2015年重庆西大附中中考物理模拟试卷(6月份,解析版)解析

1、第1页（共 26 页）2015年重庆西大附中中考物理模拟试卷（6 月份）一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题1.下列说法中，接近实际情况的是（A.洗澡的热水温度约为75CB.地球的半径为6400mC.一个中学生正常步行速度约为1m/sD.对人体的安全电压是36V2.如图所示的光现象中，属于光的直线传播现象的是（）3.下面关于热现象的说法，正确的是（）A.冰块在熔化时温度不变，内能增加B.物体温度升高了，则一定是吸收了热量C.汽车发动机用水作冷却液是因为水比容较小D.秋天清晨的露珠是水蒸气液化吸热形成的4.对如图所示的实例或实验解释正确的是（氏氏 图申可用来演示发电机原理图申可用来演示

2、发电机原理D.图中人站在纯缘板上，取手图中人站在纯缘板上，取手同时握住火线和零线不会触电同时握住火线和零线不会触电5.杠杆在生A .放大镜将数字放大3 3 分，共 2424 分）A.钓鱼竿趙钳C.筷子D天平一个插一个插纯板不会有安全隐患纯板不会有安全隐患議性強弱与电流大議性強弱与电流大/ /卜的黄系卜的黄系第2页（共 26 页）产生活中普遍使用.如图所示的工具在使用过程中，属于省力杠杆的是（）第3页（共 26 页）6如图所示，是一种自动测定汽车油箱内存油量的装置原理图油量表是由电流表或电压表改装而 成的，Ro是保护电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度, 就可以

3、知道油箱内存油量的多少.下列各图中能实现油箱内存油量越大油量表示数越大，且油量表 刻度均匀的是（）7如图所示是某同学在运动场上看到的一些场景他运用学过的物理知识进行分析，下列分析正确 的是（）A.甲图中踢出去的足球在草地上滚动时慢慢停下来，是因为足球没有受到力的作用B.乙图中运动员穿软橡胶底运动鞋跑步，是为了减小地面对人的摩擦力C.丙图中投出去的篮球在空中继续飞行，是因为篮球具有惯性D. 丁图中运动员正在跳高，当他腾跃到最高点时，机械能最大，处于平衡状态&如图所示的电路中，电源两端电压与灯丝电阻不变，灯泡L规格4V 4W”，定值电阻Ri=12Q,滑动变阻器R2最大阻值为9Q.当只闭合开

4、关S3时，R1的电功率为Pi.下列说法中正确的是 （）A.只闭合S2时，将滑动变阻器滑片P向右移动，灯泡L变亮B.只闭合S2时，电路总功率的最小值为16PiC.只闭合S3时，相同时间内Ri与灯泡L消耗的电能之比为1:3D.开关都闭合时，R1与R2功率之比的最大值为3:4甲甲第4页（共 26 页）、填空题（每空 1 1 分，1414 题 2 2 分，共 1212 分）9当列车高速经过时，若人离列车太近，很容易被吸向列车，这是因为列车在高速行驶时，列车与 人之间的空气 _ ，人外侧的气压大于内侧的气压，从而把人压向列车.180N的物体提升1m时，已知动滑轮重20NJ,此时滑轮组的机械效率是11.如

5、图是某品牌电热水壶及其铭牌.用该电热水壶在400s内可以将一满湖的水从20C加热至70C,壶内的水吸收达到热量为J.若该水壶加热的效率为70%，则水壶的实际功率为3W.c=4.2 X10 J/（kg?C）12如图所示，重力不计的一木板可绕O点无摩擦转动，木板可以视为杠杆，在杠杆的左侧M点挂有一个边长为0.2m的立方体A，在A的下方放置一个同种材料制成的边长为0.1m的立方体B,物体B放置在水平地面上； 一个人从杠杆的支点O开始以0.1m/s的速度匀速向右侧移动，经过6s后，到达N点静止，此时杠杆处于平衡状态，物体A对B的压强为7000Pa,已知MO的长度为4m.如果人从N点继续以相同的速度向右

6、侧又经过2s后，则物体B对地面的压强为6000Pa。贝幽体A的密度为 _kg/m3。人继续以相同的速度再向右移动 _m时，物体B对地面的压强变为3000Pa。13.如图所示， 是著名设计师杨明洁先生操刀的508E-BIKE智能电动单车.车身质量为35kg，后轮车架部分安装了250W中心曲柄 结构电力发动装置，内置36V锂电池，前轮内置有发电花鼓，电动单车在骑行时可支持车灯照明、导航设备、扬声器、手机充电 等功能.可GPS导航，内置传感器，可同步到手机APP，实现防盗、定位、报警器及健康等多项功能.请你结合文字介绍及图片信息指出与它有关的结构或使用所涉及到的物理知识（不得与示例重复） 物理现象：

7、智能电动单车把手上刻有凹凸不平的花纹； 物理知识：通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.物理现象：_物理知识：10用如图所示的滑轮组匀速竖直向上将重为 不计绳重和摩擦，则拉力F做的功为II!型号FY-T800QA额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.0L第5页（共 26 页）14.（1）如图1所示，一个桃子静止在水平桌面上，请画出桃子所受桌面对它支持力的示意图;（2）根据平面镜成像的特点，在图2中画出物体AB在平面镜MM中的像AB.三、实验探究题（第 1515 题 5 5 分，第 1616 题 8 8 分，第 1717 题 9 9 分，共 2222 分）15在探究水沸腾时温度变

