【基础练习】《电流的磁场》（物理沪科九年级全一册）.docx

电流的磁场基础练习1. 如图的四幅图，通电螺线管的N、S极标注正确的是（）A. B. C. D. 2. 如图所示是某科技小组设计的一种温度自动控制报警装置电路图，关于它的说法正确的是（）A. 继电器、红绿灯、电铃和电源、导线组成报警电路B. 继电器、温度计、电源和导线组成报警电路C. 当温度达到90时，电铃就会响铃，同时红灯亮D. 当温度低于90时，电铃就会响铃，同时绿灯亮3. 在如图所示中，有条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，磁极甲、乙、丙、丁的极性依次是（）A. S、N、S、SB. N、N、S、NC. S、S、N、ND. N、S、N、N4. 如图所示的装置中，当开关S闭合后，下列判断正确的是（）A. 通电螺线管外A点的磁场方向向左B. 通电螺线管的左端为N极C. 向左移动滑片P，通电螺线管的磁性减弱D. 小磁针静止后，其N极的指向沿水平向右5. 如图所示为电磁铁的线路图。开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中（）A. 电磁铁的右端为S极，磁性增强B. 电磁铁的右端为S极，磁性减弱C. 电磁铁的右端为N极，磁性增强D. 电磁铁的右端为N极，磁性减弱6. 如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（）A. 通电螺线管的左端为N极B. 小磁针一直保持静止C. 小磁针的S极向右转动D. 通电螺线管外A点的磁场方向向左7. 小红同学在做“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法正确的是（）A. 电磁铁A的磁性比电磁铁B的磁性强B. 要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑片向右移动C. 若将两电磁铁上部靠近，会相互排斥D. B线圈的匝数多，通过B线圈的电流小于通过A线圈的电流8. 如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（）A. S1断开，滑片P在图示位置B. S1闭合，滑片P在图示位置C. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端D. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端9. 如图所示，按小磁针的指向标注的螺线管的极性和电源的正负极均正确的是（）A. B. C. D. 10. 如图所示，在一圆环形导线的中央放置一个小磁针，通入如图所示的电流时，下列说法中正确的是（）A. 小磁针的N极转向纸内B. 小磁针的N极转向纸外C. 小磁针保持不动D. 小磁针的N极在纸面内沿顺时间方向转动11. 如图所示，A是悬挂在弹簧下的铁块，B是螺丝管的铁芯，P是滑动变阻器的滑片闭合开关后的电磁铁的下端是_极（选填“N”或“S”）；若将变阻器的滑片P向右移动，弹簧的长度会_（选填“变长”或“变短”）12. 在原子内部，核外电子绕原子核运动会形成环形电流，环形电流产生的磁场使原子的两侧相当于两个磁极。如图所示，若纸外表示N极，则电子绕原子核运动的方向为_（选填“顺时针”或“逆时针”）方向。13. 根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的A端是_极。（选填“N”或“S”）14. 如图所示是一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，装置旁边放有一小磁针，当开关S接b点时，电磁铁的B端是_极，小磁针的D端是_极。15. 如图所示，闭合开关S后小磁针静止在螺线管旁的情况，请标出通电螺线管的N极和小磁针的N极答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、电流从螺线管的右后方流入、左前方流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极，故A正确；B、电流从螺线管的左后方流入、右前方流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极，故B错误；C、电流从螺线管的右前方流入、左后方流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为N极，由端为S极，故C错误；D、电流从螺线管的右前方流入、左后方流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的座端为N极，右端为S极，故D错误；故选：A。根据螺线管的线圈绕向和电流方向，利用安培定则可以确定螺线管的N、S极。安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。2.【答案】C【解析】解：（1）据图可知，该温度自动报警器的原理是：当温度达到90时，由于温度计内的液体是导体，这样控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，红灯亮，起到报警作用，故C正确； （2）当温度低于90时，控制电路断开，电磁铁无磁性，弹簧复位，上触点开关接通，报警装置不工作，绿灯亮，红灯不亮，电铃不响，由此可知，继电器、温度计、红灯、电铃和电源、导线组成报警电路，故ABD错误 故选C 温度自动报警器的原理是当温度达到一定值时，温度计内液体上升，该液体必须是导体，这样控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，起到报警作用 此题主要考查了电磁继电器的工作原理、导体的概念和温度计的制作原理电磁继电器的实质相当于工作电路中的开关解决此类题目的关键是了解电磁继电器的构造，并搞清各部分的作用，同时要搞清控制电路和工作电路3.【答案】A【解析】解：图中电流方向从左端流入、右端流出，根据图示的线圈绕向和结合安培定则，从而可以确定电磁铁的左端为N极、右端为S极，即乙为N、丙为S；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极发出，回到S极，所以永磁体甲的右端为S极；根据磁感线的形状可知，两者相斥，是同名磁极，所以永磁体丁的左端为S极。如图所示：综上分析，只有A正确，BCD错误。故选：A。根据安培定则可以确定电磁铁的NS极，然后利用磁感线的特点即可确定永磁体甲丁的NS极。利用安培定则来确定电磁铁的N、S极是解决此题的突破口。4.【答案】B【解析】解：AB、由于右端是电源的正极，所以电流从右端流入，故据安培定则可知，该螺线管的左端是N极，右端是S极，所以磁感线的方向应该从左向右，故通电螺线管外A点的磁场方向向右，故A错误，B正确； C、滑片向左移动，接入电路的电阻变小，故电路的电流变大，磁性变强，故C错误； D、据上面的分析可知，该螺线管的右端是S极，所以小磁针的左端应该是N极，故N极的指向沿水平向左，故D错误； 故选B（1）磁场中某点的磁场方向与该点的磁感线方向是一致的； （2）据电流的方向，结合安培定则判断出该通电螺线管的NS极即可； （3）通电螺线管的磁场的强弱与电流的强弱有关；此题考查了磁极间的作用规律、安培定则、电路中的电流变化等知识点，是一道综合题5.