2018-2019学年福建省龙岩市漳平一中高二(下)第一次月考物理试卷

1、2018-2019 学年福建省龙岩市漳平一中高二（下）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共8 小题，共32.0 分）1.下列叙述符合物理学史事实的是()A. 伽利略通过理想斜面实验，得出“力不是维持物体运动原因”的结论B. 牛顿发现了万有引力定律，并通过“实验测出万有引力常量”C. 法拉第经过十多年的实验，发现了电流的磁效应D. 麦克斯韦发现了电磁感应现象，预言了电磁波的存在2. 如图是安装在潜水器上深度表的电路简图，显示器由电流表改装而成，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源电压不变，? 是定值电阻，在潜水器下潜过0程中，电路中有关物理量的变化情况是( )A. 通过显示器的电流减小B.

2、 ?0 两端的电压增大C. 传感器两端的电压增大D. 电路的总功率减小3. 如图所示， 一小车停在光滑水平面上，车上一人持枪向车的竖直挡板平射一颗子弹，子弹嵌在挡板内没有穿出，则小车 ( )A. 在原来的位置不动B. 将向射击相反方向作匀速运动C. 将向射击方向作匀速运动D. 相对射击相反方向有一定的位移： ?1和 ?是相同型号的白炽灯，?与电容器 C4. 如图甲所示，理想变压器的原、副线圈匝数比?1 21= 10： ，?1 2串联， ?与带铁芯的线圈 L 串联，为交流电压表当原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压时，两只灯2泡的亮度相同，则()A. 与副线圈并联的电压表在?= 1 10-2?时的

3、示数为 0B. 与副线圈并联的电压表在?= 0.5 10 -2 ?时的示数为 22 2?C. 当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100 Hz变亮，灯泡 ?变暗时，灯泡?21D. 当原线圈所接正弦交变电压的频率变为100 Hz 时，灯泡变暗，灯泡 ?变亮?12.Er不能忽略，A、B是两个相同的小灯泡，L是5. 如图所示，电源的电动势为，内阻一个自感系数相当大的线圈。关于这个电路的以下说法正确的是()A. 开关闭合到电路中电流稳定的时间内，A 灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定B.C.D.开关闭合到电路中电流稳定的时间内，B 灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定开关由闭合到断开瞬间，A 灯闪亮一

4、下再熄灭开关由闭合到断开瞬间，电流自左向右通过B 灯6. 如图甲所示，一个圆形线圈的匝数2?= 100 ，线圈面积 ?= 200?，线圈的电阻 ?= 1?，线圈外接一个阻值?= 4?的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示下列说法中正确的是 ( )第1页，共 12页A. 线圈中的感应电流方向为顺时针方向B. 电阻 R 两端的电压随时间均匀增大C. 线圈电阻 r 消耗的功率为 4 10 -4 ?D. 前 4s 内通过 R 的电荷量为 4 10 -4 ?7.如图所示，一个边长为2L 的等腰直角三角形ABC 区域内，有垂直纸面向里的匀强磁场，其左侧有一

5、个用金属丝制成的边长为L 的正方形线框abcd，线框以水平速度v 匀速通过整个匀强磁场区域， 设电流逆时针方向为正。 则在线框通过磁场的过程中，线框中感应电流 i 随时间 t 变化的规律正确的是 ( )A.B.C.D.8. 一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻 ?1，?和? 的阻值分别为 3?，1?，4?，A 为理想交流电流表，23U 为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。当开关S 断开时，电流表的示数为I；当 S 闭合时，电流表的示数为 4?该.变压器原、副线圈匝数比为 ( )A. 2B. 3C. 4D.5二、多选题（本大题共4 小题，共16.0 分）9. 下列运动过程中，在任何相等的

6、时间内，物体动量变化相等的是()A.C.自由落体运动匀速圆周运动B.D.平抛运动匀减速直线运动10.如图甲所示， 在粗糙的水平面上放置一个圆形闭合金属线圈，线圈右半部处于磁场中，磁感应强度B 随时间t 变化的图象如图乙所示，?= 0时刻磁场方向竖直向上，线圈始终处于静止状态，则()A. 在 ?= 0 时刻线圈不受安培力作用B. 在 0 - 1?时间内线圈中的感应电流不断减小C. 在?= 1?时刻线圈中的感应电流方向发生变化D. 在 3 - 4?时间内线圈受到的摩擦力先增加后减小11. 如图所示，边长为L的正方形线圈abcd，其匝数为n，总电阻为r，外电路的电阻为R，ab 的中点和 cd 的中点

