中考物理二轮复习专题三多项选择题

1、专题三多项选择题（近6年必考，2022题，且北京、河南、潍坊、天津、沈阳、葫芦岛、本溪、抚顺均考查）类型1光学多选题（10年3考）1.（2018盘锦）“共建平安盘锦”，我市在重要的位置都安装了“电子眼”，形成“天网”.关于“电子眼”的光学知识说法正确的是（）A. “电子眼”的镜头是凸透镜B. “电子眼”形成的像是正立的C.物体距离“电子眼”越远，所成像越小D.“电子眼”成像原理与显微镜物镜成像原理相同2. 小明拿着凸透镜在窗户和墙壁之间移动，发现墙壁上出现了一个窗户的像，墙壁、凸透镜和窗户的位置如图所示，则下列说法正确的是（）七J窗窗的像凸连镜第2题图A.墙壁上出现的是正立、缩小的实像B.照相

2、机是利用图中所示的成像规律工作的C.向右移动凸透镜，在墙壁上还会出现一个像D.用白纸挡住凸透镜一半，不能看到窗户完整的像3. （2019邯郸二模）拿一副远视眼镜放在凸透镜前，如图所示，光屏上出现烛焰清晰的像，移走远视眼镜，烛焰的像变得模糊，为了能在光屏上重新得到清晰的像，下列操作可行的是第3题图A.将蜡烛靠近凸透镜B.将光屏靠近凸透镜C.换一个焦距更小的凸透镜D.换一个更厚的凸透镜4. （2019石家庄一模）在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示,烛焰在光屏上恰好成一清晰等大的实像.下列说法正确的是（）第4题图A.凸透镜的焦距是20cmB.在蜡烛与凸透镜之间放一近视镜片

3、，向右适当移动光屏可得到清晰的像C.将蜡烛移动到35cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏，光屏接收到的像变大D.将蜡烛移动到45cm刻度处，无论如何移动光屏，光屏上都不能成像如图所示，恰能在光屏上5.（2019邯郸一模）某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律,看到清晰的像，下列说法正确的是（）第5题图A.当向水透镜里再次注些水后，将光屏靠近透镜才能在光屏上重新成清晰的像B.利用此时成像特点可制成照相机C.若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上出现正立放大的虚像D.若遮住透镜上半部分，光屏上还可以成完整的像6.（2019石家庄裕华区二模）小明利用两个焦距不同的凸透镜（焦距fi

4、vf2）,探究凸透镜的成像规律，先用焦距为fi的凸透镜进行实验在光屏上得到烛焰清晰的像，如图所示；更换为焦距为f2的凸透镜进行实验，则下列判断正确的是（）第6题图A.当凸透镜焦距为fi时，图中光屏上得到的是缩小的实像B.焦距为f2的凸透镜比焦距为fi的凸透镜的会聚能力强C.若保持蜡烛和透镜的位置不变，应将光屏向右移动，光屏上才能得到清晰的像D.更换凸透镜后，若保持蜡烛和光屏不动，需向左移动凸透镜，光屏上可能得到清晰的像类型2热学多选题（2015.20）1 .（2019张家口桥东区一模）下列说法中，正确的是（）A.物体吸收了热量，温度一定升高B. 一个物体温度越高，它含有的热量越多C. 在花丛旁

5、闻到浓郁的花香属于扩散现象D. 温度和质量都相同的两杯水具有的内能也相同2. (2019石家庄40中一模改编)关于下列实例的叙述中正确的是()A. 用热水袋暖手，手与热水袋之间发生的是热传递B. 用手反复弯折铁丝，人对铁丝做功，弯折处铁丝的温度升高C. 质量相同的水和煤油升高相同的温度，水吸收的热量多D. 工人对物体做功后，物体内能一定增大，温度一定升高3. (2019石家庄42中校模改编)关于内能及其利用，下列说法不正确的是()A. 温度高的物体内能一定大B. 用锯条锯木板，锯条的温度升高，是由于锯条从木板吸收了热量C. 热机的压缩冲程是将机械能转化为内能D. 随着科技的发展，热机的效率可以

6、提高到100%4. 下列关于热现象的说法，正确的是()A.一桶水的比热容和一杯水的比热容不同B胶水可以粘接物体，利用分子间的引力C.水沸腾时，温度不变，但内能增加D水可作汽车发动机的制冷剂，也可作供热系统的取暖剂5. 下列说法中正确的是()A. 燃料热值越大，燃烧放出的热量越多B. 热机的做功冲程将内能转化为机械能C. 0的冰块没有内能D. 加了白糖的水会变甜，说明分子在做无规则运动6. 下列说法不正确的是()A. 5的水放入0的房间里，水会结冰B. 物体的温度越高，分子热运动越剧烈，物体所含的热量越多C. 清扫教室时，飞扬的灰尘说明分子在不停地做无规则运动D. 热量只能从温度高的物体传到温度

