完整版平抛运动知识点总结及解题方法归类总结

1、三、平抛运动及其推论一、知识点巩固：1. 定义：物体以一定的初速度沿 水平方向抛出，物体仅在重力作用下、加速度为重力加 速度g,这样的运动叫做平抛运动。2. 特点：受力特点：只受到重力作用。 运动特点：初速度沿水平方向，加速度方向竖直向下，大小为g,轨迹为抛物线。 运动性质：是加速度为3. 平抛运动的规律：速度公式：g的匀变速曲线运动。Vx VoVygt合速度:Vttana Vy gVxVov/aa vv位移公式:xVot, ygt22合位移：st2 如2lytan egt2Vo轨迹方程:顶点在原点（0、0），开口向下的抛物线方程。注：（1）运动。(2)平抛运动的轨迹是一条抛物线，其一般表达式

2、为丿=平抛运动是一个同时经历水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动的合（3）等的时间内相邻的位移的高度之比为 的位移之差是一个恒量平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，加速度。=g恒定，所以竖直方向上在相 珂：为：旳=1：$：5 竖直方向上在相等的时间内相邻 审（T表示相等的时间间隔）。平抛运动的速度（与水平方向之间的夹角为a）方向和位移方向（与（4）在同一时刻，水平方向之间的夹角是日）是不相同的，其关系式他（即任意一点的速度延长线 必交于此时物体位移的水平分量的中点）。描绘平抛运动的物理量有卩0、*、疋、尸、占、a 0、兰，已知这八个物理量中的任 意两个，可以求出其它六个。运动分类加速

3、度速度位移轨迹分运动龙方向o直线丿方向g1 a直线合运动大小g抛物线与K方向 的夹角90 口tontan 日=204.平抛运动的结论：运行时间：t （至，由h,g决定，与Vo无关。水平射程：xv02h，由h,g, Vo共同决定。V g t，方向竖直向下。如上图：所以t所以tan (a)2vo tangtan(a )、么VxVo2tan ,0为定值故a也是定值，与速度无关。 任何相等的时间t内，速度改变量 v=g t相等，且 以不同的初速度，从倾角为0的斜面上沿水平方向抛出的物体，再次落到斜面上时速 度与斜面的夹角a相同，与初速度无关。（飞行的时间与速度有关，速度越大时间越长。） 速度V的方向始

4、终与重力方向成一夹角，故其始终为曲线运动，随着时间的增加，tan 变大， ，速度V与重力 的方向越来越靠近，但永远不能到达。 从动力学的角度看：由于做平抛运动的物体只受到重力，因此物体在整个运动过程中 机械能守恒。5、斜抛运动：定义：将物体以一定的初速度沿与水平方向成一定角度抛出， 且物体只在重力作用下（不 计空气阻力）所做的运动，叫做斜抛运动。它的受力情况与平抛完全相同，即在水平方向上 不受力，加速度为0；在竖直方向上只受重力，加速度为g。设初速度V0与水平方向夹角为00速度:Vx V0 COS位移：x V0 cos tVyV0 singt1 2y V0sin t 2gt回落原水平面时间:x

5、v0 cosyvsi ng45时，x最大。水平射程：xg6、类平抛运动问题：平抛运动是典型的匀变速曲线运动，应掌握这类问题的处理思路、方法并迁移到讨论类 平抛运动(如带电粒子在匀强电场中的偏转等)的问题上来.(1)类平抛运动的特点是物体所受的合力为恒力，且与初速度方向垂直(初速度V0的方向 不一定是水平方向，即合力的方向也不一定是竖直方向，且加速度大小不一定等于重力加速 度g) (2) 类平抛运动可看成是某一方向的匀速直线运动和垂直此方向的匀加速直线运动的合 运动.处理类平抛运动的方法与处理平抛运动类似，但要分析清楚其加速度的大小和方向如 何.7、平抛运动中的临界冋题：分析平抛运动中的临界问题

6、时一般运用极端分析的方法，即把要求的物理量设定为极大 或极小，让临界问题突现出来，找出产生临界的条件.例：如图所示，排球场总长为18m，球网高度为2m运动员站在离网3m的线上(图中虚线所 示)正对网向上跳起将球水平击出(球在飞行过程中所受空气阻力不计，g取10m/s2).(1)设击球点在3m线的正上方高度为2.5m处，试问击球的速度在什么范 围内才能使球既不触网也不越界？若击球点在3m线正上方的高度小于某个值，那么无论水平击球的速度 多大，球不是触网就是越界，试求这个高度.二、平抛运动的常见问题及求解思路：关于平抛运动的问题，有直接运用平抛运动的特点、规律的问题，有平抛运动与圆周运 动组合的问