7、的连线 ?恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度?绕 ?轴匀速转动，则以下判断中正确的是()第2页，共 12页A.B.闭合电路中感应电动势的瞬时表达式2?= ?在 ?=时刻，磁场穿过线圈的磁通量最大，但此时磁通量的变化率为零2?C. 从?= 0 时刻到 ?= 2?时刻，电阻 R 上产生的热量为?2?D. 从 ?= 0 时刻到 ?= 2?时刻，通过 R 的电荷量 ?=2(?+?)12. 如图所示， 足够长的 U 形光滑金属导轨平面与水平面成?角，其中 MN 与 PQ 平行且间距为 L，导轨平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，导轨电阻不计。金属棒 ab

8、由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的电阻为 R，当流过 ab 棒某一横截面的电荷量为q 时，棒的速度大小为 v，则金属棒ab 在这一过程中 ()A. 加速度为2?B. 下滑的位移为2?222? ?C. 产生的焦耳热为?三、实验题（本大题共1 小题，共10.0 分）?22? ?D. 受到的最大安培力为?13. 如图 1 所示的电路可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向(1) 在图 1 中用实线代替导线把它们连成实验电路(2)将线圈 A 插入线圈 B 中，合上开关S，能使线圈 B 中感应电流的磁场方向与线圈A 中原磁场方向相同的实验操作是 _A.F?拔.出线

9、圈A插入铁芯C.使变阻器阻值R 变小?断.开开关 S(3) 已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成图示电路，当条形磁铁按如图2所示所示的方向运动时，电流表偏转的方向向_( 填“左”或“右” )(4) 如图 3 所示是一演示实验的电路图。图中 L 是一带铁芯的线圈， A 是一灯泡。 起初， 开关处于闭合状态，电路是接通的。 现将开关断开， 则在开关断开的瞬间，ab(填“ ”或“ ”)；、 两点电势相比， ? _?这个实验是用来演示_现象的。四、计算题（本大题共4 小题，共 42.0 分）14. 如图所示，图甲为热敏电阻的 ?- ?图象，图乙为用此热

10、敏电阻R 和继电器组成的一个简单恒温箱自动温控电路，继电器线圈的电阻为 150?，当线圈中的电流大于或等于 20mA 时，继电器的衔铁被吸合，为继电器线圈供电的电池的电动势 ?= 6?，内阻不计，图中的“电源”是恒温箱加热器的电源(1) 应该把恒温箱内的加热器接在 _端 ( 填“ A、 B”、“ C、 D” )(2) 如果要使恒温箱内的温度保持 50 ，可变电阻 ?的值应调节为 _?.(3) 为使恒温箱内的温度保持在更高的数值，可以采取的措施有_A.增大恒温箱加热器的电源电压B.减小可变电阻?的值C.减小弹簧的劲度系数D .抽出线圈中的铁芯第3页，共 12页15.如图所示， 质量为 ? = 1

11、?的滑块， 以 ? = 10?/?的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，小车质0量 ? = 4?且足够长。求：(1) 滑块与小车的共同速度v；(2) 整个运动过程中系统产生的热量Q。16. 如图所示，发电机输出功率 ?1 =100?，输出电压 ?1 =250?，用户需要的电压 ?4 = 220?，输电线总电阻为 10?若.输电线中因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：(1)?是多少？发电机的输送电流 1(2)在输电线路中设置的升、降压变压器原副线圈的匝数比?1：?2 = ？、 ?3 ：?4 = ？(3)用户得到的电功率 ?4是多少？第4页，共 12页17. 如图所示装置由水平轨道、倾

12、角 ?= 37 的倾角轨道连接而成，轨道所在空间存在磁感应强度大小为 ?= 1?、方向竖直向上的匀强磁场。 质量 ? = 0.035?、长度 ?= 0.1?、电阻 ?= 0.025?的导体棒 ab 置于倾斜轨道上，刚好不下滑；质量、长度、电阻与棒 ab 相同的光滑导体棒 cd 置于水平轨道上，用恒力 ?=2.0?拉棒 cd，使之在水平轨道上向右运动。棒ab、cd 与导轨垂直，且两端与导轨保持良好接触，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， ?37=0.6，?37= 0.8，取 ?= 10?/?2。(1) 求棒 ab 与导轨间的动摩擦因数 ?；(2) 求当棒 ab 刚要向上滑动时 cd 棒速度 v 的大小