7、低的物体类型3力学多选题(10年6考，均在21题考查)考向1力与运动综合(2016、2014.21)1.(2019定州二模)自拍杆是最近风靡的自拍神器，它能够在20cm到120cm长度间任意伸缩，使用者只需将手机固定在固定架上，通过按钮就能实现多角度自拍下列说法正确的是()A. 手机固定在固定架上，手机对固定架的弹力和固定架对手机的弹力是一对相互作用力B. 手机被固定在固定架上时，弹簧因发生形变而具有弹性势能C.拍照时，手机处于静止状态，手机受平衡力的作用D.在调整拍照位置的过程中，如果匀速举高手机，手机的机械能不变2.（2019河北考试说明题型拓展）如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项

8、目的情景,下列说法正确的是（）跳台滑营版道速滑冰或冰礁第2题图A.跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变B.短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变C.冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性D.冰球运动员用球杆推着球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功3. （2018邢台市育才中学）如图所示，在蹦床比赛中，运动员从空中落到蹦床上并将蹦床下压到最低位置的过程中（不计空气阻力的影响），下列说法不正确的是（）A.运动员的惯性越来越大B.运动员的重力势能一直在减小C.运动员刚要接触到蹦床时速度最大D.蹦床被压到最低位置时，运动员受到的重力和支持力是一对平衡力4.

9、（2019石家庄一模）下列关于力和运动的说法中，正确的是（）A.运动员起跑时，脚蹬地面的力等于地面对脚的作用力B.做匀速圆周运动的物体，其运动状态一定时刻在改变C.百米运动员撞线后，由于惯性力的作用不会立即停下来D.地面上的木箱，必须持续用力推才能不停地向前运动，说明力是维持物体运动的原因5.（2019保定三模）下列说法中正确的是（）A.竖直抛向空中的石块，运动的越来越慢，是由于石块具有惯性B.掷出去的铅球沿抛物线落到地面上，是由于受到重力的作用C.相互接触的两个物体发生相对运动时，一定会产生摩擦力D.狗拉雪橇在雪地上加速前进过程中，雪橇对狗的拉力和雪撬受到的拉力大小一定相等6. （2019石

10、家庄42中五月校模）如图所示，A,B叠加在一起，在水平力F的作用下沿水平面一起向右匀速直线运动（不计空气阻力），则（）第6题图A. A受到向右的摩擦力的作用B. B受到向左的摩擦力的作用C. B受到的重力和支持力是一对平衡力D. A运动时的惯性和它静止时的惯性相同考向2简单机械类（10年3考）7. （2018石家庄28中一模）用如图所示的滑轮组提升重物，若每个滑轮的重和物体被提升的高度均相同且GaGb,不计绳重及轮与轴之间的摩擦，下列判断正确的是（）甲乙丙第7题图A.甲、乙两个滑轮组对重物做的有用功相同8. 甲、乙两个滑轮组的机械效率相等C.滑轮组甲的机械效率一定大于丙的机械效率D.滑轮组乙的

11、机械效率小于甲的机械效率，可能等于丙的机械效率8.（2019邯郸二模）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物Gi、G2提高相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是（）甲乙第8题图A.若Gi=G2,拉力做的功相同8. 若Gi=G2,甲的机械效率等于乙的机械效率C.若Gi=2G2,甲的机械效率是乙的机械效率的2倍D.用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变9. （2018石家庄一模）如图所示是由相同的滑轮安装的滑轮组，甲、乙两人分别用两装置在相G甲、G等时间内将质量不等的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，已知甲、乙物重分别为乙，动滑轮重为G动且G动VG

12、甲，两滑轮组的绳子自由端所受的拉力F甲=5乙，若不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（第9题图A.G甲：G乙=1：2B.乙拉绳子的速度大小是甲拉绳子速度大小的2倍C.乙拉绳子做的总功是甲拉绳子所做总功的2倍G乙D.乙装置的机械效率可能等于Y=-G乙+G甲10. （2019邯郸一模）如图所示，用滑轮组匀速提起1200N的重物，拉力大小为500N,物体向上移动的速度为1m/s,工人的质量为80kg.不计绳重和摩擦.下列说法正确的是（g=10N/kg)()第10题图A.此时拉力的功率为1200WB.此时该滑轮组的机械效率为80%C.当人提起另一个重物时，人对地面的压力恰好为零.此时被提升物体的重力为19

13、20ND.这个工人利用这个滑轮组来提升物体时，滑轮组的最大机械效率为87.5%11 .如图所示，每个钩码的质量相同，杠杆上每个小格的长度相等，杠杆处于水平平衡状态，下列说法中正确的是（第11题图A.两侧钩码下各增加一个相的钩码后，右端下沉B.两侧钩码下各去掉一个相的钩码后，左端下沉C.两侧钩码分别远离支点一格,右端下沉D.两侧钩码分别向支点移动一格，左端下沉12 .（2019张家口宣化区一模）如图所示，一根轻质木杆，A端细线下挂50N的重物静止在水平地面上.当在B端加竖直向下的作用力F=30N时，木杆恰能在水平位置处于平衡状态，此时细线竖直，重物对地面的压强为4000Pa.已知OA=15cm,

