QY'h血右K,Ja %00 0 00 0 1DxOxI10 0 10 ! 00M1XX1201Qa110KX01X0 1 11 0 01XX1X1斗1 0 01 0 1x0QX1X51 » 10 0 0X10KX11t0MXXXXSCKXX1 1 1xxx*xmxxx2用卡诺图化简得鼓励方程QQ3画出电路图°时4检查自启动能力。当计数器进入无效状态 110时，在CP脉冲作用下，电路的状态将按110T111T000变化，计数器能够自启动。6.5.15 试用74HCT161设计一个计数器，其计数状态为自然二进制数10011111。解：由设计要求可知， 74HCT16

39、1在计数过程中要跳过 00001000九个状态而保存1001 1111七个状态。因此，可用“反应量数法实现：令74HCT161的数据输人端 D3D2D1D0=1001，并将进位信号TC经反相器反相后加至并行置数使能端上。所设计的电路如图题解6。5. 15所示。161为异步清零，同步置数。1CR D( d Dt D,CETTCCPC£P 74HCT161>CP _. APEQ Qi Q、Q?SC* 6. 5. 15试分析电路，说明电路是几进制计数器解：两片74HCT161级联后，最多可能有 162= 256个不同的状态。而用“反应置数法构 成的图题6. 5。18所示电路中，数据输

40、人端所加的数据01010010,它所对应的十进制数是82,说明该电路在置数以后从01010010态开始计数，跳过了 82个状态。因此，该计数器的模M=255 82= 174,即一百七十四进制计数器。0 10 0I IIL0 I 0CR D曲 D) D3 D、CRDj D2 D)CET1TCCETTC>1CEP74HCT 161(0)LCEP74HCT16K1)宀 PEL>CP小rc小FEQ* Qj Q； Q)Qo QQ： Q)Illi1 1 1 i试用74HCT161构成同步二十四一制计数器，要求采用两种不同得方法。解：因为M=24，有16V M V 256,所以要用两片74HCT161。将两芯片的CP端直接与计数 脉冲相连，构成同步电路，并将低位芯片的进位信号连到高位芯片的计数使能端。用“反应清零法或“反应置数法跳过 256 24= 232个多余状态。反应清零法：利用 74HCT161的“异步清零功能，在第24个计数脉冲作用后，电路的输出状态为00011000时，将低位芯片的Q3及高位芯片的Q0信号经与非门产生清零信号，输出到两芯片的异步清零端， 使计数器从00000000状态开始重新计数。其电路如图题解a所示。反应置数法：利