广东省东莞市南开实验学校高三物理上学期期中试卷（含解析）.doc

2014-2015学年广东省东莞市南开实验 学校高三（上）期中物理试卷一、单选题（每题4分共16分）1（4分）（2015上海）降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞（）a下落的时间越短b下落的时间越长c落地时速度越小d落地时速度越大考点：运动的合成和分解分析：降落伞参加了竖直方向的分运动和水平方向分运动，水平方向的分运动对竖直分运动无影响解答：解：a、b、降落伞参加了竖直方向的分运动和水平方向分运动，水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故风速变大时，下落的时间不变，故ab均错误；c、d、根据v=，若风速越大，水平风速vx越大，则降落伞落地时速度越大，故c错误，d正确；故选：d点评：本题关键在于水平分运动与竖直分运动互不影响，落地时间由竖直分运动决定2（4分）（2015郑州一模）一个质量为2kg的物体，在六个恒定的共点力作用下处于平衡状态、现同时撤去大小分别为15n和20n的两个力，关于此后该物体运动的说法中正确的是（）a一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5m/s2b可能做匀减速直线运动，加速度大小是2m/s2c一定做匀变速运动，加速度大小可能是15m/s2d可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是5m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体在六个恒定的共点力作用下处于平衡状态，故六个力的合力为零，撤去大小分别为15n和20n的两个力，剩下的四个力没有改变，故这四个力的合力也不变，其合力与撤去的两个力的合力等值、反向、共线，根据牛顿第二定律计算加速度的可能大小，根据合力与速度方向间的关系判断物体的运动情况解答：解：a、物体在六个恒定的共点力作用下处于平衡状态，故六个力的合力为零，时撤去大小分别为15n和20n的两个力，剩下的四个力没有改变，故这四个力的合力也不变，其合力与撤去的两个力的合力等值、反向、共线，故这四个力的合力范围为：5nf35n，如果速度与合力不共线，物体就做曲线运动，故a错误；b、四个力的合力范围为：5nf35n，根据牛顿第二定律，加速度的范围为：2.5m/s2a17.5m/s2，加速度不可能为2m/s2，故b错误；c、四个力的合力恒定，范围为：5nf35n，故加速度恒定，范围为：2.5m/s2a17.5m/s2，故c正确；d、由于加速度的大小和方向都恒定，故不可能做匀速圆周运动，故d错误；故选c点评：本题根据根据共点力平衡条件得到四个力的合力范围，然后根据牛顿第二定律得出加速度的范围，最后根据曲线运动的条件判断物体可能的运动3（4分）（2015浙江）如图所示，a、b两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛（不计空气阻力）下列说法正确的是 （）a在上升和下降过程中a对b的压力一定为零b上升过程中a对b的压力大于a对物体受到的重力c下降过程中a对b的压力大于a物体受到的重力d在上升和下降过程中a对b的压力等于a物体受到的重力考点：牛顿第二定律分析：把ab看成一个整体，不计空气阻力，整体做竖直上抛运动，加速度为g，方向向下然后把a作为研究对象，对其受力分析，就可以得出结论解答：解：以a、b整体为研究对象：在上升和下降过程中仅受重力，由牛顿第二定律知加速度为g，方向竖直向下 再以a为研究对象：因加速度为g，方向竖直向下，由牛顿第二定律知a所受合力为a的重力，所以a仅受重力作用，即a和b之间没有作用力故选a点评：本题是整体法和隔离法的应用，整体跟部分的运动情况相同，可以通过计算整体的加速度来确定部分的加速度，再对部分进行受力分析，得出最终结论4（4分）（2007连云港校级模拟）若不计空气阻力，下面列举的各个实例中，机械能不守恒的是（）a做平抛运动的物体b物体由光滑斜面顶端滑到斜面底端c一小球在粘滞性较大的液体中匀速下落d用细线拴着一个小球在竖直平面内做圆周运动考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒解答：解：a、做平抛运动的物体，在空中只受到重力的作用，所以机械能守恒，故a错误b、物体由光滑斜面顶端滑到斜面底端，斜面的支持力不做功，只有重力做功，满足机械能守恒条件故b错误c、一小球在粘滞性较大的液体中匀速下落，对其受力分析可知，小球一定要受到阻力的作用，并且阻力对小球做了负功，物体的机械能要减小，故c正确d、用细线拴着一个小球在竖直平面内做圆周运动，细线的拉力不做功，只有重力对小球做功，故小球的机械能守恒故d错误故选c点评：本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件是关键，题目比较简单二、双选题（每题6分共30分）5（6分）（2015春榆树市校级期中）2008年9月27日“神舟”七号宇航员翟志刚顺利完成出舱活动任务，他的第一次太空行走标志着中国航天事业全新时代的到来“神舟”七号绕地球做近似匀速圆周运动，其轨道半径为r，若另有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动的半径为2r，则可以确定（）a卫星与“神舟”七号的向心加速度大小之比为1：2b卫星与“神舟”七号的线速度大小之比为1：c