14、重物与地面的接触面积为100cm2,则下列说法正确的是（）第12题图A.重物对水平地面的压力40NB.OB的长度为5cmC.此杠杆是一个省力杠杆D.将F向右转过一个角度时，要使重物对地面的压强不变，则F变大考向3浮力、压强类（2018.21）13.1同一物体，不同液体】（2019保定莲池区一模）两个底面积相同形状不同的容器A、B（Ga=Gb）,盛有不同的液体，放置在水平桌面上，现将甲、乙两个相同的物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示（忽略液体的损失）,下列说法正确的是（）AB第13题图A.甲物块受到的浮力等于乙物块受到的浮力B.两容器底受到的液体

15、压强相等C.取出两物块后，B容器底受到液体的压强小于A容器底受到液体的压强D.取出两物块后，B容器对桌面的压强大于A容器对桌面的压强14.1同一物体，不同液体】（2019唐山丰南区一模）水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体.将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器内的液体中,静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平.下列说法正确的是（）甲乙丙第14题图A.物体受到的浮力5浮人=F浮b=F浮cB.液体对容器底的压强p甲p乙p丙C.物体下表面受到液体向上的压力Fa=Fb=FcD.容器对桌面的压力F甲VF乙VF丙15 .【不同液体，不同物体】（2018本溪）水平桌面上两个相同

16、的烧杯中分别装有甲、乙两种不同的液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VaVb）,按如图两种方式放入两种液体中，待静止后B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，两杯中液面恰好相平.下列说法正确的是（）第15题图A.甲液体密度小于乙液体密度B.甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强C.甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强D.装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的压力16 .（2019石家庄裕华区二模）如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S2.质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T,此时容器中水深为

17、h（水的密度为卬）.下列说法不正碰的是（）第16题图A.木球的密度为Tmmgp0mqB.木球的密度为=-p0T+mgC.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为S2TS1D.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为T类型4电与磁综合（2018、2016.20）1.关于电磁现象，下列说法正确的是（）A.磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用B.利用电磁感应现象，制造了电动机C.磁场对通电导体作用力的方向与磁场方向和电流方向有关D.鸽子和海龟不会迷失方向，是因为它们能利用地磁场“导航”2 .（2019唐山路北一模）下列关于电和磁的说法正确的是（）A.用磁感线可以描述磁场的强弱B.电磁起重机利

18、用了电流的磁效应C.只要导体在磁场中做切割磁感线运动，该导体中就会产生感应电流D.扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的3 .（2019荆门改编）下列有关磁现象的说法中正确的是（）A.电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数、电流的大小都有关B.磁体之间的相互作用是通过磁场产生的C.地球周围存在地磁场，地磁场两极与地理两极重合D.磁体外部的磁感线是从磁体的N极出发，回到S极的4 .（2019石家庄正定新区一模改编）如图所示，下列说法正确的是（）A.甲图中实验可用来演示电流的磁效应，应用于电磁起重机B.乙图中该装置揭示的原理可制成电动机，它是将机械能转化为电能C.丙图中当水位升高到A时，红灯会发光

19、报警D.丁图中模型的原理是电磁感应类型5动态电路分析（10年6考，均在22题考查）考向1滑动变阻器类（2014.22,2011.21）1 .（2019保定一模）如图所示的电路中，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片从A滑向B的过程中，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）第1题图A.电压表0的示数不变，小灯泡亮度不变B.电压表示数变化量与示数变化量相同C.电压表与电流表示数之比不变D.滑片P移动到B端时电路总功率最大2. （2019石家庄28中三模）如图所示电路，电源两端电压保持不变.闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动一段距离，电压表、示数的变化量分别为AUi、AU2、AU

20、3,电流表的变化量为AI.下列判断中不正确的有（）第2题图A.Ri消耗的电功率变化量等于AU3AI一，一，AU2B.滑动变阻器的滑片P滑过的那一段距离对应的阻值为飞-C.电压表示数变小，电压表示数变大，且电压表四两端变化的电压与电压表两端变化的电压不相等D.电压表示数变小，电压表0示数变大，电压表与的示数之和与电流表示数的比值不变3 .如图所示的电路中，电源电压为4.5V,小灯泡上标有“4.5V2.25W”的字样（设灯丝电阻不变），滑动变阻器的最大阻值为30Q,电流表量程为“00.6A，两块电压表的量程均为“03V”.闭合开关，以下说法正确的是（）第3题图A.滑片向左移动时，电流表示数减小，小

21、灯泡变暗B.滑片向右移动时，电压表示数的减小值等于电压表示数的增加值C.滑动变阻器允许接入电路的阻值最小时，电路消耗的总功率为2.25WD.滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是4.518Q4 .如图所示电路中，电源电压恒为18V,电流表量程为00.6A,电压表量程为015V,滑动变阻器的规格为80a1A，小灯泡L标有“6V3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）.闭合开关，在保证小灯泡两端电压不超过额定值及电表均安全的情况下（）第4题图A.变阻器允许接入电路的最大阻值是60QB.整个电路消耗的最大总功率是9WC.小灯泡消耗的最小功率是0.75WD.电流表的示数范围为0.25A0.6A考向2多开关类

