2019年上海市黄浦区高考物理二模试卷(含解析版)

1、2019 年上海市黄浦区高考物理二模试卷、单项选择题（共 40分，1至 8题每小题 3分，9至 12题每小题 3分每小题只有一个正确选项）1（3 分）某日气温最低为 2、最高为 7，用热力学温标表示该日的最大温差是 （ ）A 5KB278KC 9KD 282K2（ 3分）在核反应方程 He+ N O+ （X ）中， X 所代表的粒子是（）A HB H3（3 分）天然放射性元素衰变时放出的A 氦核流B 质子流CeDn射线是（ ）C中子流D电子流4（3 分）光波具有的下列性质中，与声波不同的是（）A 能传递能量B频率由波源决定C能产生衍射现象D能在真空中传播5（3 分）在光的双缝干涉实验中，能增大

2、条纹间距的做法是（）A 改用频率更高的光波C增大双缝间距B改用波长更长的光波D减小双缝与光屏间距63分）一根容易形变的弹性导线，上下端固定，通有向上的电流。当没有磁场时，导线呈直线状态； 当分别加上四种不同方向的匀强磁场后， 导线状态描述正确的图示为 （ABC7某静电场沿 x 轴方向的电势分布如右图所示，则在0x0 之间（）3 分）DB 存在匀强电场，方向可能不沿x 轴C存在着场强大小沿 x 轴均匀减小的电场，场强方向一定沿着 x 轴D 存在着场强大小沿 x 轴均匀减小的电场，场强方向可能不沿 x 轴8（ 3分）一列简谐横波沿 x轴正方向传播，在 x轴上相距 2cm的P点和 Q点的振动图象 均

3、如图所示，由此可以确定这列波的（ ）A 振幅、频率 B 振幅、波长C波长、波速D频率、波速9（ 4分）如图所示，质量为 m的木块 A 位于斜面体 B上，并随 B一起沿水平面向右做匀 速直线运动，则 A 、B 间的相互作用力大小为（）A mgB mgsin C mgcosD mgtan10（ 4分）一物体自 t 0开始，在合力 F作用下由静止起做直线运动，合力 F 大小随时间t 的变化如图所示，且方向始终不变。已知该物体在F在 0t0和t02t0时间内对物体所做的功分别是Av24v1，W216W1BCv24v1，W215W1Dv 2 3v 1， W28W1v23v1，W24W1t0和 2t0时刻

4、的速度分别是 v1和 v2，W1 和 W2，则（）11（4 分）如图所示的电路中， R1 为定值电阻， R2 为滑动变阻器，各电表均为理想电表。在 a、b 两点间接入电源后，调节 R2，可获得电压表 V1、V2 的示数随电流表 A 示数变化 的图象，则（ ）A 只有图是合理的B只有图 是合理的C 只有图 、 是合理的D只有图 、 是合理的12（ 4 分）如图（ a）所示，浮于水面的A 物体装有音频信号发生器，发出频率为2000Hz的脉冲信号。位于水下的 B 物体装有信号接收器，接收器与发射器之间的距离为2.1m 。某段时间内发射信号与接收信号如图 （b）所示。 已知水中的声速介于 1300m/

5、s1600m/s之间，则发射信号 P 对应的接收信号是图（ b）中标识的（CDAB二、填空题共 20 分，每个空格2 分）13（4 分）卢瑟福通过实验，发现原子中间有一个很小的核，并由此提出了原子的结构模型。14（ 4 分）某电场的电场线分布如图中实线所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿虚线运动，先后经过 A、B 两点。则该粒子在 A 、B 两点的加速度大小为 aAaB，在 A、B 两点的电势能为 A B（均选填“>”或“<” ）15（4 分）如图所示， S1、 S2是位于水面的两个振动情况完全相同的波源，振幅为A，a、b、c 三点均位于 S1、 S2连线的中垂线上，且 abbc某时

6、刻 a是两列波的波峰相遇点， c 是两列波的波谷相遇点， 则此刻 b 处质点的位移为，b 处质点的振动（选填“加强”或“减弱” ）16（4 分）用图（ 1）所示的装置可以测量气体分子速率的大小。在小炉中金属银熔化并蒸 发，银原子束通过小炉的小孔逸出，又通过狭缝S1、 S2和 S3进入圆筒 C内的真空区域。若圆筒 C 的直径为 d 且绕轴 O 以角速度 旋转，某银原子落在玻璃板 G 上的位置到 b点的弧长为 s，则该银原子的速率 v<已知）。经过较长时间，落在玻璃板 G 上的银原子的分布最接近图（ 2）中的图。17（ 4 分）如图所示，一端封闭、粗细均匀的薄壁玻璃管开口向下竖直插在水银槽内