8、化特点的实验中，用酒精灯给烧杯中的水加热，当水温接近90C时，每隔1min记录一次温度，绘制了如图甲所示的水温与时间关系的图象.（1） 水沸腾时看到大量的白气”不断地从烧杯上冒出，这些白气”是由于水蒸气 _ （填物态变化过程）而形成的.（2） 由图象可知：水沸腾时温度变化的特点是 _，水的沸点是 _C.此时烧杯内水面上方的气压 _（填 大于” 等于”或 小于”1标准大气压.（3） 如图乙所示，温度计读数方法正确的是 _（选填A”、B”或C”）.16.小唐和小亮利用如图甲所示电路图测定小灯泡的功率.被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Q左右.实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（

9、00.6A 03A）、电压表（03V015V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器四只：R1（10Q0.5A）、R2（20Q0.5A）、R3（50Q0.5A）、（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接完整. 示数变大（2）小唐连接电路闭合开关后，电压表的指针迅速越过最右侧的刻度线，无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，则原因可能是 _.（要求当滑动变阻器滑片向右滑动电流表甲R4(500Q1A).第6页（共 26 页）（3）纠正上述问题后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，小唐画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象（图丙），则小灯泡的额定功率为 _W.在多次测量中，小唐第7页

10、(共 26 页)还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比_ (选填 变大” 变小或不变”).(4) 小亮又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗，小亮仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生(选填物态变化名称)而变细，消耗的实际功率变 _ 的缘故(选填 大”或 小”.(5)灯泡的功率测量完毕，他们用5Q、10Q、15Q、20Q、25Q的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图象，则他们应选用滑动变阻器_(选填Ri”R2”、R3”或R4”.(6)整理器材时小亮发

11、现滑动变阻器接入电路的电阻丝部分比PC部分热，原因是 _17.()物理学习小组准备探究浮力大小与哪些因素有关 ”同学们利用以下器材对这些猜想进行了探究.器材：两个弹簧测力计(一个量程为0-3N，分度值为0.1N)、实心圆柱体铜块甲：高度为5cm，横2 2截面积为2cm;实心圆柱体铜块乙：高度为6cm，横截面积为5cm;实心圆柱体铝块丙：高度为6cm，横截面积为5cm2; 一块橡皮泥、三个相同的大烧杯 酒精、盐水溶液、刻度尺、细线.他们设计了如下的实验：1用弹簧测力计挂住实心铜块甲，称出铜块的重力，如图2用弹簧测力计挂住实心铜块甲，把它慢慢浸入到水中，如图B、C、D、E、F;B、C、D、E、F、

12、G中弹簧秤的示数变化很不明显，主要原因是_同学们经过讨论，认识到了问题，并对实验进行了改进：用铜块乙代替铜块甲，用酒精代替了水，(底面积为40cm2),分别装有一定量的水、A；读出铜块在不同深度时弹簧测力计的示数,用弹簧测力计挂住实心铜块甲,把它慢慢浸入到盐水中， 读出铜块在与图E中深度相同时弹簧测实验时，他们发现了一个问题，在如图力计的示数，如图G.ABCDEF第8页(共 26 页)顺利地完成了实验，分别记下圆柱体下表面所处的深度h和 弹 簧 测 力 计 的 示 数F. 实 验 数 据 如 表 :实验次数1234567h/cm0246789F/N2.702.592.482.372.372.3

13、72.30(1)_在第 步的图D中铜块乙所受浮力F浮=_ N.(2)_分析第 步的图B、C、D,说明浮力大小跟 _ 有关.(3)_ 分析第步，说明浮力大小跟排开液体的体积有关.(4) 分析第 _步，说明浮力大小跟液体的密度有关.(5)_ 分析第步，说明浮力大小跟浸没在液体中的深度无关.(6)_ 这种研究物理问题的方法叫.(二)物理小组的同学们体验到了科学探究的乐趣，想继续探究一下液体内部压强与深度关系怎么探究呢，于是展开了讨论，有同学提出不需要重新设计实验，就用上面实验中的数据就可以得 到液体压强的特点，请你帮他分析一下：(1)_ 在图B中物体下表面处受到液体的压强为Pa;(2)_ 由图A及几

14、组数据可以得到液体压强与液体的深度有关.四、论述计算题(第 1818 题 6 6 分，第 1919 题 8 8 分，第 2020 题 8 8 分，共 2222 分解答应写出必要的文字说 明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能给分)18.长安汽车有限公司是重庆的一家汽车生产基地.再一次某新型号的汽车测试中，让汽车在一段平直的公路上匀速行驶4.8km，所用的时间是4min，受到的阻力是3.0X103N，消耗燃油0.72L.若 燃油的密度 尸0.8xi03kg/m3，求：(1) 该汽车行驶4.8km消耗汽油的质量；(2) 汽车发动机的功率.19在一个底面积为200cm2、高度为20cm的圆柱形薄壁