22、（2010.22）Si,再5 .（2019保定二模）如图所示，电源电压不变，三个电阻均为定值电阻，先闭合开关闭合开关S2,下列说法正确的是（）1=1用.，第5题图A.电压表测量的是电阻R两端的电压b.只闭合Si时，电压表与示数之差与电流表C5示数的比值等于RC.闭合S2后，电路的总功率变大了D.电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值等于R6 .在如图所示的电路中，S闭合后下列各种情况正确的是（）第6题图A.如果甲、乙、丙是电压表，当Si闭合后U丙=U甲+U乙B.如果甲是电压表，乙、丙是电流表，Si断开形成并联电路C.电路中甲表和乙表可以同时是电流表D.如果电路是并联电路，则乙表的示数大于

23、丙表的示数7 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，Ri=10.当开关Si闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为Ui,R2消耗的功率为P1；当开关Si、S2、S3都闭合时，电压表的示数为U2,R2消耗的功率为P2,且电流表的示数为0.9A.已知Ui:U2=1：6,Pi：P2=1：9,下列结论正确的是（）第7题图A.开关Si闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.1A8 .开关Si闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为0.6WC.开关Si、S2、S3都闭合时，电流表的示数为i.iAD.开关Si、S2、S3都闭合时，Ri和R2消耗的总功率为6.6W考向3滑动变阻器十多开关类（i0年3考）8.

24、 （20i9保定莲池区一模）如图所示电路，电源电压不变，Ri和R3为定值电阻，R2为滑动变阻器.下列说法正确的是（）A.开关S闭合、Si和S2断开，滑片P向右滑动，电流表爸示数变小，电压表.示数变小B.开关S、Si和S2闭合，滑片P稍稍向左滑动一小段，电流表回示数变大，电流表四示数变大，电压表示数不变C.开关S和S2闭合、Si断开，滑片移到B端；再闭合Si,电压表和电流表示数的比值变大D.开关S闭合、Si和S2断开，滑片P移到A端；再闭合S2,电路的总功率变大R2为滑动变阻器，电源电R3均有电流通过，且滑片9. （20i9唐山路北一模）如图所示的电路中，Ri和R3为定值电阻,压不变，a和b是电

25、流表或电压表，当只闭合Si和S2,Ri、R2、向右滑动时，a的示数变大，b的示数变小，下列说法正确的是（）第9题图A.a和b处均为电流表B.只闭合Si和S2,滑片向右滑动，b示数变化量与示数变化量的比值大于a示数变化量与示数变化量的比值C. a和b均换成另一种电表，只闭合Si和S3,滑片向右滑动，a的示数变大，b的示数变小D. a和b均换成另一种电表，只闭合Si和S3,滑片向右滑动，电路的总功率变大10. （2019石家庄新华区一模）如图所示的电路中，电源电压不变，Ri和R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，Ri的阻值大于滑动变阻器的最大阻值，只闭合开关S,各电阻中均有电流通过，所有电表均有示数,

26、卜列说法正确的是（）第i0题图A.电表a是电流表；三个开关同时闭合，电源会短路B.只闭合开关S,滑动变阻器的滑片向右移动，示数变小，示数变大C.只闭合开关S,滑动变阻器的滑片向右移动，电压表示数变化量AU2大于电压表区）示数变化量AUiD.先闭合开关S,再闭合开关Si,滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数变化量与电流变化量的比值誉大于电压表示数变化量与电流变化量的比值*11. （20i9邢台二模）如图所示电路中，Ri、R2为定值电阻，且RiR2；R3为滑动变阻器，电源电压不变.下列说法正确的是（）A.只闭合Si时，电压表的示数与电流表示数的比值大于只闭合S3时电压表的示数与电流表示数的比值B.

27、先只闭合Si再闭合S2,电压表I示数变小，电流表示数不变,电压表i示数变大c.只闭合S3,滑片p向左移动，电压表示数的变化量与电流表示数变化量的比值变大D.开关Si、S2、S3都闭合，滑片P向左移动，电压表示数与电流表示数的乘积不变第ii题图12.如图甲所示的电路中，电源电压18V不变，灯泡的额定电压为6V,通过灯泡的电流随两端电压变化的关系如图乙所示，电流表的量程为03A,定值电阻Ro的阻值为10Q在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（）第12题图A.闭合开关S,断开开关S1、S2,灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率为3WB.闭合开关S、S1,该电路的最大功率为54WC.当三个开关都闭

28、合时，滑动变阻器的最小阻值为20QD.定值电阻的功率随滑动变阻器连入阻值的减小而增大参考答案及解析专题三多项选择题类型1光学多选题1.AC2. BC【解析】能成像在墙上，是实像，由题图可知成的像是倒立缩小的，是照相机工作原理，A错误，B正确；向右移动凸透镜，物距变小，当移动到适当位置时，在墙壁上会出现一个放大倒立的实像，C正确；用白纸挡住凸透镜一半，仍能成完整的窗户像，D错误.故选BC.3. CD【解析】远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，拿一个远视眼镜放在凸透镜前，光屏上出现烛焰清晰的像，拿走远视眼镜则烛焰的像变得模糊，原因是烛焰清晰的像在光屏的后面.为了能在光屏上重新得到清晰的像，应