7、，管内封闭有一定质量的空气。 开始时管内空气柱长度为 10cm，管内外水银面高度差为 60cm。已知水银槽的截面积是玻璃管截面积的 4倍，大气压强相当于 75cm 高水银柱产生的压强。 现将玻璃管沿竖直方向缓慢下移，使管内外水银面的高度差变为50cm，此时管内空气柱的长度为 cm，水银槽内水银面上升了cm。三、综合题（共 40 分）注意：第 19、 20 题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中， 要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等18（11 分）在研究电磁感应现象的实验中，（1）为了能明显地观察到感应电流，请在右图中用实线代替导线，补充完成实验电路。（2）电路正确连接，闭合开关后，能

8、产生感应电流的做法有：方法一：方法二： 。这些做法都能产生感应电流，其本质原因是： 。（3）将原线圈插在副线圈中，闭合开关的瞬间，副线圈中感应电流与原线圈中电流的绕行方向 （填“相同”或“相反” ），若此瞬间检流计的指针向右偏转，则可使检流计指针向右偏转的其他做法有3m5.0×103kg 的重19（13 分）图示为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将质量物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上先做匀加速直线运动，加速度a 0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率继续提升重物直到重物以vm1.0m/s 匀速上升。取 g 10m/s2，不计额外功。求：（ 1）重

9、物匀加速上升时，起重机对重物的作用力F1；（ 2）起重机允许输出的最大功率 Pm；（ 3）重物做匀加速运动所经历的时间t1。20（ 16 分）如图，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为L，电阻 R1、R2 并联后接在导轨左端。整个区域内存在垂直轨道平面向下的匀强磁场。一质量为m，电阻为 r的金属棒 MN 置于导轨上，与导轨垂直且接触良好。自t0 时刻起，在一水平向右的外力 F作用下金属棒由静止开始做加速度a0.4m/s2的匀加速运动。（已知 L 1m，m 1kg，R1 0.3， R2 0.6，r 0.3，B 0.5T）。求：1）t0.5s 时，通过金属棒MN 的电流 Ir 和金属棒

10、的热功率 Pr；2）00.5s 内，通过电阻 R1的电量 q；3）通过分析、计算，在图（ b）中画出 01s内 F随时间 t变化的图象。2019 年上海市黄浦区高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共 40分，1至 8题每小题 3分，9至 12题每小题 3分每小题只有一个 正确选项）1（3 分）某日气温最低为 2、最高为 7，用热力学温标表示该日的最大温差是 （ ）A 5KB278KC9KD 282K【分析】根据温度和温标的关系式：T t+273K 就可以求解。【解答】解：根据温度和温标的关系式：Tt+273K可得：Tt所以该日最大热力学温差为： T t 7（ 2） 9K故 ABD

11、 错误， C 正确。故选： C 。【点评】 本题考查了温度和温标的关系式： T t+273K 注意 T t 是解决本题的关 键。2（ 3分）在核反应方程 He+ N O+ （X ）中， X 所代表的粒子是（）A HB HC eD n【分析】 核反应均遵守质量数和核电荷数守恒；根据核反应方程中两边的质量数和核电 荷数应守恒解答即可。【解答】 解：根据质量数守恒 4+1417 1 知 X 的质量数是 1，由核电荷数守恒 2+7 8+1 知 X 的核电荷数为 1，分析知 X 为 H ，故 A 正确 BCD 错误。故选： A 。【点评】 本题考查了核反应方程中的质量守恒定律和核电荷数守恒，属于基础知识

12、，要 知道根据质量数守恒和电荷数守恒判定粒子的种类的方法。3（3 分）天然放射性元素衰变时放出的射线是（ ）A 氦核流B 质子流C中子流D电子流【分析】 天然放射性元素衰变时能够放出的三种射线是 、射线是氦核流， 射 线是电子流， 是光子流，是一种电磁波。【解答】 解：天然放射性元素衰变时放出的 射线是电子流，故 ABC 错误， D 正确。 故选： D 。【点评】 本题考查了天然放射性元素衰变时能够放出的三种射线的组成，同时注意它们 之间的区别。4（3 分）光波具有的下列性质中，与声波不同的是（）A 能传递能量B 频率由波源决定C能产生衍射现象D能在真空中传播【分析】 依据电磁波与机械波产生原