7、题、有平抛运动与天体运动组合的问题等。本文主要讨论直接运用平抛运动的特 点和规律来求解的问题，即有关平抛运动的常见问题。1. 从同时经历两个运动的角度求平抛运动的水平速度：求解一个平抛运动的水平速度的时候， 我们首先想到的方法，就应该是从竖直方向上 的自由落体运动中求出时间，然后，根据水平方向做匀速直线运动，求出速度。例1如图所示，某人骑摩托车在水平道路上行驶，要在 A处越过开的壕沟，沟面对面 比A处低如，摩托车的速度至少要有多大？ g取10m/s2。解析：在竖直方向上，摩托车越过壕沟经历的时间X21.255 = 0.5 &10在水平方向上，摩托车能越过壕沟的速度至少为PT 5Vn =啊&二

8、10 洌 JS f 052. 从分解速度的角度进行解题对于一个做平抛运动的物体来说，如果知道了某一时刻的速度方向，贝賊们常常是“从 分解速度”的角度来研究问题。例2如图甲所示，以9.8m/s的初速度水平抛出的物体， 飞行一段时间后，垂直地撞在倾角 知物体完成这段飞行的时间是（3A.辰B.日为孔口的斜面上。可 ）2 4 吕甲C.先将物体的末速度耳分解为水平分速度和竖直分速度Uy （如图乙所示）。根据 平抛运动的分解可知物体水平方向的初速度是始终不变的，所以=% ；又因为九与斜面垂卩尸与水平面垂直，所以耳与间的夹角等于斜面的倾角日。再根据平抛运动的分解可知 动，那么我们 .二亠二各二字皿恥沁以求出

9、时间艺taiiF tan30 1解析:直、物体在竖直方向做自由落体运根据卩尸=旦了。则tan 9 =就可所以根据平抛运动竖直方向是自由落体运动可以写出:所以所以答案为Co如果知道了某一时刻的位移方向（如物体从已知倾角3. 从分解位移的角度进行解题： 对于一个做平抛运动的物体来说，的斜面上水平抛出，这个倾角也等于位移与水平方向之间的夹角），则我们可以把位移分解 成水平方向和竖直方向，然后运用平抛运动的运动规律来进行研究问题（这种方法，暂且叫 做“分解位移法”）例3如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度 卩0同时水平向左与水平向右抛出 两个小球A和B,两侧斜坡的倾角分别为3严和5彗，小球均

10、落在坡面上，若不计空气阻力， 则A和B两小球的运动时间之比为多少？解析：3严和歹都是物体落在斜面上后，位移与水平方向的夹角，则运用分解位移的方 法可以得到tan氐所以有同理4.从竖直方向是自由落体运动的角度出发求解：在研究平抛运动的实验中，由于实验的不规范，有许多同学作出的平抛运动的轨迹，常 常不能直接找到运动的起点（这种轨迹，我们暂且叫做“残缺轨迹”），这给求平抛运动的 初速度带来了很大的困难。为此，我们可以运用竖直方向是自由落体的规律来进行分析。例4某一平抛的部分轨迹如图4所示，已知眄二七=门，乃=，兀二，求叫。解析：A与B B与C的水平距离相等，且平抛运动的水平方向是匀速直线运动，可设A

11、到B、B到C的时间为T，贝U兀1 =花=又竖直方向是自由落体运动，则Ay =儿-丿严評代入已知量，联立可得丨场I龜I一 V-F-TA| I-十二-K-rI VI!5.从平抛运动的轨迹入手求解问题：例5从高为H的A点平抛一物体，其水平射程为曲，在A点正上 方咼为2H的B点，向同一方向平抛另一物体，其水平射程为 忘。两 物体轨迹在同一竖直平面内且都恰好从同一屏的顶端擦过，求屏的 高度。解析：本题如果用常规的“分解运动法”比较麻烦，如果我们 换一个角度，即从运动轨迹入手进行思考和分析，问题的求解会很 容易，如图5所示，物体从A B两点抛出后的运动的轨迹都是顶点在 设A B两方程分别为丿=扩*+卞+则

12、把顶点坐标A （0，H）、B （0， 得方程组-FE 盜轴上的抛物线，即可2H、E （2，0） 卡、F , 0）分别代入可H 2“y二-竽宀2亘这个方程组的解的纵坐标，即为屏的高。6.灵活分解求解平抛运动的最值问题例6如图所示，在倾角为日的斜面上以速度叫水平抛出一小球， 开始计时，经过多长时间小球离开斜面的距离的达到最大，最大距 离为多少？解析：将平抛运动分解为沿斜面向下和垂直斜面向上的分运动， 虽然分运动比较复杂一些，但易将物体离斜面距离达到最大的物理 本质凸显出来。取沿斜面向下为龙轴的正方向，垂直斜面向上为轴的正方向， 如图6所示，在7轴上，小球做初速度为比血日、加速度为-旨5日 的匀变速

