35知识讲解动能、动能定理提高

1、物理总复习：动能、动能定理【考纲要求】1、理解动能定理，明确外力对物体所做的总功与物体动能变化的关系;2、会用动能定理分析相关物理过程；3、熟悉动能定理的运用技巧；4、知道力学中各种能量变化和功的关系，会用动能定理分析问题。【知识网络】矽二冏Cgo（求恒力的功） 功* =求功的三种方法*廝二百（阳平均功率）用功能关系求功（动能定卵 衿斎n欢平均功率E = 功率*1*辑时功率；P = Fveoso重力粹能.E广罰相对悝）弹性势鼬理严押动能；垃三丄帕农相对性）I动能定理* 叫= -功能关系*重力做功与重力势能的关来t % = f 务-爲工 重力以外的力做功与机械能变化的关甌 唏=耳-毘【考点梳理】

2、 考点一、动能1 2动能是物体由于运动所具有的能，其计算公式为Ek -mv2。动能是标量，其单位与2功的单位相同。国际单位是焦耳（J）。考点二、动能定理1、动能定理合外力对物体所做的功等于物体动能的变化，这个结论叫做动能定理。2、动能定理的表达式W Ek2 Ex。式中W为合外力对物体所做的功，Ek2为物体末状态的动能，丘罔为物体初状态的动能。动能定理的计算式为标量式，v为相对同一参考系的速度，中学物理中一般取地球为参考系。要点诠释：1、若物体运动过程中包含几个不同的过程，应用动能定理时，可以分段考虑， 也可以视全过程为整体来处理。2、应用动能定理解题的基本步骤（1）选取研究对象，明确它的运动过

3、程。（2）分析研究对象的受力情况和各个力的做功情况：受哪些力？每个力是否做功？做 正功还是做负功？做多少功？然后求各个外力做功的代数和。（3） 明确物体在始、末状态的动能Ek1和Ek2。（4）列出动能定理的方程 W Ek2 Eki及其他必要的辅助方程，进行求解。动能定理中的 W总是物体所受各力对物体做的总功，它等于各力做功的代数和，即W总=Wi W2 W3若物体所受的各力为恒力时，可先求出F合，再求W总 F合l cos3、一个物体动能的变化Ek与合外力做的功 W总具有等量代换的关系。因为动能定理实质上反映了物体动能的变化，是通过外力做功来实现的，并可以用合外力的功来量度。Ek 0，表示物体动能

4、增加，其增加量就等于合外力做的功；Ek 0，表示物体动能减少，其减少量就等于合外力做负功的绝对值；Ek 0，表示物体动能不变，合外力对物体不做功。这种等量代换关系提供了一种计算变力做功的简便方法。考点三、实验：探究动能定理实验步骤1 按图组装好实验器材，由于小车在运动中会受到阻力，把木板略微倾斜，作为补偿。2 先用一条橡皮筋进行实验，把橡皮筋拉伸一定长度，理清纸带，接通电源，放开小车。3.换用纸带，改用 2条、3条同样的橡皮筋进行第 2次、第3次实验，每次实 验中橡皮筋拉伸的长度都相同。4由纸带算出小车获得的速度，把第1次实验获得的速度记为 Vi，第2次、第3次记为v2、v3。5对测量数据进行

5、估计，大致判断两个量可能的关系，然后以W为纵坐标，V2 （或V ,【典型例题】类型一、应用动能定理时过程的选取问题在应用动能定理时，针对这种多过程问题，既可以分段利用动能定理列方程求解，也可以对全过程利用动能定理列方程求解，解题时可灵活选择应用。不过全过程用动能定理列方程求解往往比较简捷，应优先考虑。例1、如图所示，一质量为2 kg的铅球从离地面 2m高处自由下落，陷入沙坑2 cm深处, 求沙子对铅球的平均阻力。（取g 10m/ s2）【思路点拨】分析外力做功，哪个力做多少功，（力多大，位移是多少），分析初态的动能、末态的动能，根据动能定理列出方程求解。如果初态、末态取得好，计算要简单的多，那

6、就 是对全过程应用动能定理。【答案】2020 N【解析】 铅球的运动分为自由下落和陷入沙坑中的减速两过程，可根据动能定理分段列式，也可对全过程用动能定理.方法一：分阶段列式1 2设小球自由下落到沙面时的速度为v,则mgH mv 0、一 12设铅球在沙坑中受到的阻力为F,则mgh Fh 0 mv代入数据，解得F=2020 N。方法二：全过程列式全过程重力做功mg（H h），进入沙坑中阻力做功Fh，从全过程来看动能变化为零，则由W Ek2Eki，得 mg(H h) Fh 0 0解得 f2020N。h【总结升华】若物体运动过程中包含几个不同的过程，应用动能定理时，可以分段考虑，也可以视全过程为整体来