29、增大物距，将蜡烛远离凸透镜，A错误；也可以增大像距，将光屏远离凸透镜，B错误；还可以减小凸透镜的焦距，以满足成像条件，C正确；凸透镜越厚，焦距越小，换一个更厚的凸透镜，与换一个焦距更小的凸透镜效果相同，D正确.故选CD.4. BCD【解析】由图可知：物距等于像距，说明此时成倒立等大的实像，则u=2f,由于u=20cm,所以焦距f=10cm,A错误；由于近视镜是由凹透镜制成的，对光有发散作用，所以应向右移动光屏才能在光屏上得到清晰的像，B正确；将蜡烛移到35cm刻度处，此时物距u=15cm,满足fu2f,此时需将光屏向右移动，才能在光屏上呈现倒立放大的实像，C正确；将蜡烛移到45cm刻度处，此时

30、物距uv,此时光屏上成倒立、缩小的实像，应用这一原理工作的是照相机，B正确；当再次向透镜里注水后，凸透镜焦距变小，相当于物体远离透镜，所以需将光屏向透镜靠近才能重新呈现清晰的像，A正确；若仅将蜡烛与光屏的位置对调，由于光的折射中光路可逆，此时光屏上成倒立、放大的实像，C错误；如遮住透镜的上半部分，下半部分仍可以看成个凸透镜，光屏上还可以成完整的像，只是暗了些，D正确.故选ABD.6. AC【解析】由题图可知，当使用焦距为f1的凸透镜时，uv,光屏上成倒立、缩小的实像，A正确；焦距越小，会聚能力越强，由于焦距f1f2,所以焦距为f1的凸透镜比焦距为7. 的凸透镜的会聚能力强，B错误；换上焦距为f

31、2的凸透镜，若保持蜡烛和透镜的位置不变，像将会聚在光屏的右侧，所以应将光屏向右移动，光屏上才能得到清晰的像，C正确；若保持蜡烛和光屏不动，更换凸透镜后，由于f2的焦距大小不确定，所以不能确定怎么移动凸透镜才能成像，D错误.故选AC.类型2热学多选题1. CD【解析】物体吸收了热量，温度不一定升高，比如晶体的熔化，A错误；热量是过程量，不能说“含有”，B错误；在花丛旁闻到浓郁的花香属于扩散现象，C正确；温度和质量都相同的两杯水具有的内能也相同，D正确故选CD.2. ABC【解析】用热水袋暖手，手与热水袋之间存在温度差，因而会发生热传递，A正确；用手反复弯折铁丝，人对铁丝做功，将机械能转化为内能，

32、弯折处铁丝的温度升高，B正确；水的比热容大于煤油的比热容，质量相同的水和煤油升高相同的温度，水吸收的热量多，C正确；工人对物体做功后，物体内能不一定增大，温度不一定升高，如人将物体从一楼拿到三楼，物体内能和温度都不变，D错误故选ABC.3. ABD【解析】内能的影响因素很多（温度、质量等），温度高的物体内能不一定大，A错误；锯条温度升高，是通过做功的方式增加了锯条的内能，B错误；热机的压缩冲程，消耗机械能，获得内能，是将机械能转化为内能，C正确；由于额外功的存在，热机的效率不可能达到100%，D错误故选ABD.4. BCD【解析】比热容是物质的一种性质，只与物质的种类有关，所以一杯水与一桶水的

33、比热容一样，A错误；胶水可以粘接物体，利用分子间的引力，B正确；水沸腾时，要保持沸腾就要不停地吸收热量，温度不变，但内能增加，C正确；水可作汽车发动机的冷却剂，也可作供热系统的取暖剂，都是利用了水的比热容大的特点，D正确故选BCD.5. BD【解析】燃料热值是物质的一种性质，只与物质的种类有关，相同质量的燃料，燃料热值越大，完全燃烧时放出的热量越多，A错误；热机的做功冲程是将内能转化为机械能，B正确；一切物体都具有内能，C错误；加了白糖的水会变甜，说明分子在做无规则运动，D正确故选BD.6. ABC【解析】5的水放入0的房间里，水温度将会下降到0，但是因为无法继续放热而不会结冰，A错误；物体的

34、温度越高，分子热运动越剧烈，热量是物体在热传递过程中转移能量的多少，是一个过程量，不能说物体含有热量，B错误；清扫教室时，飞扬的灰尘不是分子，分子肉眼是看不到的，C错误；热量的传递方向是从高温物体传向低温物体，D正确故选ABC.类型3力学多选题1. ABC【解析】手机固定在固定架上时，手机对固定架的弹力和固定架对手机的弹力，大小相等，方向相反，分别作用在固定架和手机上，是一对相互作用力，A正确；当弹簧发生弹性形变时就具有了弹性势能，B正确；处于静止状态的手机一定受平衡力的作用，C正确；手机被匀速举高，手机的动能不变，重力势能增大，因此机械能增大，D错误故选ABC.2. CD【解析】跳台滑雪运动

35、员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小，A错误；短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变，B错误；冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性，C正确；冰球运动员用球杆推着球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，冰球运动的方向沿水平方向，力和移动的方向垂直，重力没有做功，D正确故选CD.3. ACD【解析】惯性的大小只与质量有关，运动过程中，运动员质量不变，惯性不变，A错误；运动的过程中，位置越来越低，所以重力势能一直减小，B正确；运动员刚接触蹦床时，只受重力，此后压缩蹦床，人受到向上的弹力，但弹力小于重力，所以运动员向下仍做加速运动，速度增