13、直线运动，所以有V；-（旳sin初2 =2刖U0S日 、加速度为该斜面足够长，则从抛出 - % 皿& = -gc&当卩厂时，小球在y轴上运动到最高点，即小球离开斜面的距离达到最大。 由式可得小球离开斜面的最大距离 = tan 9匚 GS&小球从抛出当= 时，小球在尸轴上运动到最高点，它所用的时间就是 运动到离开斜面最大距离的时间。由式可得小球运动的时间为7. 利用平抛运动的推论求解：推论1任意时刻的两个分速度与合速度构成一个矢量直角三角 形。17例1从空中同一点沿水平方向同时抛出两个小球，它们的初速度大 小分别为巧和9,初速度方向相反，求经过多长时间两小球速度之间的 夹角为90 ?出后经过时间

14、上，它戲90，与竖直方向的0，对两小球分别构建速度矢量直角三角解析：设两小球_砂cot 二 们速度之间的夹角旳cot 旣=tan 0g如图所示，由图可得空=夹角分别为= 此和又因为所以由以上各式可得, 推论2:任意时刻的两个分位移与合位移构成一个矢量直角三角形例2宇航员站在一星球表面上的某高度处，沿水平方向抛出一个小球，经过时间该星球落到星球表面，测得抛出点与落地点之间的距离为2，若抛出时初速度增大到两倍，则抛出点 与落地点之间的距离为。已知两落地点在同一水平面上，的半径为尺万（2评乂刖 有引力常数为G求该星球的质量M。解析：设第F次抛出小球，小球的水平位移为H，竖直位移为曲，如图8所示，构建

15、 心正 位移矢量直角三角形有：若抛出时初速度增大到2倍，重新构建位移矢量2百 直角三角形，h如图所示有G血f令星球上重力加速度为 列，由平抛运动的规律得由以上两式得由万有引力定律与牛顿第二定律得由以上各式解得 推论3:平抛运动的末速度的反向延长线交平抛运动水平位移的中点。点上水平抛出，求在运动过程中该质点距斜面丄二tan日远距离。勺解析：当质点做平抛运动的末速度方向平行的距离最远，此时末速度的方向与初速度方向成 日角。如图 的反向延长线与水平位移的交 远距离。根据平抛运动规律有：例3如图所示，与水平面的夹角为日的直角三角形木块固定在地面上，有一质点以初速度 从三角形木块的顶片二砂 的 X =附

16、最AS = Y4?sin m解得于斜面时，质点距斜面 所示，图中A为末速度 点，AB即为所求的最由上述推论3知据图9中几何关系得由以上各式tan = 2 tan 0即质点距斜面的最远距离为推论4:平抛运动的物体经时间畫后，其速度耳与水平方向的夹角为龊，位移丘与水平方向的 夹角为戸，则有C例4如图所示，从倾角为日斜面足够长的顶点A,先后将同一小球以不同的初速度水平向 右抛出，第一次初速度为耳，球落到斜面上前一瞬间的速度方向与斜 面的夹角为，第二次初速度卩2，球落在斜面上前一瞬间的速度方向 与斜面间的夹角为喝，若出沖，试比较旳和函的大小。解析：根据上述关系式结合图中的几何关系可得 tan(af +

17、 T) = 2 tan 0 所以 S = arctaji(2taii &)-&此式表明仅与日有关，而与初速度无关，因此 珂二。卫，即以不同初速度平抛的物体落 在斜面上各点的速度方向是互相平行的。平抛运动是较为,复杂的匀变速曲线运动，有关平抛运动的命题也层出不穷。若能切实掌握其 M二2驾 基本处理方法和这些有用的推论，就不难解决平抛问题。 因此在复习时应注 意对平抛运动规律的总结，从而提高自己解题的能力。练习：1. 平抛物体的初速度为V0,当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时 （ ABD ）A.运动的时间t 2V0gB .瞬时速率Vt届0c.水平分速度与竖直分速度大小相等D.位移大小等于242；/ g2. 一个物体以V=i0m/s的初速度作平抛运动，经V3s时物体的速度与竖直方向的夹角为（g取 10m/ s2）（A ）A.30B. 45 C.60D.903. 如图所示的两个斜面，倾角分别为37和53，在顶点两个小球A