13、；(3) 若从 cd 棒刚开始运动到 ab 棒刚要上滑的过程中， cd 棒在水平轨道上移动的距离里 ?= 0.55?，求此过程中 ab 棒上产生的热量 Q。第5页，共 12页答案和解析1.【答案】 A【解析】解：A、伽利略通过理想斜面实验，得出“力不是维持物体运动原因”的结论，故A 正确；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过“实验测出万有引力常量”，故B 错误；C、法拉第经过十多年的实验，发现了电磁感应现象，故C 错误；D 、法拉第发现了电磁感应现象，麦克斯韦预言了电磁波的存在，故D 错误；故选： A。根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可本题考查物理学史， 是常识性问题，

14、 对于物理学上重大发现、 发明、著名理论要加强记忆， 这也是考试内容之一2.【答案】 B【解析】解：A、由题，潜水器下潜的过程中，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，所以电路中的总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律： ?=?A 错误；? +?可知电路中的电流值增大，故外B、电路中的电流值增大。根据欧姆定律，?0两端的电压 ?= ?， U 增大。故 B 正确；0C、传感器两端的电压? = ?-?(?0+ ?)，由于 I 增大，其他的都不变，所以传感器两端的电压减小。故C 错传误；D 、由 ?= ?可知，电路的总功率随电流的增大而增大。故D 错误。故选： B。在潜水器下潜过程中， 压力传感器的电阻随压

15、力的增大而减小， 得出总电阻减小， 结合闭合电路的欧姆定律与电功率的表达式即可解答该题考查了串联电路的特点以及闭合电路的欧姆定律，解答的关键是由压力传感器的电阻随压力的增大而减小，从而得出总电阻的变化，再根据欧姆定律解答即可3.【答案】 D【解析】【分析】以所有子弹和车组成的系统为研究对象，根据动量守恒定律可求得当射击持续了一会儿后停止时小车的速度。子弹从枪口射出到射入挡板的过程中，车向左会发生位移。本题只要分析一颗入射挡板的情况应得到答案，运用动量守恒定律进行分析。【解答】解：子弹射击前，所有子弹和车组成的系统总动量为零，根据动量守恒定律可知，当子弹嵌入挡板后，系统的总动量仍为零，则得小车的

16、速度应为零。子弹从枪口射出到射入挡板的过程中，子弹有向右的速度，由动量守恒得知，枪( 包括枪中子弹 ) 和车有向左的速度，车有向左的位移，子弹射入挡板的瞬间，系统的速度变为零，可知，车将连续向左运动，停止射击时，车停止运动。故小车对原静止位置的位移向左，不为零。故ABC 错误， D 正确。故选： D。4.【答案】 C【解析】解： A、由乙图知输入电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压有效值为22V，即为电压表的示数， AB 错误；C、由乙图知交流电频率为50Hz，变为 100Hz 时，电容器通交流隔直流，通高频阻低频，所以电流更大，而L通低频阻高频，电流更小，则灯泡?变亮，灯泡

17、 ?变暗， C 正确 D 错误；12故选： C。由乙图知输入电压有效值为220V，知交流电频率为50Hz，变为 100 ?时，电容器通交流隔直流， 通高频阻低频，所以电流更大，而 L 通低频阻高频，电流更小，电压表小声点的是电压有效值第6页，共 12页本题考查了变压器的原理，记住电压、电流与匝数的关系，知道电容器和电感线圈对交流电的作用5.【答案】 B【解析】解： A、开关闭合到电路中电流稳定的时间内，当线圈电流阻碍较小后A 灯逐渐变亮，当线圈对电流没有阻碍时，灯泡亮度稳定。故A 错误；B、开关闭合到电路中电流稳定的时间内，B 灯立刻亮，当线圈电流阻碍较小后，由闭合电路欧姆定律可知，总电阻在减