13、理，及其区别与联系，即可求解。【解答】 解：光波属于电磁波，而声波属于机械波，它们均能传递能量，均属于波，都 能产生衍射现象，电磁波本身就是一种物质，因此能在真空中传播，而机械波不能在真空中传播，对于声波， 其频率由波源决定的， 而是光波的频率与波源无关的， 故 ABC 错误， D 正确； 故选： D 。【点评】 考查电磁波与机械波的内容，掌握它们的联系与区别，理解能否在真空中传播的依据。5（3 分）在光的双缝干涉实验中，能增大条纹间距的做法是（ ）A 改用频率更高的光波 B 改用波长更长的光波C增大双缝间距 D减小双缝与光屏间距【分析】 双缝干涉中相邻两条明（暗）条纹间的距离 x 与波长 、

14、双缝间距离 d 及双缝 到屏的距离 L 满足 x，可分析出条纹间距与光波长成正比，与双缝与光屏间距成正比，与双缝间距成反比。【解答】 解： A、由双缝干涉中两条两条明（暗）条纹间的距离x，且频率更高的波长对应的光的波长越短，故对应的条纹间距会变小，故 A 错误；B、由上述分析可知改用波长更长的光波，对应的双缝干涉中两条两条明（暗）条纹间的 距离会增大，故 B 正确；C、减小双缝间距能增大条纹间距，而非增大双缝间距，故C 错误；D 、增大双缝与光屏间距能增大条纹间距，而非减小双缝与光屏间距，故D 错误。故选： B 。【点评】 本题主要考察双缝干涉实验中条纹间距的相关因素，于解题，本题较为基础。熟

15、悉公式 x ，有助6（ 3分）一根容易形变的弹性导线，上下端固定，通有向上的电流。当没有磁场时，导线AB呈直线状态； 当分别加上四种不同方向的匀强磁场后， 导线状态描述正确的图示为 （ ）CD分析】 通电导线在磁场中的受力方向判断，可由左手定则完成，注意电流与磁场平行时没有安培力。A 错误；解答】 解： A 、由左手定则判得，安培力的方向垂直纸面向里，故B 、图示电流与磁场平行，导线不受力的作用，故B 错误；C、由左手定则判得，安培力的方向水平向左，故C 错误；D 、由左手定则判得，安培力的方向水平向右，故D 正确；故选： D 。【点评】 本题考查了左手定则，要熟练应用左手定则判断安培力方向、

16、磁场方向、电流 方向三者间的关系。7（ 3分）某静电场沿 x 轴方向的电势分布如右图所示，则在0x0之间（）定沿着x轴B 存在匀强电场，方向可能不沿x轴C存在着场强大小沿 x 轴均匀减小的电场，场强方向一定沿着x 轴D 存在着场强大小沿 x 轴均匀减小的电场，场强方向可能不沿 x 轴【分析】 沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，根据题中图象得到电势变化 规律，再判断电场强度的情况。【解答】 解：由图可知，电势沿 x 轴方向均匀减小，故电场强度在 x 方向没有分量不变， 即存在着沿 x 方向的匀强电场， 但总的电场强度的方向不一定沿 x 轴的方向， 故 B 正确， ACD 错误；故选：

17、B 。【点评】 本题关键是要明确沿电场方向电势减小，垂直场强方向，电势不变；匀强电场 中，沿电场线方向电势降低最快，沿着任意方向（垂直电场线除外）电势随位移均匀变 化。8（ 3分）一列简谐横波沿 x轴正方向传播，在 x轴上相距 2cm的P点和 Q点的振动图象 均如图所示，由此可以确定这列波的（ ）A 振幅、频率B 振幅、波长C波长、波速D频率、波速【分析】 通过质点的振动图象，可以知道质点振动的周期和振动的振幅。【解答】 解：通过质点的振动图象，可以知道质点振动的周期和振动的振幅，频率是周 期的倒数，所以振幅和频率都可以确定，故A 正确， BCD 错误。故选： A 。【点评】 本题考查了某质点