7、处理。对全过程应用动能定理，一般来说都要简单一些，因为减少了 中间环节，如果初、末状态的动能为零，解题就很简捷了。举一反三【变式】如图所示，ABCD是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底 BC的连接处都是一段与 BC 相切的圆弧，BC为水平的，其距离 d=0.50 m，盆边缘的高度为 h=0. 30 m .在A处放一个 质量为m的小物块并让其从静止出发下滑。已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC面与小物块间的动摩擦因数为 =0. 10。小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B的距离为（）A . 0. 50 mB . 0. 25 mC. 0. 10 mD . 0【答案】D【解析】分析小物块的运动过程，

8、 AB、CD段光滑，不消耗机械能，只是BC段摩擦力做功， 小物块在盆内来回滑动，由于克服摩擦力做功，物块的机械能不断减少。摩擦力做功等于力 乘以路程。在 A处为初态，最后静止下来的那点为末态，初态、末态的动能都为零，设小物块在BC段滑行的总路程为s，摩擦力做负功为mgs，重力做正功为 mgh，根据动能定理可得mgh mgs 0，物块在BC之间滑行的总路程 s -mgh 3m，小物块正 mg好停在B点，所以D选项正确。本题如果根据功和能的关系理解也很简单：物体的重力势能全部用于克服摩擦力做功，计算式为：mghmgs。类型二、利用动能定理求变力做功的问题如果是恒力做功问题， 往往直接用功的定义式求

9、解。 但遇到变力做功问题， 需借助动能 定理等功能关系进行求解。 分析清楚物理过程和各个力的做功情况后， 对全过程运用动能定 理可简化解题步骤。【高清课堂：动能、动能定理例4】例2、质量为m的小球被系在轻绳的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用。设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子所受拉力为7 mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过 程中小球克服空气阻力所做的功为（）B .4D. mgRa . m8c.【思路点拨】理解“最低点，此时绳子所受拉力为7mg ”的意义，可以求什么，理解“经过半个圆周恰能通过最高点”的意义，

10、是重力提供向心力。从最低点到最高点，有阻力，求阻 力做的功，根据动能定理列方程求解。【答案】C【解析】小球所受空气阻力时刻在变化，运动情况和受力情况均比较复杂，用动能定理求解比较容易。从“小球通过轨道的最低点绳子所受拉力为7mg ”可以求出最低点的速度；从“经过半个圆周恰能通过最高点”可以求出最高点的速度。最低点为初态，最高点为末态， 从低到高，重力做负功，阻力也做负功（用正负号均可）。2小球在最低点，合力提供向心力：7mg mg mV 得v： 6gR2小球在最高点，重力提供向心力：mg m2得v； gRRC. 2 kmgR【解析】物块在开始滑动时最大静摩擦力是圆周运动的向心力，故kmg2vm

11、一，所以R根据动能定理有：mg 2R Wf ?m(v； vf) 得 Wf1 mgR,故C选项正确。【总结升华】求解变力的功时最常用的方法是利用动能定理或功能关系从能量的角度来解决。本题关键要理解隐含条件的物理意义，可以求什么。另外还有一些方法如：将变力转化为恒力；平均方法（仅大小变化且为线性变化的力）；利用F s图象的面积；利用 W Pt （功率恒定时）。举一反三【变式】如图所示，质量为m的物块与转台之间能出现的最大静摩擦力为物块重力的k倍,它与转轴00相距R。物块随转台由静止开始转动，当转速增加到一定值时，物块即将在 转台上滑动，在物块由静止到开始滑动前的这一过程中，转台对物块做的功为（A

12、1 ,A. kmgRD. 2kmgR22 111v2 kgR则由动能定理 Wmv2 0 mgkR得 W mgkR 故选A。2 22类型三、动能定理的综合应用在应用动能定理解题时， 应注意受力分析和过程分析， 先确定受力分析， 确定各个力是否做 功及做功正负，后进行过程分析以确定物体的初、 末状态及动能的变化。 同时要注意运动过 程中物体机械能的损失和物体合运动与分运动的关系。例3、（ 2014全国n卷）取水平地面为重力势能零点.一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等.不计空气阻力.该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（A.1 /6 n)B. 1 /4 nC. 1 /3

13、nD. 5 /12 n【答案】【解析】由题意可知，mgh1 2mvo，又由动能定理得mgh丄mv22-mv2，根据平2抛运动可知V0是v的水平分速度,那么cos也 -,其中a为物块落地时速度方向与v 2水平方向的夹角，解得 a= 45?, B正确.【高清课堂：动能、动能定理例3】例4、质量为m的滑块与倾角为0的斜面间的动摩擦因数为 口，口 <tg B。斜面底端有一个和斜面垂直放置的弹性挡板，滑块滑到底端与它碰撞时没有机械能损失，如图所示，若滑块从斜面上高度为 h处以速度vo开始沿斜面下滑，设斜面足够长，求：（1）滑块最终停在何处？（2）滑块在斜面上滑行的总路程是多少？【思路点拨】根据题意