18、小，则总电流增大，灯泡B 两端的电压逐渐减小，则导致B 灯逐渐变暗，当线圈对电流没有阻碍时，灯泡亮度稳定。故B 正确；C、开关处于闭合状态，在断开瞬间，线圈提供瞬间电压给两灯泡供电，由于两灯泡完全一样，所以不会出现电流比之前还大的现象，因此A 灯不会闪亮一下，只会一同慢慢熄灭。故C 错误；D 、开关处于闭合状态，在断开瞬间，线圈相当于电源，电流方向仍不变，所以电流自右向左通过B 灯，故 D 错误；故选： B。电路中有线圈，当通过线圈的电流发生变化时，会产生感应电动势去阻碍线圈中电流变化。但阻碍不等于阻止，就使其慢慢的变化。线圈电流增加，相当于一个电源接入电路，线圈左端是电源正极。当电流减小时，

19、相当于一个电源，线圈左端是电源负极。6.【答案】 C【解析】 解：A、由图可知， 穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得： 线圈产生的感应电流逆时针，故 A错误。B、根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故B 错误；C、由法拉第电磁感应定律：? ?0.4-0.20.02?=0.1?，由闭合电路欧姆定律，可知电路?= ? =?= 100 4? ?中的电流为 ?=?0.122-4=?= 0.02?rC消耗的功率 ?= ?= 0.021? = 4 10?，故正?+?4+1，所以线圈电阻确；D 、前 4s 内通过 R 的电荷量 ?= ?= 0.02 4?

20、= 0.08?，故 D 错误；故选： C。线圈平面垂直处于匀强磁场中， 当磁感应强度随着时间均匀变化时， 线圈中的磁通量发生变化， 从而导致出现感应电动势，产生感应电流由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小，运用功率与电荷量的表达式，即可求解考查楞次定律来判定感应电流方向， 由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小 当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率同时磁通量变化的线圈相当于电源7.【答案】 B【解析】 解：线框开始进入磁场运动L 的过程中， 只有边 bc 切割，感应电流不变， 前进 L 后，边 bc 开始出磁场，边 ad 开始进入磁场，回路中的感

21、应电动势为边ad 产的减去在bc 边在磁场中产生的电动势，随着线框的运动回路中电动势逐渐增大，电流逐渐增大，方向为负方向；当再前进L 时，边 bc 完全出磁场，ad 边也开始出磁场，有效切割长度逐渐减小，电流方向不变，故B 正确， ACD 错误。故选： B。解答本题的关键是正确利用几何关系弄清线框向右运动过程中有效切割长度的变化，然后根据法拉第电磁感应定律求解，注意感应电流方向的正负。图象具有形象直观特点，通过图象可以考查学生综合知识掌握情况，对于图象问题学生在解答时可以优先考虑排除法，通过图象形式、是否过原点、方向等进行排除8.【答案】 B第7页，共 12页【解析】解：设变压器原、副线圈匝数

22、之比为k，则可知，开关断开时，副线圈电流为KI ；?-?则根据理想变压器原理可知：1= ? (1)?(?+? )23同理可知，?-4?1= ? (2)4?2代入数据联立解得：?= 48?；代入 (1) 式可得：?= 3 ；故 B 正确， ACD 错误；故选： B。变压器输入电压为U 与电阻 ?两端电压的差值；再根据电流之比等于匝数的反比可求得输出电流；根据电压之1比等于匝数之比对两种情况列式，联立可求得U 与 I 的关系；则可求得线圈匝数之比。本题考查理想变压器原理及应用， 要注意明确电路结构， 知道开关通断时电路的连接方式； 同时注意明确输入电压与总电压之间的关系。9.【答案】 ABD【解析

23、】解： A、自由落体运动只受重力，故任意相等的时间内物体受到的重力冲量相等，故由动量定理可得动量变化相等，故 A 正确；B、平抛运动只受重力，故任意相等的时间内物体受到的重力冲量相等，故由动量定理可得动量变化相等，故B正确；C、匀速圆周运动受到指向圆心的变力，故物体的冲量时刻变化，故动量变化不相等，故C 错误；D 、匀减速直线运动受到恒力作用，故任何相等的时间内，物体受到的冲量相等，故动量变化相等，故D 正确；故选： ABD。分析物体的受力情况，再根据动量定理可明确物体的动量变化是否相等。本题要注意明确受力与运动的关系，不要认为曲线运动中动量的变化不相等。10.【答案】 AD【解析】解： A、