18、的振动图象，由图象可以直接观察到周期及振幅，即可进行 解题，属于比较基础类的题型。9（ 4分）如图所示，质量为 m的木块 A 位于斜面体 B上，并随 B一起沿水平面向右做匀 速直线运动，则 A 、B 间的相互作用力大小为（）A mgB mgsin C mgcosD mgtan【分析】 选 A 为研究对象，则 A 受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于 A 和 B 一 起做匀速直线运动，故 A 处于平衡状态，即 A 的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为 0 A 和 B 之间的作用力为支持力和摩擦力的合力。由力的合成知识知：若有 N 个力的 合力为 0，其中任意一个力的大小都等于另外N 1 个力的

19、合力的大小。【解答】 解：选 A 为研究对象，则 A 受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于 A 和 B 一起做匀速直线运动，故 A 处于平衡状态，即 A 的重力、支持力、静摩擦力三力的合力 为 0其中支持力和摩擦力是 B 作用于 A 的， 故 A 和 B 之间的相互作用力的大小就等于 支持力和摩擦力的合力的大小。由力的合成知识知：若有 N 个力的合力为 0，其中任意 一个力的大小都等于另外 N1 个力的合力的大小， 故摩擦力与支持力的合力的大小等于 重力的大小。故 A 正确， BCD 错误 故选： A 。【点评】 该题主要考查学生平对衡条件及共点力的合成等知识的掌握情况。只要知道物 体平衡则

20、合力为 0，合力为零则其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了。10（ 4分）一物体自 t 0开始，在合力 F作用下由静止起做直线运动，合力 F 大小随时间 t 的变化如图所示，且方向始终不变。已知该物体在t0 和 2t0 时刻的速度分别是 v1 和 v2，F在 0t0和t02t0时间内对物体所做的功分别是 W1和 W2，则（）Av24v1，W216W 1Bv23v1，W28W1Cv24v1，W215W 1Dv23v1，W24W1【分析】 利用图象求出加速度，再根据匀变速直线运动规律求出速度和位移，最后用功 的计算公式算出合力做功。【解答】 解：物体在 0t0 和 t02t

21、0 时间做匀变速直线运动，由根据牛顿第二定理：得： a2 2a1，根据匀变速直线规律有：v1a1t0v2 v1+a2t0 v1+2v1 3v1可得：v23v1 ，由运动学公式有：2s1 a1t02 2 2 2 s2v1t0+ a2t0 a1t0 + × 2a1t0 2a1t0可得： s2 4s1根据力做功的公式有：W1F0s1W22F0s22×4F0s1 8F0s1可得： W28W 1 故 ACD 错误， B 正确。故选： B 。【点评】本题考查了 Ft图象、功的计算，利用 F t图象得出相应的信息是解决本题个 关键。学生容易把 F t 图象和 v t 图象混淆起来。11（

22、4 分）如图所示的电路中， R1 为定值电阻， R2为滑动变阻器，各电表均为理想电表。的图象，则（ ）D只有图 、 是合理的在 a、b 两点间接入电源后，调节 R2，可获得电压表 V1、V2 的示数随电流表 A 示数变化A只有图 是合理的C 只有图 、 是合理的【分析】 设理想电源电动势为 E，根据串联电路分压原理，两图象相交时V1 V 2，R1R2，通过安培表的电流 I，电流在图象中是 V1、V2 图象交点的横坐标。当 R20 时，通过安培表的电流 I，电流在图象中是 V 2图象在纵坐标的截距。【解答】 解：设理想电源电动势为 E，根据串联电路分压原理，两图象相交时V1 V 2，R1R2，通

23、过安培表的电流 I ，电流在图象中是 V 1、 V 2 图象交点的横 坐标。当 R20时，通过安培表的电流 I ，电流在图象中是 V2图象在纵坐标的 截距。综上可得：I 2I ，即要求 V1、V2 图象交点的横坐标值是 V2 图象在纵坐标的截距值的2 倍。所以只有图 是合理的。故 ACD 错误， B 正确。故选： B 。【点评】 本题考查了闭合电路欧姆定律及图象。要充分利用特殊点来解决问题。12（ 4 分）如图（ a）所示，浮于水面的 A 物体装有音频信号发生器，发出频率为 2000Hz 的脉冲信号。位于水下的 B 物体装有信号接收器，接收器与发射器之间的距离为2.1m 。某段时间内发射信号与