翟志刚出舱后不再受地球引力d翟志刚出舱任务之一是取回外挂的实验样品，假如不小心实验样品脱手，则实验样品做自由落体运动考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：“神舟七号”飞船绕地球做匀速圆周运动，飞船上的任何物体都处于完全失重状态；再根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求解出周期、线速度、加速度的表达式进行讨论解答：解：a、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为m，有=ma解得：a=，所以卫星与“神舟七号”的加速度大小之比为，故a错误；b、根据解得：v=，卫星与“神舟七号”的线速度大小与轨道的平方根成反比，故b正确；c、“神舟七号”飞船绕地球做匀速圆周运动，翟志刚出舱后处于完全失重状态，但是受到重力作用，重力提供向心力，故c错误；d、翟志刚出舱取回外挂实验样品，若样品脱手，则样品由于惯性继续绕地球做匀速圆周运动，故d错误；故选：b点评：本题关键要掌握航天器中的失重现象，同时要能根据万有引力等于向心力列式求解出卫星的加速度和线速度6（6分）（2015广东）下列关于力的说法正确的是（）a作用力和反作用力作用在同一物体上b太阳系中的行星均受到太阳的引力作用c运行的人造地球卫星所受引力的方向不变d伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因考点：万有引力定律及其应用；牛顿第三定律专题：压轴题；万有引力定律的应用专题分析：掌握牛顿第三定律的内容，清楚作用力和反作用力的含义知道万有引力定律的内容了解牛顿第一定律的内容解答：解：a、作用力和反作用力作用在两个不同的物体上，故a错误b、太阳系中的行星均受到太阳的引力作用，自然界中任何两个物体都有引力作用故b正确c、运行的人造地球卫星所受引力提供向心力，方向指向圆心不断改变，故c错误d、伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因，故d正确故选bd点评：掌握一些基本的定律内容，并能在具体问题中进行应用7（6分）（2015秋泰兴市期中）如图所示是电场中某一条电场线，某一电子先后放在a、b点时，受到的电场力分别为f1、f2，具有的电势能分别为ep1、ep2，下列说法正确的是（）aa、b两点电场方向相同bf1一定大于f2cep1一定小于ep2d电子从a点运动到b点的过程中，电场力做负功考点：电势能；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小电场线上某一点的切线表示电场强度方向沿着电场线的方向电势降落，负电荷的电势能增加解答：解：a：a、b两点在同一条电场线上，并且是一条直线，所以a、b两点场强方向相同，故a正确b：因不知是正点电荷还是负点电荷产生的电场线，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小故b错误；c：电子带负电荷，受力的方向与电场线的方向相反，即从a指向b，电子从a点运动到b点的过程中，电场力做正功，负电荷的电势能减小，因此电子在a点电势能大，b点的电势能小，故c错误，d：电子带负电荷，受力的方向与电场线的方向相反，即从a指向b，电子从a点运动到b点的过程中，电场力做正功，故d错误故选：a点评：解决本题的关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示场强的方向，沿着电场线的方向电势降落，电场力对负电荷做负功，负电荷的电势能增加8（6分）（2013秋瑞安市期中）在以某场源电荷为球心的球面上，各点相同的物理量为（）a电场强度b同一试探电荷受到的电场力c电势d同一试探电荷具有的电势能考点：电场线；电势能分析：只有大小和方向都相同时，矢量才相同；标量只有大小，没有方向，只要大小相等，标量就相同以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同解答：解：a、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同故a错误b、由f=qe可知，同一电荷受到的电场力大小相等，方向不同，故电场力不同，故b错误c、以点电荷为球心的球面是一个等势面，即各点的电势相等故c正确d、由电势能与电势的关系可知，电势相同，同一电荷具有相同的电势能故d正确故选：cd点评：本题关键要抓住以点电荷为球心的球面是一个等势面、各点的场强大小相等、方向不同，即可正确求解9（6分）（2015泰兴市校级模拟）如图所示，已知小车a和物体b的质量分别为m和m，小车a在物体b的牵引下以速度v水平向左匀速运动（不计滑轮和绳子质量以及滑轮和轴之间的摩擦），在此过程中（）ab匀速下降b绳子拉力大于b的重力cb重力做的功与a克服摩擦力做的功相等db机械能的减少与a克服摩擦力做的功相等考点：功能关系；运动的合成和分解；功的计算专题：压轴题分析：由于小车是匀速运动，根据平行四边形定则分解小车速度，得沿绳方向减速运动，即b物体减速下降，超重，再根据功能关系得出机械能变化与做功关系解答：解：a、将连接小车的绳子端点的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于物体b的速度，设绳子与水平方向的夹角为，有vcos=vb，增大，v不变，所以b的速度vb减小即b物体减速下降，故a错误；b、b物体减速下降，处于超重状态绳子的拉力大于b的重力故b正确c、b的机械能减少了，a的机械能没有变化，根据能的转化与守恒，一定是a克服摩擦力做功，故c错误，d正确故选：bd点评：本题综合性较强，包括了运动的分解，超重失重，功能关系等，需要综合考虑三、实验题（10题每空2分11题每小题6分两题共18分）10（6分）（2015秋东莞校级期中）一打点计时器固定在斜面上，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图1所示图2是打出的纸带的一段（1）打点计时器使用的交流电频率为50hz，利用图2给出的数据可求出小车下滑的加速度a=4.0m/s2（保留两位有效数字）（2）为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有 （利用直尺和天平量，写出相应物理）小车质量，斜面上任意两点间距离及这两点的高度差用测得的物理量及加速度a表示小车在下滑过程中所受的阻力计算式为f=mgma考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题分析：纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的加速度，为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，我们应该想到运用牛顿第二定律去求解解答：解：（1）由图2中的纸带可知相邻的2个计数点间的时间间隔t=20.02s=0.04s，相邻两个计数点的距离分别为x1=8.33cm，x2=8.95cm，为了减小误差可用逐差法求加速度：a=4.0m/s2，（2）对小车进行受力分析，小车受重力、支持力、阻力将重力沿斜面和垂直斜面分解，设斜面倾角为，根据牛顿第二定律得：f合=mgsinf=maf=mgsinma，所以我们要求出小车质量m和sin，那么实际测量时，我们应该测出斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h来求sin，即sin=所以f=mgma故答案为：（1）4.05m/s2（2）小车质量，斜面上任意两点间距离及这两点的高度差，mgma点评：加强匀变速直线运动规律和推论的应用，要注意单位的换算和有效数字的保留11（12分）（2015上海）如图为“用dis（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受外力，用dis测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线（如图所示）分析此图线的oa段可得出的实验结论是在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，（单选题）此图线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是c（a）小车与轨道之间存在摩擦（b）导轨保持了水平状态（c）所挂钩码的总质量太大（d）所用小车的质量太大考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项该实验是探究加速度与力的关系，我们采用控制变量法 进行研究根据图象得出变量之间的关系，知道钩码所受的重力作为小车所受外力的条件解答：解：（1）因为要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受外力；（2）由于oa段af关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=ma得a=，而实际上a=，可见ab段明显偏离直线是由于没有满足mm造成的故答案为：（1）小车的总质量，小车所受外力，（2）在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，c，点评：要清楚实验的研究方法和实验中物理量的测量当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力四、计算题（每题18分共36分）12（18分）（2015秋东莞校级期中）如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从o点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的a点已知o点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角=37，运动员的质量m=50kg不计空气阻力（取sin37=0.60，cos37=0.80；g取10m/s2）求：（1）a点与o点的距离l；（2）运动员离开o点时的速度大小；（3）运动员落到a点时的动能考点：平抛运动；动能专题：平抛运动专题分析：根据运动的时间求出平抛运动的高度，从而得出ao的距离，根据水平位移和时间求出平抛运动初速度根据速度时间公式求出落在a点的速度，结合平行四边形定则求出a点的速度，从而得出落在a点的动能解答：解：（1）运动员在竖直方向上的距离y=，则ao的距离l=（2）平抛运动的水平位移x=lcos=750.8m=60m，则运动员离开o点的（3）落到a点竖直分速度vya=gt=103m/s=30m/s，则落到a点的速度v=m/s，a点的动能答：（1）a点与o点的距离l为75m；（2）运动员离开o点时的速度大小为20m/s；（3）运动员落到a点时的动能为32500j点