24、 ?= 0时刻磁感应强度的变化率为0，线圈中的感应电动势为0，线圈不受安培力的作用，故A正确；?B、在0磁感应强度的变化率增大，根据法拉第电磁感应定律?=?知线圈中的感应电动势不断增大，线圈1?中的感应电动势不断增大，故B 错误；C、在 0 1?内磁场向上减弱，磁通量减小，根据楞次定律，线圈中产生逆时针方向的感应电流；1 2?内磁场向下在增强，磁通量增加，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向上，线圈中产生逆时针方向的感应电流，所以在?= 1?时刻线圈中的感应电流方向没有发生变化，故C 错误；D、在 ?=3?时，磁感应强度为00，在 ?=4?时磁感应强度的变化率为0，线圈不受安培力作用，摩擦力为，

25、感应电动势为0，感应电流为0，线圈也不受安培力，不受摩擦力，而在中间过程中，线圈中有感应电流，且磁感应强度不为0，受到的安培力不为0，由于线圈始终静止， 所以安培力等于静摩擦力， 摩擦力不为 0，所以在 34?内线圈受到的摩擦力先增加后减小，故D 正确；故选： AD。根据图乙所示图象判断线框产生的感应电流与线框受到的安培力大小与方向如何变化，线框静止处于平衡状态，应用平衡条件求出摩擦力，然后判断摩擦力的方向与大小如何变化。本题考查了法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、 安培力大小公式等运用，分析清楚图乙所示图象判断磁感应强度变化率如何变化与磁感应强度大小是多少是解题的关键，应用法拉第电磁感应

26、定律、楞次定律与平衡条件即可解题。11.【答案】 CD【解析】【分析】线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流。 而对于电表读数、 求产生的热量均由交变电的有效值来确定，第8页，共 12页而涉及到耐压值时，则由最大值来确定而通过某一电量时，则用平均值来求同时注意磁场只有一半。【解答】A.由闭合电路中感应电动势的瞬时表达式?=12?，得回路中感应电动势的瞬时表达式?= 2?，故 A错误；?B 错误；B.在 ?= 2?时刻，线圈从图示位置转过 90，此时磁场穿过线圈的磁通量最小，磁通量变化率最大，故?0到 ?=?，C.电压有效值为?，从 ?=时刻，电阻 R 产生的焦耳热为22?故 C正确；?2

27、D .从?= 0到 ?=?时刻，通过 R 的电荷量 ?=(?+?)=，故 D 正确。2?2(?+?)故选 CD。12.【答案】 ABD【解析】解： A、金属棒 ab 开始做加速运动，速度增大，感应电动势增大，所以感应电流也增大，导致金属棒受到的安培力增大， 所以加速度减小， 即金属板做加速度逐渐减小的变加速运动，根据牛顿第二定律， 有：?-?22?=? ?错误；?= ?；其中 ?= ，故加速度为?-，故 A?B 正确；有 ?=解得 ?=，故B、根据感应电量 ?= ?+?C12?12，故 C 错误；、根据能量守恒定律，产生的焦耳热为：? =- ?= ?-?2222D 、金属棒 ab 受到的最大安

28、培力大小为：?= ?=? ?，故 D 正确；?故选： ABD。金属棒 ab 由静止开始沿导轨下滑，做加速度逐渐减小的变加速运动。由牛顿第二定律，法拉第电磁感应定律、能量守恒定律等研究处理。?22电磁感应综合题中，常常用到这个经验公式：感应电量? ?= ? 和 ?，注意电阻和匝数，在计算题中，?+?安 =?不能直接作为公式用，要推导。13.【答案】 BD右自感【解析】解：(1) 将电源、电键、变阻器、小螺线管A 串联成一个回路，再将电流计与大螺线管B 串联成另一个回路，电路图如图所示。(2)?、插入铁芯F 时，穿过线圈B 的磁通量变大，感应电流磁场与原磁场方向相反，故A 错误；B、拔出线圈A，穿

29、过线圈B 的磁通量变小，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，故B 正确；C、使变阻器阻值R 变小，原电流变大，原磁场增强，穿过线圈B 的磁通量变大，感应电流磁场方向与原磁场方向相反，故C 错误；D 、断开开关，穿过线圈B 的磁通量减小，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，故D 正确；(3) 当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，第9页，共 12页当条形磁铁按如图所示所示的方向运动时，磁通量增加，依据楞次定律，感应磁场向上，再由右手螺旋定则，感应电流盘旋而下，则电流从正接线柱流入，所以灵敏电流计的指针将右偏。(4) 在 K 断开前，自感线圈L 中有向右的电流，断开K 后瞬间， L 的电流要