24、接收信号如图 （b）所示。 已知水中的声速介于 1300m/s1600m/s 之间，则发射信号 P 对应的接收信号是图（ b）中标识的（）ABCD分析】 由水中的声速和接收器与发射器之间的距离可知，接受到信号所需要的大致时间，再根据音频信号发生器的频率推算出对应的波。【解答】 解： A 、由水中的声速介于 1300m/s1600m/s 之间，结合接收器与发射器之间 的距离为 2.1m，可知至少需要s，而由音频信号发生器的频率可知A对应的大约为 5× 104s，故 A 错误B、由上分析可知 B 对应时间的应该大约为 11×103s，故 B 错误3C、有上分析可知 C 对应的大

25、约为 1.5× 103s，与上计算出的要s 接近，故 C 正确；3D 、有上分析可知 D 对应时间的应该大约为 2× 103s，故 D 错误。故选： C 。点评】 本题主要考察水中的声速传播相关知识，通过简单的计算即可估算出结果，较为基础。、填空题（共 20分，每个空格 2 分）13（4 分）卢瑟福通过 粒子散射 实验，发现原子中间有一个很小的核，并由此提出 了原子的 核式 结构模型。【分析】 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】 解：卢瑟福通过 粒子散射实验，发现原子中间有一个很小的核，并由此提出 了原子的核式结构模型。故答案为： 粒子散射，核

26、式。【点评】 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论 要加强记忆，这也是考试内容之一。14（ 4 分）某电场的电场线分布如图中实线所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿虚线运 动，先后经过 A、B 两点。则该粒子在 A 、B 两点的加速度大小为 aA > aB，在 A、B 两点的电势能为 A < B（均选填“>”或“<” ）【分析】 可以知道电场线分布的疏密情况，即可知电场强度的大小，从而判断电场力的 大小，分析加速度的大小；根据电场力做功情况，判断电势能的变化。【解答】 解：由图看出 A 处电场线比 B 处电场线密，而电场线疏密表示场强的大小

27、，即 可判断出 A 处场强较大；带电粒子在 A 处所受的电场力较大，则在 A 处加速度较大； 由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，从 A 到 B 电场力对粒子做负功，粒子 的电势能增大，则粒子在 B 点电势能较大；故答案为：>，<【点评】 本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方 向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况。15（4 分）如图所示， S1、 S2是位于水面的两个振动情况完全相同的波源，振幅为A，a、b、c 三点均位于 S1、 S2连线的中垂线上，且 abbc某时刻 a是两列波的波峰相遇点， c 是两列波的波谷相遇点，

28、则此刻 b 处质点的位移为 0 ，b 处质点的振动 加强 （选 填“加强”或“减弱” ）【分析】 两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当 波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱。【解答】 解： S1、S2 是振动情况完全相同的两个机械波波源，振幅为A且 abbc某时刻 a 是两列波的波峰相遇点， c 是两列波的波谷相遇点，则 B 点应是平衡位置与平衡 位置的相遇点，位移为零。a、c 两点都是振动加强点，所以它们的连线全是振动加强区，则b点振动也加强，故答案为： 0，加强。【点评】 波的叠加满足矢量法则，例如当该波的波峰与波峰相遇

29、时，此处相对平衡位置 的位移为振幅的二倍；当波峰与波谷相遇时此处的位移为零。加强区与减弱区的区域不 变，但它们的位移随着时间的推移在不断变化，然而它们的振幅不变。16（4 分）用图（ 1）所示的装置可以测量气体分子速率的大小。在小炉中金属银熔化并蒸发，银原子束通过小炉的小孔逸出，又通过狭缝S1、 S2和 S3进入圆筒 C内的真空区域。若圆筒 C 的直径为 d 且绕轴 O 以角速度 旋转，某银原子落在玻璃板 G 上的位置到 b点的弧长为 s，则该银原子的速率（已知 <v经过较长时间，落在玻璃板 G 上的银原子的分布最接近图（ 2）中的 A 或 D 图。分析】 银分子从 S3 进入圆筒后，借

30、助于发生的位移为直径d，所需要的时间与圆筒转动时间相等，从而列式，即可求解。【解答】 解：设银分子的速度为 v，银分子从 S3进入圆筒后打到 e 处，所需要的时间为 t而圆筒从 e转动到 b 时间为 t因此则有 v。故答案为：D经过较长时间，落在玻璃板 G 上的银原子的分布最接近图（ 2）中的 A 或 D 图。【点评】 考查物体转动的角速度与转动角度的关系，紧扣沿着直径方向运动的时间与沿 着圆弧运动的时间相等，从而求解。17（ 4 分）如图所示，一端封闭、粗细均匀的薄壁玻璃管开口向下竖直插在水银槽内，管 内封闭有一定质量的空气。 开始时管内空气柱长度为 10cm，管内外水银面高度差为 60cm