36、大，直到弹力等于重力，速度达到最大，当弹力大于重力时，运动员开始做减速运动，直到速度为零，达到最低点，C、D错误故选ACD.4. AB【解析】运动员跑步时，脚蹬地面的力与地面对脚的作用力是一对相互作用力，大小相等，A正确；做匀速圆周运动的物体，运动方向时刻在变化，所以它的运动状态时刻在改变，B正确；百米运动员撞线后，由于具有惯性不能立即停下来，惯性是物体的一种性质，不是力，C错误；木箱不用力推就停下来，是力改变了木箱的运动状态，而不是维持物体运动的原因，D错误故选AB.5. BD【解析】竖直抛向空中的石块，运动的越来越慢，是因为受到的重力和阻力方向都竖直向下，合力方向与运动方向相反，物体速度就

37、越来越慢了，A错误；掷出去的铅球沿抛物线落到地面上，是由于受到重力的作用，B正确；摩擦力产生的条件是在粗糙的接触面，相互挤压的两个物体发生相对运动，而题中只说相互接触的两个物体发生相对运动，不一定相互挤压，所以不一定有摩擦力，C错误；狗拉雪橇在雪地上加速前进过程中，雪橇对狗的拉力和雪撬受到的拉力是一对相互作用力，大小相等，D正确故选BD.6. BD【解析】A与B一起向右匀速直线运动，则A在水平方向不受力，即A不受摩擦力的作用，A错误；B在拉力F的作用下向右匀速运动，受到平衡力的作用，水平方向的摩擦力与拉力是一对平衡力，方向相反，所以B受到向左的摩擦力的作用，B正确；竖直方向上，B受到A的压力与

38、B的重力之和等于地面对B的支持力，也就是B受到的重力小于地面对B的支持力，所以它们不是一对平衡力，C错误；惯性是物体的一种性质，只与物体质量有关，与物体的运动状态无关，D正确故选BD.7. CD【解析】甲、乙提升重物的高度相同，A较重，根据W有用=Gh可知，甲做的有用功较多，A错误；甲、乙相比，额外功相同，甲的有用功较多，所以甲的机械效率较高，B错误；甲、丙相比，有用功相同，由图可知，丙的额外功较多，所以丙的机械效率较低，C正确；由B分析知，乙的效率小于甲的效率；乙、丙相比，乙被提升物体的重力较小，动滑轮的重力较小，所以提升相同的高度，做的有用功较少，额外功也较少，当Ga=2GB时二者机械效率

39、相等，D正确故选CD.8. AB【解析】由图可知，两个滑轮组均只有一个动滑轮，其中ni=2,n2=3;若Gi=G2,则两个滑轮组均将重物和一个动滑轮提升相同的高度，所以拉力做的功相同，A正确；不计绳重和摩擦，则额外功为提升一个动滑轮到相同的高度所做的功，也是相同的；有用功和额外功均相同，则总功也相同，所以机械效率相同，故B正确；若Gi=2G2,两滑轮组的机械效率分别为Gi2G2G2刀1=,刀2=,Gi+Go2G2+G0G2+G0可知甲的机械效率不等于乙的机械效率的2倍，C错误；同一个滑轮组提升不同的重物，重物越重，机械效率越高，D错误.故选AB.1_9. BC【斛析】因为6甲=5甲，G乙+G动

40、=2F乙，F甲=5乙，G甲=Fz=2（G乙+G动）,G动未知，故G甲与G乙的比值无法确定，A错误；乙拉绳子的速度为其拉物体速度的2倍,甲拉绳子的速度与其拉物体的速度相等，由于两个物体上升的速度相等，所以乙拉绳子的速度是甲拉绳子速度的2倍，B正确；由于$甲=八甲，s乙=2h乙，且八甲=八乙，所以s乙=2s甲，Wr用又W=Fs,且F甲=F乙所以有W乙=2W甲，C正确；乙装置的机械效率X100%=W一GhX100%=一支一X100%,因为G动G甲，D错误.故选BC.G乙h+G动hG乙+G动10. BD【解析】由图可知：绳子股数n=3,物体移动的速度v物=1m/s,绳端移动的速度丫绳=门丫物=3X1m

41、/s=3m/s,拉力的功率P=Fv=500NX3m/s=1500W,A错误；滑轮组的机械效率t=Wx100%=Ghx100%=-Ghx100%=x100%=1200Nx100%W总FsFnhFn500Nx3=80%,B正确；不考虑绳重和摩擦，提起G物=1200N的物体时，动滑轮的重力G动=3F-G物=3X500N-1200N=300N,当人提起另外一个重物时，人对地面的压力恰好为零时，绳子上的拉力F=G人=m人g=80kgX10N/kg=800N,G物=3F-G动=3X800N-300N=2100N,所以提升物体的重力为2100N,C错误；此时滑轮组的机械效率最大，最大机械效率予最大100%=