30、减小，于是L 中产生自感电动势，阻碍自身电流的减小，但电流还是逐渐减小为零。原来跟L 并联的灯泡A，由于电源的断开，向右的电流会立即消失。但此时它却与L 形成了串联的回路， L 中维持的正在减弱的电流恰好从灯泡A 中流过，方向由 b 到 a，即 ? ? .?因此，灯泡不会立即熄灭，而是渐渐熄灭，将这称为自感现象。这个实验是用来演示自感现象的。故答案为： (1)(2)?；(3) 右；(4) ；自感。(1) 注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答；(2) 由楞次定律可知，感应电流磁场总是阻碍原磁通量的变化，当原磁通量变

31、大时，感应电流磁场与原磁场方向相反；(3) 根据楞次定律确定电流的方向，判断指针的偏转；(4) 线圈的特点是闭合时阻碍电流的增大，断开时产生一自感电动势相当于电源，与A 组成闭合回路，L 的右端电势高。本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同。知道磁场方向或磁通量变化情况相反时， 感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键； 做好本类题目的关键是弄清线圈与哪种电器相配，结合线圈特点分析新组成的闭合回路的电流流向。14.【答案】A、B60D【解析】解：(1) 由图知，热敏电阻R 的阻值随温度的升高而减小，由闭合电路欧姆定律得，干路电流增大，当大到继电器的衔铁被吸

32、合时的电流，恒温箱内的加热器，停止加热，故恒温箱内的加热器接在A、B 端，(2) 当恒温箱内的温度保持 50 ，应调节可变电阻 ?的阻值使电流达到 20mA，由闭合电路欧姆定律得：?+ ?+ ?= ?，?6即： ?= ?- ?- ?= 0.02 -150 - 90 = 60?即可变电阻 ?的阻值应调节为 60?(3) 由上可知，若恒温箱内的温度保持在更高的数值，则可变电阻的值应增大，会导致 R 电阻变小，从而实现目标；或者增大弹簧的劲度系数，增大弹簧的弹力；或者抽出线圈中的铁芯，从而减小线圈的吸引力；而恒温箱加热器的电源电压与恒温箱内的温度保持在更高的数值无关，故D 正确， ABC 错误故答案

33、为： (1)?、 B； (2)60 ； (3)?(1) 当温度低的时候，电路与AB 相连，此时加热器要工作，所以加热器的电路要与AB 相连；(2) 要使恒温箱内的温度保持 50 ，当温度达到 50 时，电路就要断开，即电路要达到 20?根.据闭合电路欧姆定律即可求得电阻的大小(3) 根据工作原理，结合弹簧、线圈及电源的作用，从而才能实现温度保持在更高的数值在解答本题的时候要分析清楚，控制电路和加热电路是两个不同的电路，只有当温度较低，需要加热的时候，加热电路才会工作，而控制电路是一直通电的15.【答案】解：(1)设滑块与小车共同速度为v，滑块的质量为m?0，小车质量为M，取向右为，原来的速度为

34、正方向，根据动量守恒定律得：? = (? + ?)?0第10 页，共 12页代入数值解得： ?= 2?/?(2) 根据能量守恒知道整个运动过程中产生的热量Q 等于系统动能的损失。1212则?= 2?0 -2(? + ?)?代入数值，解得： ?= 40?答： (1) 滑块与小车的共同速度v 是 2?/?；(2) 整个运动过程中系统产生的热量Q 是 40J。【解析】 (1) 滑块和小车组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出滑块与小车的共同速度v。(2) 根据能量守恒定律求出整个过程中产生的热量Q。本题是滑块在小车滑动的类型， 要抓住系统的动量守恒和能量守恒来研究， 也可以结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解第 1 问，但是没有运用动量守恒定律求解简洁。得，发电机的输出电流?=?=100000?= 400?。16.【答案】解：1250(1) 根据 ?1 = ?1?11?124%?(2) 输电线上损失的功率? = ?=2损解得100000 4%?= 。?= 20?210?201则 ?1=?2=400 =20 。21输电线上的电压损失 ?= ?2?= 20 10?= 200?。升压变压器的输出电压?2 = ?1 20 = 5000?。降压变压器的输入电压?3 = ?2 - ?= 5000 - 200? = 480