15、玻璃容器底部，放入一个边长为10cm的实心正方体物块，然后逐渐向容器中倒入某种液体图反映了物块对容器底部压力的大小F与容器中倒入液体的深度h(06cm)之间的关系.求：(1) 物块的重力；(2) 液体的密度大小；(3) 当倒入液体的深度h为11cm时，物块对容器底部的压强.20.如图，电源电压保持不变，灯L标的12V 6W”字样，变阻器R上标有15Q1A”，定值电阻R阻值为6 Q.(不计灯丝电阻的变化)第9页(共 26 页)(1)S、0、S3闭合，S2断开，滑片移至a端，灯恰好正常发光，求电源电压及电流表的示数；(2) 滑片保持在a端不动，闭合S、S2,断开Sv S3,求灯的功率及通电1min

16、电流通过R所做的 功;(3)闭合S、S1,断开S2、S3,移动滑片的过程中， 电流表示数的变化范围及R的电功率变化范围.第10页（共 26 页）第11页（共 26 页）2015 年重庆西大附中中考物理模拟试题（6 月份）答案与解析、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3 3 分，共 2424 分）1.下列说法中，接近实际情况的是（）A.洗澡的热水温度约为75CB.地球的半径为6400mC.一个中学生正常步行速度约为1m/sD.对人体的安全电压是36V考点：长度的估测；温度；速度与物体运动；电压.专题：估算综合应用题.分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要

17、进行单位的换算， 最后判断最符合实际的是哪一个.解答：解：A、 人的体温在37C左右，洗澡水的温度应该略高于体温，不可能达到75C.故A不符合实际;B、地球的半径在6400km左右.故B不符合实际；C、 中学生正常步行的速度在4km/h=4 m/sHm/s左右.故C符合实际；3.6D、 经验证明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的.故D不符合实际.故选C.点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提 高，对我们的生活同样具有很大的现实意义.2.如图所示的光现象中，属于光的直线传播现象的是（）考点：光在均匀介质中直线传播.专题：光的传播和反射、平面

18、镜成像.分析：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表 明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的.解答： 解：A、放大镜将数字放大，是光的折射现象，不合题意；B、看见不发光的物体，是光的反射现象，不合题意；C、看见海下面的冰山，是光的折射现象，不合题意；D、激光引导掘进方向，是利用了光的直线传播原理，符合题意.故选D.A .放大镜将数字放大B.看见不发光的物体C .看见海下面的冰D.激光引导掘进方向第12页（共 26 页）考点：家庭电路电流过大的原因；磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理；触电危害及常见 的触电类型与预防.专题：电与热、生活用电；电动机、

19、磁生电.分析： （1）家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大.点评：本题列举了几个常见的光现象，综合了光学知识，要求判断哪个是由于光的直线传播形成的,这需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考.3下面关于热现象的说法，正确的是（）A冰块在熔化时温度不变，内能增加B物体温度升高了，则一定是吸收了热量C.汽车发动机用水作冷却液是因为水比容较小D.秋天清晨的露珠是水蒸气液化吸热形成的考点：水的比热容的特点及应用；熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象.专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能.分析： （1）冰是晶体，晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸

20、热，其内能不断增大；（2）温度升高，内能一定增大；内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做功 造成的；（3）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高 或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（4）物质由气态变为液态叫液化，液化时要放出热量.解答： 解：A、冰是晶体，冰熔化成水，吸收热量，内能增加，但温度不变故A正确;B、 物体温度升高，也可能是外界对它做了功，不一定吸收了热量；故B错误；C、 汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容较大，故C错误；D、 秋天清晨的露珠是水蒸气液化形成的，液化放热，故D错误. 故选A.点评：

21、此题涉及到熔化与熔化吸热特点，温度、热量与内能的关系，水的比热容的特点及应用，液 化与液化吸热特点，综合性很强，要求学生具备较为扎实全面的物理知识，难易程度适中，是一道 好题.4对如图所示的实例或实验解释正确的是（A.图中多个图中多个大功率用电器同时便用大功率用电器同时便用一个插线板不会有安全隐患一个插线板不会有安全隐患D.图中人站柱纯缘板上，双手图中人站柱纯缘板上，双手磁性强弱与电逾磁性强弱与电逾大小大小的关系的关系同时握住火钱和壽线不会鮭电同时握住火钱和壽线不会鮭电第13页（共 26 页）（2）发电机的原理是电磁感应现象，据此判断；(3) 根据通电导体在磁场中受力可做出判断；(4) 根据单

22、线触电和双线触电的概念可做出判断.解答：A、图中多个大功率用电器同时使用一个插线板会造成电流过大，存在安全隐患，故A错误;B、 图中闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，是 发电机的原理，故B正确；C、 图中可用来演示通电导体在磁场中受力，不是电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，故C错误；D、 图中人站在绝缘板上，双手同时握住火线和零线会造成双线触电，故D错误. 故选B.点评：本题考查了家庭电路电流过大的原因、发电机的原理、磁场对电流的作用、以及触电的判断 等，有一定综合性，都是重要的电学知识点.5杠杆在生产生活中普遍使用如图所示的工具在使用过程中，属于省力

23、杠杆的是()A,钓鱼竿乩超钳C.棧子D.天平考点：杠杆的分类.专题：简单机械.分析：杠杆分类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动 力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆.解答：解：A、 钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；B、 钢丝钳动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确；C、 筷子动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；D、 天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力、也不费力，故D错误. 故选：B.点评：要进行杠杆分类，关键是弄清在使用过程中动力臂和阻力臂的大小关系.6如图所示，是一种自动测定汽车油箱内存油量的装置原理图油量表是由