31、。 已知水银槽的截面积是玻璃管截面积的 4倍，大气压强相当于 75cm 高水银柱产生的压强。 现将玻璃管沿竖直方向缓慢下移，使管内外水银面的高度差变为50cm，此时管内空气柱的长度为 6 cm，水银槽内水银面上升了2.5 cm。【分析】 根据管内外水银面的高度差，求出被封闭气体的压强，然后根据等温变化气态 方程即可求解。注意槽水银上升的体积与管内水银下降的体积是相同的，据此可解出水 银槽内水银面上升的高度。【解答】 解：（1）玻璃管内的空气作等温变化，有： （p0gH1）L1（ p0gH2）L2 解得： L2 6cm故此时管内空气柱的长度为 6cm（ 2）设水银槽内水银面上升 x，水银体积不变

32、，有： S1 H S2xH1 H2） 2.5cm故水银槽内水银面上升的高度为 2.5cm故答案为： 6 2.5【点评】 本题考查了气体的等温变化，注意水银槽内和试管内水银体积变化相同，并非高度变化相同。三、综合题（共 40 分）注意：第 19、 20 题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中， 要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等18（11 分）在研究电磁感应现象的实验中，（1）为了能明显地观察到感应电流，请在右图中用实线代替导线，补充完成实验电路。（2）电路正确连接，闭合开关后，能产生感应电流的做法有：方法一： 断开开关方法二： 将原线圈从副线圈中移出，或移动滑动变阻器滑片 。 这些做

33、法都能产生感应电流，其本质原因是： 穿过副线圈（或 B 线圈）磁通量变化（3）将原线圈插在副线圈中，闭合开关的瞬间，副线圈中感应电流与原线圈中电流的绕 行方向 相反 （填“相同”或“相反” ），若此瞬间检流计的指针向右偏转，则可使检 流计指针向右偏转的其他做法有 将滑动变阻器的滑片向右滑动 。【分析】（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器（上、下各连一个接 线柱）、小螺线管串联成的回路， 二是电流计与大螺线管串联成的回路， 据此可正确解答； （2）依据感应电流产生的条件，即可分析答题；（3）根据楞次定律，再依据开关接通的瞬间电流计指针向右偏转，结合磁通量的变化情 况，从而即可求解

34、。【解答】 解：（ 1）将电源、电键、变阻器（上、下各连一个接线柱） 、小螺线管 A 串联成 一个回路，再将电流计与大螺线管 B 串联成另一个回路，电路图如图所示。（2）能产生感应电流的做法有：断开开关，或将原线圈从副线圈中移出，或移动滑动变阻器滑片； 第17页（共 21页）这些做法都能产生感应电流，其本质原因是：穿过副线圈（或 B 线圈）磁通量变化。（ 3）将原线圈 A 插入副线圈 B 中，闭合开关瞬间，穿过副线圈的磁通量增大，由楞次 定律可知，副线圈中感应电流与原线圈中电流的方向相反。要使电流计指针向右偏，穿过副线圈的磁通量应增大，由电路图可知，此时应该：滑动 变阻器滑片向右滑动。故答案为

35、：（1）电路图如上图所示；（ 2）断开开关、将原线圈从副线圈中移出、移动滑动变阻器滑片等；穿过副线圈（或B线圈）磁通量变化；（3）相反，将滑动变阻器的滑片向右滑动。【点评】 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指 针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象。3 19（13 分）图示为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将质量m5.0×103kg 的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上先做匀加速直线运动，加速度a 0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率继续提升重物直到重物以vm1.0m/s 匀速上升。取 g 10m/s2，不计额外功。求：（ 1）重物匀加速上升时，起重机对重物的作用力F1；（ 2）起重机允许输出的最大功率 Pm；（ 2）匀速运动时，拉力等于重力， 此时功率为起重机允许输出的最大功率， 根据 即可求解；（ 3）根据求出匀加速运动的末速度 ，由 即可求解匀加速运动所经历的时间。【解答】 解：（ 1）重物上升时，竖直方向受到起重机竖直向上的拉力和重力。2）重物达到最大速度时，拉力F2 mg34F1Pm F2vm mg vm 5.0×103×10×1.0W5.0×104 W3）设匀加速运动结束时重物速度为v1，此