【答案】D【解析】解：由图可知，电流从螺旋管的左端流入、右端流出，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端，所以右端是N极，故AB错误；滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，通过电磁铁的电流变小，则在螺旋管的匝数一定时，电磁铁的磁性减弱，故C错误、D正确。故选：D。（1）根据安培定则判断电磁铁右端的N、S极，即伸出右手，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极；（2）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，反之越小。本题考查了安培定则和影响电磁铁磁性强弱因素的应用，正确的判断电流的方向和电路中电流的变化是关键。6.【答案】D【解析】解：A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，故A错误； BC、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针不会静止，故BC错误； D、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故D正确； 故选：D。（1）根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的NS极； （2）据磁感线的方向分析判断即可解决； （3）据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向。此题考查了通电螺线管的极性判断、磁场方向的判断、磁极间的作用规律等知识点，是一道综合题。7.【答案】C【解析】解：A、由图可知B电磁铁吸引大头针数目多，所以B电磁铁的应该比A电信磁铁的磁性强，故A错误； B、要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑片向左移动，因为滑片左移动后电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，故B错误； C、根据安培定则判断两个电磁铁的上部都是N极，下部都是S极，两个电磁铁的上部靠近会出现排斥现象，故C正确； D、A和B两个电磁铁串联在电路中，通过两个电磁铁的电流是相等的故D错误 故选：C（1）电磁铁的磁性无法直接观察，而是通过吸引大头针的多少来反映，吸引的大头针越多，电磁铁的磁性越强 （2）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯在铁芯和电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强 （3）根据安培定则判断两个电磁铁的磁极，根据磁极间的相互作用，判断是相互吸引还是相互排斥 （4）串联电路中电流处处相等掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性的影响因素8.【答案】D【解析】解：A、S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I=可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；BCD、闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I=可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确。故选：D。闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判断出巨磁电阻的变化是解题的关键。9.【答案】C【解析】解：A、已知电源左端为正极，由右手螺旋定则可知，螺线管的磁极应为左N、右S，小磁针的磁极为：左N、右S，故A错误； B、已知电源下端为正极，由右手螺旋定则可知，螺线管的磁极上端为N、下端为S，小磁针的磁极为：上N、下S，故B错误； C、已知电源左端为正极，由右手螺旋定则可知，螺线管的磁极应为左S、右N，小磁针的磁极为：左S、右N，故C正确； D、已知电源右端为正极，由右手螺旋定则可知，螺线管的磁极应为左N、右S，小磁针的磁极为：左N、右S，故D错误； 故选：C。已知电源的正负极，由右手螺旋定则来判定通电螺线管的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出小磁针的磁极，此题主要考查对磁极间的相互作用以及右手螺旋定则的掌握情况。右手螺旋定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。10.【答案】A【解析】解：根据安培定则知，纸里是通电螺线管的N极，纸外是通电螺线管的S极；通电螺线管内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，故小磁针垂直指向纸里。故选：A。解决该题需用以下知识点：一个通电线圈也有N极和S极，也按照安培定则判断，纸里是线圈的N极，纸外是线圈的S极；线圈外部的磁场是从线圈的N极出来回到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出来回到N极；磁场中该点的磁体N极受到磁力方向和该点的磁场方向相同。通电线圈内部的磁场方向和通电线圈外部的磁场方向不同，通电线圈内部的磁场从S极出来回到N极，通电线圈外部的磁场从N极出来回到S极。11.【答案】N；变短【解析】解： （1）根据安培定则可得，螺线管的上端为S极，下端为N极， （2）若将变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱；故对铁块的作用力减小，即弹簧长度应变短 故答案为：N；变短（1）由电源的正负极可知电流方向，则由右手螺旋定则可知螺线管的磁极； （2）当滑动变阻器的滑片向右移动时，可知滑动变阻器的接入电阻变化，则由欧姆定律可知电流的变化，则可知螺线管磁性强弱的变化，根据螺线管的磁性变化以及磁铁的性质判断弹簧长度的变化本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案12.【答案】顺时针【解析】解： 物理学上规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向，则电流的方向与电子定向移动的方向相反， 所以，图中电流的方向与电子绕原子核运动的方向相反。 根据右手螺旋定则，让大拇指所指的那端为N极（即大拇指指向纸外），右手四指弯曲的方向与电流的方向一致，则电流方向为逆时针方向，电子绕原子核运动的方向为顺时针方向， 故答案为：顺时针。正电荷定向移动的方向为电流的方向，电流的方向电子运动的方向相反，根据右手螺旋定则判断出环形电流的方向，从而电子绕原子核运动的方向。本题考查了右手螺旋定则（安培定则）、电流的方向，有一定难度。13.【答案】N【解析】解：用右手握住螺线管，四指