24、电流表或电压表改装而 成的，Ro是保护电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度, 就可以知道油箱内存油量的多少.下列各图中能实现油箱内存油量越大油量表示数越大，且油量表 刻度均匀的是()考点：欧姆定律的应用.第15页（共 26 页）专题：欧姆定律.分析：由选项电路图可知，Ro与R串联，根据油箱内存油量越大时滑片移动的方向可知接入电路中 电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，然后表示出油量表的示数，根据是不是线性函数判断油量表的可得是否均 匀.解答： 解：A.由电路图可知，Ro与R串联，当油箱内

25、存油量越大时，浮子上移，滑片下移，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=可知，电路中的电流变大，即油量表的示数变大，R因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，油量表的示数1=，不是线性函数，则油量表的刻度是不均匀，故A错误；R+RQB.由电路图可知，Ro与R串联，当油箱内存油量越大时，浮子上移，滑片下移，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=可知，电路中的电流变大，R由U=IR可知，Ro两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变小，即油量表的示数变小，故B错误；C.由电路图可知，Ro与R串联，当油箱内存油量越大时，浮子上移，滑片下移，接入电路

26、中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由|=可知，电路中的电流1=.变大，RR+ R jURn由U=IR可知，Ro两端的电压Uo=|Ro=.变大，即油量表的示数变大，而Uo与Ro不是线性函数，则油量表的刻度是不均匀，故C错误；D.由电路图可知，Ro与R串联，因电压表内阻很大、在电路中相当于断路，所以，当油箱内存油量越大时，浮子上移，滑片下移，接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不 变，由|=可知，电路中的电流不变，R当油箱内存油量越大时，电压表并联部分电阻变大，由U=IR可知，油量表的示数变大，且UR与R是线性函数，则油量表的刻度是均匀，故D正确.故选D.点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到串联

27、电路和欧姆定律的应用，会根据油量表示数的表达 式判断其刻度是否均匀是解题的关键.7.如图所示是某同学在运动场上看到的一些场景.他运用学过的物理知识进行分析，下列分析正确 的是（）第 12 页(共 26 页)A甲图中踢出去的足球在草地上滚动时慢慢停下来，是因为足球没有受到力的作用B乙图中运动员穿软橡胶底运动鞋跑步，是为了减小地面对人的摩擦力C.丙图中投出去的篮球在空中继续飞行，是因为篮球具有惯性D 丁图中运动员正在跳高，当他腾跃到最高点时，机械能最大，处于平衡状态考点：惯性；增大或减小摩擦的方法；动能和势能的大小变化. 专题：运动和力；重力、弹力、摩擦力；机械能及其转化.分析：(1)力是改变物体

28、运动状态的原因，据此判断；(2) 使接触面变粗糙可以增大摩擦力；(3) 切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；(4) 根据能量的影响因素来判断机械能的大小，根据物体是否受力平衡来判断其是否为平衡状态. 解答： 解：A、甲图中踢出去的足球在草地上滚动时慢慢停下来，是因为足球受到了阻力的作用, 故A错误；B、乙图中运动员穿软橡胶底运动鞋跑步，是为了增大接触面的粗糙程度来增大地面对人的摩擦力， 故B错误；C、 丙图中投出去的篮球在空中继续飞行，是因为篮球具有惯性，故C正确；D、丁图中运动员正在跳高，当他腾跃到最高点时，重力势能最大，此时只受重力的作用，因此不 是处于平衡状态，故D错误.故选C

29、点评：本题考查了力与运动的关系、摩擦力的影响因素、惯性现象、平衡状态的判断等，有一定综 合性，属力学综合题.&如图所示的电路中，电源两端电压与灯丝电阻不变，灯泡L规格4V 4W”，定值电阻R仁12Q,滑动变阻器R2最大阻值为9Q.当只闭合开关S3时，Ri的电功率为Pi.下列说法中正确的是()B.只闭合S2时，电路总功率的最小值为16PiC.只闭合S3时，相同时间内Ri与灯泡L消耗的电能之比为1：3D.开关都闭合时，Ri与R2功率之比的最大值为3：4考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.甲甲丙丙丁丁P向右移动，灯泡L变亮第17页（共 26 页）专题：欧姆定律；电能和电功率.分析： （1）只

30、闭合S2时，R2与L串联，根据串联电路特点和欧姆定律判断L的亮度变化情况；（2）只闭合开关S3时，R1与L串联，根据P=I2R表示出P1；只闭合S2时，根据P=UI表示出电路 总功率P.两式相除得出P与Pi的关系；（3） 只闭合开关S3时，Ri与L串联，根据W=l2Rt计算相同时间内Ri与灯泡L消耗的电能之比；（4） 开关都闭合时，Ri与R2并联，L短路，根据电路特点和P=计算Ri与R2功率之比的最大R值.解答：解：画出实物图的电路图，A、由图可知，只闭合S2时，R2与L串联.滑片P向右移动，R2连入阻值变大，电源两端电压不变，根据匸I可知电流中电流变小，灯丝电阻EA错误；B、由P二，灯泡电阻