42、GX100%=2100NX100%=87.5%,D正确.故选W总Fn800NX3BD.11. AB【解析】设一个钩码的重力为G,一格的长度为L.两侧钩码下各增加一个相同的钩码后，右侧力与力臂的乘积为3GX6L=18GL;左侧为5GX3L=15GL,则右端下沉，A正确；两侧钩码下各去掉一个相同的钩码后，右侧力与力臂的乘积为GX6L=6GL;左侧为3GX3L=9GL,则左端下沉，B正确；两侧钩码分别远离支点一格，右侧力与力臂的乘积为2GX7L=14GL;左侧为4GX4L=16GL,则左端下沉，C错误；两侧钩码分别向支点移动一格，右侧力与力臂的乘积为2GX5L=10GL;左侧为4GX2L=8GL,则

43、右端下沉，D错误.故选AB.12. ABD【解析】重物对水平地面的压力：F=pS=4000PaX100X10-4m2=40N,A正确；A点受到向下的拉力为：Fa=G-F=50N-40N=10N,根据杠杆的平衡条件，有FaXOA=FbXOB,代入数据可得OB=5cm,B正确；动力臂OB小于阻力臂OA,此杠杆是一个费力杠杆，C错误；将F向右转过一个角度时，动力臂减小，要使重物对地面的压强不变，即A点受到的拉力不变，且阻力臂OA大小不变，则拉力F应变大，D正确.故选ABD.13. AD【解析】甲物体悬浮，乙物体漂浮，根据物体的浮沉条件可知：F甲浮=G甲，F乙浮=G乙，而6甲=6乙，故F甲浮=F乙浮，

44、A正确；V甲排V乙排，F甲浮=F乙浮，根据F浮=p液gV排,P甲液P乙液,又由于两容器中液面恰好相平，根据p=p液gh可知，p甲pB错误；由于V甲排V乙排，且A上口较小，取出两物块后，容器里液体的深度h甲h乙，又已知p甲液p乙液，根据p=p液gh可知，p甲p乙，即B容器底受到液体的压强大于A容器底受到液体的压强，C错误；取出两物块后，容器对桌面的压强p=G；G液,由于G容a=G容b,Sp甲液p乙液且V甲液V乙液，故G甲液=p甲液gV甲液p乙液gV乙液=G乙液，所以B容器对桌面的压强大于A容器对桌面的压强，D正确.故选AD.14. ABD【解析】A悬浮在液体中，B、C漂浮在液体中，根据物体的浮沉

45、条件可知：F浮a=Ga,5浮8=仃8,F浮c=Gc,由于A、B、C完全相同，它们的重力相同，即Ga=Gb=Gc,所以F浮a=F浮b=F浮c,A正确；由甲、乙、丙三图可知：V排aV排bV排c,由于F浮=液gV排，而F浮相同，所以得p液甲p液乙p液丙,又由于p=p液gh,而h相同，所以压强关系是：p甲p乙p丙，B正确；根据压力差法得：物体下表面受到向上的压力F下=5浮+5上，A、B、C三个物体受到的浮力相等，而Fa上Fbi=Fc上=0,所以物体下表面受到向上的压力关系是FaFb=Fc,C错误；容器对桌面的压力F=G液+G物+G容，三个容器相同，A、B、C三个物体的重力Ga=Gb=Gc,液体重力G液

46、=p液gV液，由于p液甲p液乙p液丙，V液甲V液乙V液丙，所以G液甲G液乙G液丙，所以F甲F乙F丙，D正确.故选ABD.15. ACD【解析】在甲、乙两种液体中，A、B作为整体漂浮在液面上，故浮力等于AB整体的重力，根据阿基米德原理5浮=p液gV排，因为VaVb,故排开甲液体的体积大于排开乙液体的体积，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，A正确；液体的压强与液体的密度与深度有关，深度相同，甲的密度小，因此甲对杯底的压强小于乙对杯底的压强，B错误；根据浮力产生的原因，是物体上下表面的压力差，浮力相等，上表面的压力均为零，则下表面受到的压力相等，但A的下表面积小，根据p=|得，乙体对A下表面压强大，

47、C正确；S甲液体的密度和体积均小于乙液体的密度和体积，故甲液体的质量小于乙液体的质量，故甲容器对水平桌面的压力小于乙容器对水平桌面的压力，D正确.故选ACD.16. AD【解析】木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得：F浮=G+T=mg+T,木球浸没时，V排=V木，则根据阿基米德原理F浮=p液gV排可得：pogV排=mg+T,由p=V得木球的体积：V木=皿，所以pogx=mg+T,解得木=詈迎，A错误，B正确；剪断P木gp木DrT+mg细线，木块最终漂浮，F浮=G=mg,则待木球静止后浮力变化量为：AF浮=5浮一F浮=

48、mg+Tmg=T，根据阿基米德原理F浮=液gV排可得水面下降的高度（容器上部的水面下AF浮AV排pogTAF降）：Ah=二,则由Ap=二-可得，水对容器底的压力变化量：AF=ApS2SiSipogSiS一T-S2=PogAhS2=gxrS2=-T,故C正确，D错误.故选AD.pogSiSi类型4电与磁综合1. ACD【解析】磁悬浮列车分吸引式和排斥式两种，排斥式是利用同名磁极相互排斥的原理工作的，吸引式是利用异名磁极相互吸引的原理工作的，A正确；利用电磁感应现象,制造了发电机，B错误；磁场对通电导体作用力的方向与磁场方向和电流方向有关，C正确；地球周围存在着磁场，鸽子和海龟不会迷失方向，是因为

