202X版高考数学大一轮复习第三章导数及其应用高考专题突破一高考中的导数应用问题（第1课时）导数与不等式课件

1、第1课时导数与不等式第三章高考专题突破一高考中的导数应用问题NEIRONGSUOYIN内容索引题型分类 深度剖析课时作业题型分类深度剖析1PART ONE题型一证明不等式师生共研师生共研例1 设函数f(x)ln xx1.(1)讨论f(x)的单调性；解由题设知，f(x)的定义域为(0，)，当0 x0，f(x)单调递增；当x1时，f(x)0，f(x)单调递减.证明由(1)知，f(x)在x1处取得极大值也为最大值，最大值为f(1)0.所以当x1时，ln xg(x)的一般方法是证明h(x)f(x)g(x)0(利用单调性)，特殊情况是证明f(x)ming(x)max(最值方法)，但后一种方法不具备普遍性

2、.(2)证明二元不等式的基本思想是化为一元不等式，一种方法为变换不等式使两个变元成为一个整体，另一种方法为转化后利用函数的单调性，如不等式f(x1)g(x1)f(x2)g(x2)对x1x2恒成立，即等价于函数h(x)f(x)g(x)为增函数.思维升华跟踪训练1已知函数f(x)xln xex1.(1)求曲线yf(x)在点(1，f(1)处的切线方程；解依题意得f(x)ln x1ex，又f(1)1e，f(1)1e，故所求切线方程为y1e(1e)(x1)，即y(1e)x.(2)证明：f(x)sin x在(0，)上恒成立.证明依题意，要证f(x)sin x，即证xln xex1sin x，即证xln x

3、exsin x1.当00，xln x0，故xln xexsin x1，即f(x)1时，令g(x)exsin x1xln x，故g(x)excos xln x1.令h(x)g(x)excos xln x1，故h(x)在(1，)上单调递增.故h(x)h(1)ecos 110，即g(x)0，所以g(x)在(1，)上单调递增，所以g(x)g(1)esin 110，即xln xexsin x1，即f(x)sin x.综上所述，f(x)0，f(x)单调递增；当x(1，)时，f(x)0，所以g(x)为单调增函数，所以g(x)g(1)2，故k2，即实数k的取值范围是(，2.引申探究利用导数解决不等式的恒成立问

4、题的策略(1)首先要构造函数，利用导数求出最值，求出参数的取值范围.(2)也可分离变量，构造函数，直接把问题转化为函数的最值问题.思维升华跟踪训练2已知函数f(x)axln x，x1，e，若f(x)0恒成立，求实数a的取值范围.解f(x)0，即axln x0对x1，e恒成立，x1，e，g(x)0，g(x)在1，e上单调递减，课时作业2PART TWO1.已知函数f(x)ln xx，g(x)xex1，求证：f(x)g(x).基础保分练123456证明令F(x)f(x)g(x)ln xxxex1(x0)，123456当x(0，x0)时，G(x)0，F(x)0，F(x)为增函数；当x(x0，)时，G

5、(x)0，F(x)1时，令h(x)0，得xln a；令h(x)0，得0 x1不合题意.综上，a的取值范围为(，1.3.(2018贵州适应性考试)已知函数f(x)axex(aR)，g(x)(1)求函数f(x)的单调区间；123456解因为f(x)aex，xR.当a0时，f(x)0时，令f(x)0，得xln a.由f(x)0，得f(x)的单调递增区间为(，ln a)；由f(x)0时，f(x)的单调递增区间为(，ln a)，单调递减区间为(ln a，).(2)x(0，)，使不等式f(x)g(x)ex成立，求a的取值范围.123456123456解因为x(0，)，使不等式f(x)g(x)ex，当x在区

6、间(0，)内变化时，h(x)，h(x)随x变化的变化情况如下表：1234564.(2018天津河西区模拟)已知函数f(x)ln xax(aR).(1)若曲线yf(x)与直线xy1ln 20相切，求实数a的值；123456技能提升练123456所以实数a的值为1.123456123456123456即yh(x)在(0，)上单调递减，又h(e)0，所以当x(0，e)时，h(x)0，从而g(x)0，yg(x)在(0，e)上单调递增；当x(e，)时，h(x)0，从而g(x)1)，都有f(xm)2ex，求整数k的最小值.123456解因为f(x)为偶函数，且当x0时，f(x)2ex，所以f(x)2e|x

7、|，对于x1，k，由f(xm)2ex得2e|xm|2ex，两边取以e为底的对数得|xm|ln x1，所以xln x1mxln x1在1，k上恒成立，设g(x)xln x1(x1，k)，所以g(x)在1，k上单调递减，所以g(x)ming(k)kln k1，123456设h(x)xln x1(x1，k)，易知h(x)在1，k上单调递减，所以h(x)maxh(1)2，故2mkln k1，若实数m存在，则必有kln k3，又k1，且k为整数，所以k2满足要求，故整数k的最小值为2.6.设函数f(x)ax2xln x(2a1)xa1(aR).若对任意的x1，)，f(x)0恒成立，求实数a的取值范围.123456解f(x)2ax1ln x(2a1)2a(x1)ln x(x0)，易知当x(0，)时，ln xx1，则f(