31、RL=：=40,K只闭合S2时，R2与L串联，由P=可知，当滑片在右端时，R2连入阻值最大，总电阻最大，电路R所以P：Pi=u2：U2,所以P= _ Pi，故B错误；13439C、只闭合开关S3时，Ri与L串联，根据W=I2Rt,相同时间Ri与灯泡L消耗的电能之比：WRI：WL=I2Rit:D、开关都闭合时，Ri与R2并联，L短路，根据并联电路电压特点可知：Ui=U2,TJ2根据P=T,RPi：P2= I衆2：Ri,R1当R2阻值最大时，比值有最大值，即Ri与R2功率之比的最大值：Pi：P2=R2：Ri=90：120=3:4.故D正确.故选D.总功率最小，最小总功率为P=UI=UX匚U2,2不

32、变，根据P=l R可知灯泡实际功率变小，亮度变小，故当只闭合开关S3时，根据P=I2R,Ri的电功率：Pi=（点）2Ri=（）%2,2I RLt=Ri：RL=12Q：40=3:i, 故C错误;第18页（共 26 页）点评：本题考查了串联和并联电路特点和欧姆定律、解题的关键是正确分析电路的连接方式.电功和电功率公式的应用， 要能灵活运用公式,二、填空题（每空 1 1 分，1414 题 2 2 分，共 1212 分）9当列车高速经过时，若人离列车太近，很容易被吸向列车，这是因为列车在高速行驶时，列车与 人之间的空气 流速快，压强小，人外侧的气压大于内侧的气压，从而把人压向列车.考点：流体压强与流速

33、的关系.专题：应用题.分析：流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小从人的内侧和外侧受到的压强进行考 虑解答：解：人离列车太近时，高速列车行驶过程中，使人和列车之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向列车出现事故.故答案为：流速快，压强小.点评：掌握流体压强跟流速的关系，并能解释有关流体压强的问题.10用如图所示的滑轮组匀速竖直向上将重为180N的物体提升1m时，已知动滑轮重20N，不计绳重和摩擦，则拉力F做的功为200 J,此时滑轮组的机械效率是90%考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率.专题：功、功率、机械效率.分析：由图知，承担物重的绳子股

34、数n=3,则s=3h,不计绳重和摩擦，知道物重和动滑轮重，利用F= （G物+G轮）求拉力大小;3利用W=Fs计算拉力做功;利用效率公式=.：=；求滑轮组的机械效率.解答： 解：由图知，n=3,不计绳重和摩擦,则F=(G物+G轮)=(180N+20N)N;333W=Fs=孕N 3 Xlm=200J3第 15 页(共 26 页)滑轮组的机械效率：n=X1OO%=鱼XIOO%=xioo%=JL X1OO%=1河X1OO%=9O%.出总出总2 F 3h 3F 3X-2H3故答案为：200;90%.点评：本题考查了使用滑轮组拉力的计算、有用功、总功、机械效率的计算，根据题图确定n的大小(承担物重的绳子股

35、数)是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系F=二(G轮+G物)是本题的关键.n11.如图是某品牌电热水壶及其铭牌.用该电热水壶在400s内可以将一满湖的水从20C加热至70C,壶内的水吸收达到热量为2.1 XI05J.若该水壶加热的效率为70%，则水壶的实际功率为7503W.c=4.2 X10 J/(kg?C)考点：电功与热量的综合计算.专题：电和热综合题.分析：由密度公式求出水的质量，然后应用热量公式求出水吸收的热量;求出水壶消耗的电能，然后应用功率公式求出实际功率.解答： 解：由 尸壬可知，水壶内水的质量为：m= p/=1.0X03kg/m3XX03m3=1kg,35水吸收

36、的热量：Q=cmt=4.2X0 J/(kg?C) XkgX(70C-20C)=2.1X0 J； 水壶消耗的电能：W=卫=2 1 *1 J=3X05J，水壶的实际功率：P=丄-1=750W;t 400s故答案为：2.1X105；750.点评：本题考查了求水吸收的热量、水壶的实际功率，应用密度公式、热量公式与功率公式可以解 题.12如图所示，重力不计的一木板可绕O点无摩擦转动，木板可以视为杠杆，在杠杆的左侧M点挂有一个边长为0.2m的立方体A，在A的下方放置一个同种材料制成的边长为0.1m的立方体B,物体B放置在水平地面上； 一个人从杠杆的支点O开始以0.1m/s的速度匀速向右侧移动，经过6s后，

37、到达N点静止，此时杠杆处于平衡状态，物体A对B的压强为7000Pa,已知MO的长度为4m.如果人从N点继续以相同的速度向右侧又经过2s后，则物体B对地面的压强为6000Pa。贝幽体A的密度为 _kg/m3。人继续以相同的速度再向右移动 _m时，物体B对地面的压强变为3000Pa。型号FY-T800QA额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.0L第20页（共 26 页）考点：压强的大小及其计算；密度的计算；密度公式的应用；杠杆的平衡条件.专题：计算题；密度及其应用；压强、液体的压强；简单机械.分析： （1）AB物体的密度相等，根据密度公式和重力公式可知AB的重力关系，人到达N点静

38、止时，杠杆平衡，利用杠杆的平衡条件求出A对杠杆的作用力和人重力之间的关系，A对B的压力 等于A的重力减去绳对A的拉力，根据压强公式表示出它们之间的关系，绳对A的拉力和A对杠杆的拉力是一对相互作用力大小相等，B对地面的压力等于B的重力加上A的重力减去绳对A的拉 力，利用压强公式表示出人从N点继续以相同的速度向右侧又经过2s后的平衡状态，联立以上等式 即可求出人的重力、A和B物体的重力，利用密度公式和重力公式、体积公式求出物体A的密度；（2）根据压强公式求出物体B对地面的压强变为3000Pa时A对杠杆的拉力，利用杠杆的平衡条件 求出此时人距离0点的长度，进一步求出继续以相同的速度再向右移动的距离.