49、它们能利用地磁场“导航”，D正确.故选ACD.2. ABD【解析】磁感线可以描述磁场的方向和强弱，A正确；电磁起重机利用了电流的磁效应，B正确；闭合回路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，C错误；扬声器是利用通电线圈在磁场中要受到力的作用工作的，D正确.故选ABD.3. ABD【解析】电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，A正确；磁体之间的相互作用是通过磁场产生的，B正确；地球周围存在地磁场，地磁的两极与地理的两极相反但不重合，存在一定的偏角，C错误；磁体外部的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极的，D正确.故选ABD.4. ACD类型5动态电路分析1. B

50、C【解析】由实物图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电压表0测灯泡L两端的电压.当滑片从A滑向B的过程中，接入的电阻变大，根据串联电路各电阻正比分压可知：滑动变阻器分得的电压变大，灯泡L分得的电压变小，即电压表示数变大，电压表示数变小,灯泡亮度变暗，A错误；由于电源电压不变，所以电压表0的减小量等于的增大量，即两电压表示数变化量相同，B正确；电压表I0与电流表示数之比等于灯泡L的电阻，而不考虑灯丝电阻的变化，灯泡的电阻不变，C正确；滑片P移动到B端时，滑动变阻器接入的电阻最大，根据欧姆定律可知：电路中的电流最小，由P=UI可知：电路总功率最小，D错误.故选

51、BC.2. ABD【解析】由图可知，三个电阻串联，测量Ri、R2两端的电压，测量R3两端的电压，测量R2、R3两端的电压，滑片P从a向b端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大；电流表示数由I变为I.根据串联电路的分压规律可知，Ri两端的电压变小，消耗的电功率变化量为AP=Ui|UiI,电源电压不变，则Ri两端电压的变化量为AU=Ui-Ui，=AU3,Ri两端电流的变化量为AI=I-I；由数学知识可知这里的UiI-UiI,与AU3AI是不等的，A错误；滑动变阻器的滑片P滑过的那一段距离对应的、，_AU2一AU2AU2_阻值为AR=-yf一,不等于石丁，=Ri+R2为正值，B错误；因为R2、

52、R3总电阻变大，根据串联电路分压规律可知，该部分电压变大，即回示数变大，示数的变化是R2、R3两端电压的变化，而Ri、R2总电阻不变，其两端电压变小，即示数变小；而Ri、R2两端电压变小，就是因为R3电阻变大而使得R3两端的电压变大，所以包测得的电压中减小的那部分电压，加在了R3两端，即笆3与示数的变化量是不相等的，C正确；将滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动一段距离时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，因为=U,所以电路中的电流变小，因为U=IR,所以Ri与R2两端的电压变小，即电压表怎的R示数变小，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以电压表与的示数之和等于电

53、源的电压即不变，所以电压表与的示数之和与电流表示数的比值变大，D错误.故选ABD.3. ABD【解析】开关闭合，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表测量滑动变阻器两端的电压，滑片左移时，电路中总电阻变大，则电流表示数变小，小灯泡变暗，A正确；滑片右移时，示数的减小值等于怎示数的增加值，B正确；小灯泡电阻为R=里q5)2=9，当小灯泡两端电压为3V时，1=虫=2乂=1A0.6A,P2.25WRl9Q3此时滑动变阻器允许接入电路的阻值最小Rmin=1.5VA=4.5乌电路消耗的总功率为总I=4.5VX1A=i.5W,C错误；当滑动变阻器两端电压为3V时，灯泡两端电压为1.5V,3

54、灯泡电阻Rl=9Q,此时电路电流所所;159；：A,由欧姆定律可知此时滑动变阻器允许9ouU接入电路的阻值最大，Rmax=3V=18Q,综上所述ABD正确，故选ABD.6A4. ABC【解析】由图可知小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；灯丝的电阻为：氏=5=售弋2=12，小灯泡正常发光时的电流为：lL=P=|W=0.5A;所以电路中的最大电流应为Imax=Il=0.5A,整个电路消耗的U额6V最大总功率是：P总大=UImax=18VX0.5A=9W,B正确，D错误；由欧姆定律得，电路中的最小阻值：Rmin=7U=8V-=36；根据串联电路的总电阻等于各

55、电阻之和可知：滑动Imax0.5A变阻器连入电路的最小值：R滑min=Rmin-RL=36Q-12Q=24Q为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V,此时滑动变阻器连入的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的最小电压：Ul=UU滑=18V-15V=3V,此时电路中最小的电流为：Imin=UK=3V_.一,U滑15V,.13V-=0.25A,滑动变阻器连入的最大电阻为：R滑max=U-=0125VA=60Q,A正确；此时小灯泡的电功率最小为：PLmin=ULImin=3VX0.25A=0.75W,C正确.故选ABC.5. BCD【解析】先闭合S1,R1、R2、R3三电阻串联，电压表测量的是电阻R1和R2串联后的总电压，再闭合S2,R2与R3串联R1被短