14、 口 <tg 0,滑块最终停在档板处，求滑行的总路程，摩擦力做功按路 程计算不是按位移计算，根据动能定理列方程求解。【答案】（1）滑块停在距挡板；2(2) 2gh V02 gcos【解析】（1）当物体静止时，做受力分析图,垂直斜面： N mg cosmg cos mg ta n cosmgs in平行斜面:F mg sin即物体不能静止于斜面上，滑块最终停在档板处。（2）设滑块在斜面上滑行的总路程为s，由动能定理,WgWfEk即：mghmg cos s 0 討応解得：s(2gh v2)/2 g cos举一反三【变式】如图所示，AB与CD为两个对称斜面，其上部足够长，下部分别与一个光滑的圆

15、 弧面的两端相切，圆弧圆心角为120°，半径R为2.0m，一个物体在离弧底 E高度为h=3.0m 处，以初速4.0m/s沿斜面运动。若物体与两斜面的动摩擦因数为0.02，则物体在两斜面上（不包括圆弧部分）一共能走多长路程？ （ g取10m/s2）【答案】280m【解析】斜面的倾角为60°，由于物体在斜面上所受到的滑动摩擦力小于重力沿斜面的分力（mgcos60o mg sin 60°），所以物体不能停留在斜面上，物体在斜面上滑动时，由于摩擦力做功，使物体的机械能逐渐减小， 物体滑到斜面上的高度逐渐降低， 直到物体再也 滑不到斜面上为止，最终物体将在 B C间往复运动

16、（B、C间光滑，不损失机械能），设物体在斜面上运动的总路程为s，则摩擦力所做的总功为mg cos60° s，末状态选为B （或C），此时物体速度为零，对全过程由动能定理得mg h R（1 cos60°）mgcos60° s物体在斜面上通过的总路程为22mv02g(h -R) v022 10 (3.0 1.0) 4.02m0.02 10280 m例5、（ 2015江苏卷）如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连，弹簧水平且处于原长。圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大，到达 C处的速度为零，AC=h。圆环在C处获得一竖直

17、向上的速度 v,恰好能回 到A;弹簧始终在弹性限度之内，重力加速度为g，则圆环lbA下滑过程中，加速度一直减小1 2B 下滑过程中，克服摩擦力做功为mv241 2C.在C处，弹簧的弹性势能为 一 mv mgh4D .上滑经过B的速度大于下滑经过 B的速度【答案】BD。【解析】下滑过程， 速度向上，加速度增大，A到B,加速度向下，弹力向上且增大，加速度减小；B到C,加A错误；下滑A到C,根据动能定理，mgh W摩擦力W弹力0上滑，C到A,根据动能定理:1 2-mgh W摩擦力W弹力0-2mv两式联立解得W摩擦力W 弹力 mgh-mv2，B 正确;41 2mv4以上两式联立，还可解得:即弹性势能:

18、Epc mgh1 2 mv4所以C错误；下滑，A到B,有:mghABW摩擦力 AB - WW力 AB-mvB 下2-02上滑，B到A,有:-mghABW摩擦力ABW弹力AB0-mvB上22比较得Vb上Vb下，D正确。【点评】本题考查力的分析，动能定理，等知识和能力。难度：难。举一反三【变式】如图，质量为 m=60kg重心离地面高度为 H=0. 8m的运动员进行"挑战极限运动”训练，需穿越宽为 Si =2. 5m的水沟并跃上高为 h=2. 0m的平台.运动员手握长为 L= 3. 25m 轻质弹性杆一端，从A点静止开始匀加速助跑， 至B点时将杆的一端抵在 O点障碍物上，杆发生形变，同时运

19、动员蹬地后被弹起，到达最高点时杆处于竖直状态，且重心恰好在杆的顶端，此刻运动员放开杆水平飞出并趴在平台的保护垫上，忽略空气阻力，取g 10m/s2。(1) 若运动员助跑距离S2 16m ,到达B点时速度V0 8m /s ,求运动员助跑的加速度多大(2) 运动员在最高点飞出时速度至少多大当满足条件(1)(2)，运动员在B点蹬地起跳瞬间至少做功为多少【答案】(1) a = 2.0 m/s2(2) v = 5.0 m/s (3) W = 300 J【解析】(1)运动员从A到B的过程中，做匀加速运动，由运动学公式2v02as?代入数据得a = 2.0 m/s2(2) 设运动员在最高点水平飞出时的速度为