39、解答：（1）v pA=p,GA=8GB人到达N点静止时，杠杆平衡时: FA对杠杆LOM=G人v人t人， 即FA对杠杆0.1m/s 6s,闊人闊人FA对杠杆=,二2A对B的压力：FA对B=GAFA对杠杆=PA对BSB=7000PaX（0.1m）=70N,0. 6GJL即GA-=70N-4人从N点继续以相同的速度向右侧又经过FA对杠杆LOM=G人v人(t人+2s)=G人X).1m/sX (6s+2s)即FA对杠杆4m=G人0.8m,FA对杠杆=0.2G人，2B对地面的压力：FB对地面=GB+(GA-FA对杠杆)=pB对地面SB=6000Pax(0.1m)=60N即GB+GA-0.2G人=60N-整

40、理 式可得：GB=20N,G人=600N,GA=160N,r33PA= pB=k=-=2XO kg/m；违 VBg (0. Im)JXlQN/kg（2）B对地面的压力FB对地面：GB+（GA-FA对杠杆）=PB对地面SB,即20N+（160N-FA对杠杆）=3000PaX（0.1m）=30N2s后,20W物体A的密度:第 15 页(共 26 页)解得：FA对杠杆=150N,第仃页(共 26 页) FA对杠杆LOM=G人s/ 150N 4m=600N冶，s=1m,人继续以相同的速度再向右移动的距离：s=1m-0.1m/sX (6s+2s)=0.2m.故答案为：2 X103；0.2.点评：本题考查

41、了密度公式、压强公式、速度公式、杠杆的平衡条件和平衡力条件的应用，综合性强，难度较大，解题时要注意相互作用力的大小相等，同时还要注意A对B的压力、B对地面压力的计算.13.如图所示，是著名设计师杨明洁先生操刀的508E-BIKE智能电动单车.车身质量为35kg，后轮车架部分安装了250W中心曲柄结构电力发动装置，内置36V锂电池，前轮内置有发电花鼓，电动单车在骑行时可支持车灯照明、导航设备、扬声器、手机充电等功能.可GPS导航，内置传感器，可同步到手机APP,实现防盗、定位、报警器及健康等多项功能.请你结合文字介绍及图片信息指 出与它有关的结构或使用所涉及到的物理知识(不得与示例重复) 物理现

42、象：智能电动单车把手上刻有凹凸不平的花纹； 物理知识：通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.物理现象：手机电池充电过程能的转化物理知识：电能转化为化学能.考点：物理常识.专题：其他综合题.分析：电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内；放电(用电)过程就是将化学能转化为电能；GPS导航设备是通过电磁波来传递信息的;据此分析回答.解答：解：当利用充电器给手机电池充电时，是将电能转化为化学能储存在电池内.车载GPS导航设备是利用了卫星通迅技术，是通过电磁波来传递信息的.故答案为：手机电池充电过程能的转化；电能转化为化学能；GPS导航设备传递信息的方式

43、；通过电磁波来传递信息的.点评：此题的关键是仔细阅读材料，从中找出相关的物理知识并解答.14. (1)如图1所示，一个桃子静止在水平桌面上，请画出桃子所受桌面对它支持力的示意图；(2)根据平面镜成像的特点，在图2中画出物体AB在平面镜MM中的像AB.第23页（共 26 页）考点：力的示意图；平面镜成像的相关作图.专题：光的传播和反射、平面镜成像；重力、弹力、摩擦力.分析： （1）掌握力的示意图的画法：将力的大小、方向和作用点表示在图上；对桃子进行受力分 析，确定支持力的方向.（2）首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左 右相反，即像与物关于平面镜对称

44、；其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像.解答：解：（1）桃子静止在桌面上，受重力和支持力作用，支持力与重力是一对平衡力，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上，支持力的示意图如图所示：（2）根据平面镜成像的特点，先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A、B,连接A、B点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：点评：（1）此题考查了支持力示意图的画法，力的示意图是初中物理的一个重要知识点，因此,掌握正确的力的示意图的作图步骤对于同学们来说是非常重要的.（2）在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于

45、平面镜对称，先 作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像.三、实验探究题（第 1515 题 5 5 分，第 1616 题 8 8 分，第 1717 题 9 9 分，共 2222 分）15在探究水沸腾时温度变化特点的实验中，用酒精灯给烧杯中的水加热，当水温接近 隔1min记录一次温度，绘制了如图甲所示的水温与时间关系的图象.90C时，每图图 1 1囹囹 2 2Z、第24页（共 26 页）甲甲乙乙（1） 水沸腾时看到大量的 白气”不断地从烧杯上冒出，这些白气”是由于水蒸气遇冷放热液化（填物态变化过程）而形成的.（2） 由图象可知：水沸腾时温度变化的特点是不变， 水的沸点是98C.此时烧

46、杯内水面上 方的气压 小于（填大于” 等于”或 小于”1标准大气压.（3）如图乙所示，温度计读数方法正确的是B（选填A”、B”或C”.考点：探究水的沸腾实验.专题：探究型实验综合题.分析： （1）液化的概念：由气态变为液态的过程，此过程需要放热.（2）要掌握沸点的概念，知道液体沸腾时温度叫做沸点；掌握沸腾的特点：吸收热量但温度保持不 变；掌握沸点和气压的关系：液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高；（3）温度计读数时，视线要与液柱上表面保持向平，不能俯视或仰视.解答： 解：（1）看到的 白气是由大量小水珠组成的，这些小水珠是由水蒸气遇冷放热液化而形 成的.（2）由图知，当

47、水的温度达到98C时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，其特点是吸热 温度保持不变，水的沸点是98C.水在标准大气压下的沸点是100C，液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低， 所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压.（3） 图中读数的时候，视线要与液柱的上表面保持向平，故A、C错误，B正确.故答案为：（1）遇冷放热液化；（2）不变；98;小于；（3）B.点评：本题是探究水的沸腾实验，主要考查了沸点的概念、液化的概念、沸点与气压的关系及温度 计的读数.这些都是该实验中应该重点掌握的内容.16.小唐和小亮利用如图甲所示电路图测定小灯泡的功率.被测小灯泡的额定电压为2.5V

48、，电阻约为10Q左右.实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（00.6A 03A）、电压表（03V015V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器四只：R1（10Q0.5A）、R2（20Q0.5A）、R3（50Q0.5A）、第25页（共 26 页）示数变大）R4(500Q1A).（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接完整.丙丁（要求当滑动变阻器滑片向右滑动电流表第26页(共 26 页)(2) 小唐连接电路闭合开关后，电压表的指针迅速越过最右侧的刻度线，无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，则原因可能是小电灯的灯丝断了(3) 纠正上述问题后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，

49、小唐画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象 (图丙)，则小灯泡的额定功率为0.625 W在多次测量中，小唐还发 现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大 (选填 变大” 变小或 不变”.(4) 小亮又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗，小亮仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生_升华(选填物态变化名称)而变细，消耗的实际功率变小 的缘故(选填 大”或小”.(5)灯泡的功率测量完毕，他们用5Q、10Q、15Q、20Q、25Q的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流I

50、随电阻R变化的图象，则他们应选用滑动变阻器_R3(选填Ri”R2”、R3”或R4”.(6)整理器材时小亮发现滑动变阻器接入电路的电阻丝部分比PC部分热，原因是滑动变阻器接入电路的电阻丝部分和PC部分串联，根据Q=l2Rt，两部分的电流相同，通电时间相同，由于滑动 变阻器接入电路的电阻丝部分的电阻大于PC的电阻，所以滑动变阻器接入电路的电阻丝部分产生的热量多 考点：电功率的测量.专题：测量型实验综合题.分析： (1)根据欧姆定律求出灯泡额定电流的大约值，然后确定电流表的量程，并将电流表、滑 动变阻器以及开关串联在电路中；滑动变阻器滑片向右移动，灯泡亮度变亮，说明电路电流变小， 即滑动变阻器接入电

51、路的阻值变小，故将滑动变阻器的右下接线柱接入电路；(2)闭合开关后，小明发现灯泡不发光，电流表的示数为零，电压表的示数超过3V，说明问题出在电压表两接线柱之间的电路，短路不对(这样电压表示数为0),只能是开路.(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；根据图丙读出当灯泡两端电压额定电压2.5V时，通过灯泡的电流，再根据P=UI求出灯泡的额定功率；灯丝电阻随温度的升高而增大；(4)物质由固态直接变为气态的过程叫升华； 在两端电压一定时，用电器消耗的功率的变化 用公式P=分析.R(5) 在探究电流与电阻的关系时，要改变接入电路的电阻阻值大小，但不同阻值的电阻两端电压不 变；(6) 根据焦耳定

52、律结合串联电路电流及电阻的关系进行判断.解答： 解：(1)灯泡的额定电压为2.5V，将灯泡右端接线柱与电压表-3”接线柱相连，有当滑动变阻器滑片向右滑动电流表示数变大，可知，将滑动变阻器的右下接线柱与开关的右接线柱相连， 如下图所示：(2)无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表的指针迅速越过最右侧的刻度线，电压表 的示数超过3V，说明问题出在电压表两接线柱之间的电路开路.第27页（共 26 页）（3） 由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则灯泡的额定功率：P额=U额l=2.5V0.25A=0.625W;因为灯丝的温度随电压的升高而增大，电阻随之增大，所以

53、当电压表的示数增大时，电压表与电流 表的示数之比变大；（4）灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时温度很高，钨丝由固态直接变为气态发生升华现象而变细；灯丝变细，电阻增大，在两端电压一定时，由公式P=知，消耗的功率变小，即实际功率减小；R（5） 由图象知，不同阻值的电阻两端电压等于0.5A5Q=0.25A X10Q=2.5VUi Ri假设选择25Q的定值电阻与滑动变阻器串联，由=知，要保持定值电阻两端电压为2.5V不变,滑动变阻器接入电路的电阻为35Q,所以滑动变阻器选择50Q0.5A”，即选择滑动变阻器R3；（6） 滑动变阻器接入电路的电阻丝部分和PC部分串联，根据Q=l2Rt，两部分的电流相同，通电