20、V,做平抛运动，由平抛运动公式1 2S) vt L h gt22联立方程、代入数据得v = 5.0 m/s(3) 设运动员在B点至少做功为 W,从B点到最高点的过程中，由动能定理得1 2 1 2W mg(L H) mvmv0代入数据得W = 300 J2 2例6、如图所示，遥控电动赛车(可视为质点)从 A点由静止出发，经过时间 t后关闭 电动机，赛车继续前进至 B点后进入固定在竖直平面内的圆形光滑轨道，通过轨道最高点P后又进入水平轨道 CD上。已知赛车在水平轨道 AB部分和CD部分运动时受到阻力恒为车 重的0.5倍，即k Ff , mg 0.5，赛车的质量 m=0.4kg，通电后赛车的电动机以

21、额定功率 P=2W工作，轨道 AB的长度L=2m，圆形轨道的半径 R=0.5m，空气阻力可忽略，取重力 加速度g 10m/s o某次比赛，要求赛车在运动过程中既不能脱离轨道，又在CD轨道上运动的路程最短。在此条件下，求：(1) 小车在CD轨道上运动的最短路程(2 )赛车电动机工作的时间【思路点拨】根据“不能脱离轨道，最短路程”分析出临界条件，在最高点重力提供向心力，求出P点的速度，C到P圆形光滑轨道，运用动能定理(或机械能守恒定律)求出C点的速度；C到D运用动能定理，求出最短距离；从 A点到B点的运动过程中，由动能定理求 得时间。【答案】(1) x =2.5m (2) t = 4.5s【解析】

22、(1)要求赛车在运动过程中既不能脱离轨道，又在CD轨道上运动的路程最短，则小车经过圆轨道P点时速度最小，此时赛车对轨道的压力为零，2重力提供向心力：mg mvP2vpgRC点的速度，从C到P,根据动能定理mg2R1 2 1 22mvp 2mv解得vc 5m /s(或者由机械能守恒定律可得：mg2R1 2 mvP21 2 mvc2由上述两式联立，代入数据可得：vc 5m/ s )设小车在CD轨道上运动的最短路程为 x,由动能定理可得:kmgx0 -mvC22代入数据可得：x =2.5m（2）由于竖直圆轨道光滑，由机械能守恒定律可知:vB vC 5m/ s从A点到B点的运动过程中，由动能定理可得：

23、1 2Pt kmgL mvB代入数据可得：t 4.5s举一反三【变式】在一次抗洪抢险活动中，解放军某部动用直升飞机抢救一重要落水物体，静止在空中的直升机上电动机通过悬绳将物体从离飞机 90米处的洪水中吊到机舱里。已知 物体的 质量为80Kg，吊绳的拉力不能超过 1200N，电动机的最大输出功率为 12KW，为尽快把物 体安全救起，操作人员采取的办法是，先让吊绳以最大的拉力工作一段时间，而后电动机又以最大功率工作，当物体到达机舱时恰好达到最大速度。求（1 ）落水物体刚达到机舱时的速度（2）这一过程所用的时间【答案】（1）vm 15m/s（2）t 7.75s【解析】本题看似与机车启动问题无关，仔细

24、分析题目中的条件“先让吊绳以最大的拉力工作一段时间，而后电动机又以最大功率工作”可发现，这是典型的机车启动问题，先以恒 定拉力（牵引力）工作，后以恒定功率工作。P P 12 103（1）当物体到达机舱时恰好达到最大速度，vm m/s 15m/sf mg 800（2 ）先让吊绳以最大的拉力工作一段时间，即以恒定拉力工作，加速度恒定，做匀加速运动，适用牛顿第二定律，拉力 T 1200N，阻力f mg 800N，根据牛顿第二定律 T mg ma 加速度a 5m/ s2p 12 1、d根据P Fv可求出达到额定功率时的速度V Pm/s 10m/sT1200vat1匀加速的时间匕v2sa匀加速的位移x,

25、1 at：1 522 m 10m（或2t1 或 x|)2222a第二阶段以恒定功率运动，做加速度减小的加速运动，适用动能定理以恒定功率运动的位移x2 h x1 90 10 80mmgx2，图中小车中可放置砝码。实验拉力（牵引力）做功（是变力做功）理解为平均功 W Pt2，重力做负功22Pt2 mgx?1 2尹琳1 2mv代入数据解得t25.75s2总共的时间tt1 t27.75s1 2 1 2初动能为 mv末动能为mvm根据动能定理例7、某实验小组采用图所示的装置探究“动能定理”中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器工作频率为50 Hz。（1）实验的部分步骤如下： 在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器， 连在小车后端，用细线连接小车和钩码； 将小车停在打点计时器附近， ，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一系列点， ； 改变钩码或小车中砝码的数量，更换纸带，重复的操作。（2）下图是钩码质量为 0.