54、时间相同，由于滑动变阻器接入电路的电阻丝部分的电阻大于PC的电阻，所以滑动变阻器接入电路的电阻丝部分产生的热量多，比较热.故答案为：（1）见上图；（2）小电灯的灯丝断了；（3）0.625;变大；（4）升华；小；（5）R3； （6）2滑动变阻器接入电路的电阻丝部分和PC部分串联，根据Q=l Rt，两部分的电流相同，通电时间相 同，由于滑动变阻器接入电路的电阻丝部分的电阻大于PC的电阻，所以滑动变阻器接入电路的电阻丝部分产生的热量多.点评：本题考查了电流表的调节及读数、求灯泡额定功率、电功率的变化以及滑动变阻器规格的选 择，考查角度广，设计知识点多，综合性较强，具有一定的代表性.17.（一）物理学

55、习小组准备探究 浮力大小与哪些因素有关 ”同学们利用以下器材对这些猜想进行了探究.器材：两个弹簧测力计（一个量程为0-3N，分度值为0.1N）、实心圆柱体铜块甲：高度为5cm，横截面积为2cm2；实心圆柱体铜块乙：高度为6cm，横截面积为5cm2；实心圆柱体铝块丙：高度为2 26cm，横截面积为5cm； 一块橡皮泥、三个相同的大烧杯（底面积为40cm）,分别装有一定量的水、 酒精、盐水溶液、刻度尺、细线.他们设计了如下的实验：用弹簧测力计挂住实心铜块甲，称出铜块的重力，如图A；用弹簧测力计挂住实心铜块甲, 如图B、C、D、E、F；力计的示数，如图G.把它慢慢浸入读出铜块在不同深度时弹簧测力计的

56、示数,用弹簧测力计挂住实心铜块甲,把它慢慢浸入到盐水中,读出铜块在与图E中深度相同时弹簧测第28页（共 26 页）8gH1rBCD第29页(共 26 页)实验时，他们发现了一个问题，在如图B、C、D、E、F、G中弹簧秤的示数变化很不明显，主要原因是铜块体积太小，所受浮力太小同学们经过讨论，认识到了问题，并对实验进行了改进：用铜块乙代替铜块甲，用酒精代替了水，顺利地完成了实验，分别记下圆柱体下表面所处的深度h和 弹 簧 测 力 计 的 示 数F. 实 验 数 据 如 表 :实验次数1234567h/cm0246789F/N2.702.592.482.372.372.372.30(1) 在第 步的

57、图D中铜块乙所受浮力F浮=0.33 N.(2)分析第 步的图B、C、D,说明浮力大小跟物体排开液体的体积有关.(3)分析第B、C、D步，说明浮力大小跟排开液体的体积有关.(4)分析第E、G步，说明浮力大小跟液体的密度有关.(5)分析第D、E、F步，说明浮力大小跟浸没在液体中的深度无关.(6)这种研究物理问题的方法叫控制变量法 .(二)物理小组的同学们体验到了科学探究的乐趣，想继续探究一下液体内部压强与深度关系怎么探究呢，于是展开了讨论，有同学提出不需要重新设计实验，就用上面实验中的数据就可以得 到液体压强的特点，请你帮他分析一下：(1)在图B中物体下表面处受到液体的压强为200 Pa；(2)由

58、图A及B、C、D、E、F几组数据可以得到液体压强与液体的深度有关.考点：探究浮力大小的实验.专题：探究型实验综合题.分析： (一)实验中，应选取较大的物块来进行实验，使弹簧测力计的示数变化较明显； 利用称重法可求出物体所受的浮力根据控制变量法，可分析浮力的大小与物体排开液体的体积和 液体的密度有关；(二)利用液体压强的公式p= pgh,知道物体的深度可计算液体压强的大小；同样利用控制变量法， 可得出液体压强与液体深度的关系.2解答： 解：(一)由题意可知，实心圆柱体铜块甲：高度为5cm，横截面积为2cm；由于其体积太小，浸入水中时所受浮力太小，所以弹簧测力计示数不明显；(1)在第 步的图D中铜

59、块完全浸没， 物块乙所受浮力F浮=G-F拉=2.70N-2.37N=0.33N.(2) 分析第步的图B、C、D,可以看出，随着排水体积增大，弹簧测力计的示数逐渐减小，说 明浮力大小跟物体排开液体的体积有关.(3) 分析第B、C、D步，随着排水体积增大，弹簧测力计的示数逐渐减小，说明浮力大小跟排开 液体的体积有关.(4)分析第E、G步，物体的排开液体体积相同，液体密度不同，说明浮力大小跟液体的密度有关.(5) 分析第D、E、F步，物体的深度不同，其他条件相同，说明浮力大小跟浸没在液体中的深度 无关.(6) 这种研究物理问题的方法叫控制变量法.(二) (1)在图B中物体下表面处的深度为2cm=0.

60、02m,受到液体的压强为：p=ph=1.0 XI0 kg/m xi0N/kgX).02m=200Pa；(2)如果根据圆柱体下表面所处的深度h,依次计算出图B、C、D、E、F中物体下表面所受的压 强，会发现，深度越深、压强越大，故由图A及B、C、D、E、F几组数据可以得到液体压强与液 体的深度有关.故答案为：(一)铜块体积太小，所受浮力太小；(1)0.33； (2)物体排开液体的体积；(3)B、C、D； (4)E、G； (5)D、E、F； (6)控制变量法;第30页(共 26 页)(二) (1)200; (2)B、C、D、E、F.点评：本题考查了探究 浮力大小与哪些因素有关”实验中，器材的选择、控制变量法的运用