2019年福建省泉州五中高考物理适应性试卷(5月份)(解析版)

1、20192019 年福建省泉州五中高考物理适应性试卷（年福建省泉州五中高考物理适应性试卷（5 5 月份）月份） 一、单选题（本大题共3 3 小题，共 18.018.0分） 1.如图是世界物理学史上两个著名实验的装置图，下列有关实验的叙述正确的是（） A.质点在 时刻的加速度最大 B.质点在 时刻离出发点最远 C.在 的时间内，外力的功率先增大后减小 D.在 的时间内，外力做负功 6.一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原、副线圈匝数比为3：1电路中连接三个相同的电阻R，为理想交 流电流表，U为正弦交流电源，输出电压的有效值U=380V当开关S断开 时，电流表的示数为 2A则（） A.定值电阻

2、 R 的阻值为 B.开关 S 断开时，副线圈的输出电压为127V C.开关 S 闭合时，电流表的示数为 D.开关 S闭合时，电路中消耗的总功率为1300W 2 7.真空中静止点电荷周围，某点的场强大小与该点到点电荷距离二次方（E r）的图象像如图所示。若电场中a、b、c A.图甲是 粒子散射实验装置，卢瑟福指导他的学生们进行 粒子散射实验研究时，发现了质子和中子 B.图甲是 粒子散射实验装置，汤姆孙根据 粒子散射实验，提出了原子“枣糕模型”结构 C.图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光频率越大，则光电子的最大初动能 越大 D.图乙是研究光电效应的实验装置，根据光

3、电效应规律，超过极限频率的入射光光照强度一定，则光的频率越大， 所产生的饱和光电流就越大 2.2018年 12月 12日，在北京飞控中心工作人员的精密控制下，嫦娥四号开始实施近 12月 30日成功实施变轨，月制动， 成功进入环月圆轨道进入椭圆着陆轨道， 为下一步月面软着陆做准备。如图所示B为近月点，A为远月点，关于嫦娥四号卫 星，下列说法正确的是（） A.卫星在轨道上 A点的加速度大于在 B点的加速度 B.卫星沿轨道 I运动的过程中，卫星中的科考仪器处于超重状态 C.卫星从轨道变轨到轨道，机械能增加 D.卫星在轨道经过 A 点时的动能小于在轨道经过 B 点时的动能 3.如图所示，ABC和 AB

4、D为两个光滑固定轨道，A、B、E 在同一水平面上，C、D、E 在同一竖直线上，D点距水平面 C点距水平面的高度为10m，的高度为5m，一滑块从A点以某一初速度分别沿两轨道滑行到C点或D点后水平抛出。 2 要求从 C 点抛出时的水平射程比从D点抛出时的小，取重力加速度大小g=10m/s ，则滑块在A 点的初速度大小可能 为（） A. B. C. D. 二、多选题（本大题共6 6 小题，共 35.035.0分） 4.如图，橡皮条一端固定在O点，另一端系着中心有孔的小球，小球穿在 固定的水平杆上，杆上O点在 O点正下方，橡皮条的自由长度等于OO，将小球拉至 A点后无初速释放，小球开始 运动，由于球与

5、杆之间有摩擦，球向右运动的最远处为杆上B 点。在小球从 A向 B 运动的过程中（） A.在 O 点，小球的加速度为零 B.在 A、O之间的某点，小球的动量最大 C.在 O、B之间的某点，小球的动量最大 Eb、 Ec，三点的场强大小分别为Ea、一带正电的试探电荷由a点经 b移动到 c点， 电场力所做的功分别为Wab和 Wbc； 若规定无限远处的电势为零， 真空中点电荷周围某点的电势为 ， 其中 Q l09Nm2/C2下列说法正确的是（ ）为点电荷的电荷量，k9.0 A. B.：2 C.：l D. ：l 8.如图所示，在光滑的水平面上方有两个磁感应强度大小均为B、方向相 反的水平匀强磁场区域， 磁

6、场宽度均为 L一个边长为 L、电阻为 R的单 匝正方形金属线框，在水平外力作用下沿垂直磁场方向运动，从如图实线位置I 进入磁场开始到线框运动到分别有 一半面积在两个磁场中的位置II时，线框的速度始终为 v，则下列说法正确的是（） A.在位置 II时外力为 B.在位置 II时线框中的电功率为 C.此过程中产生的电能为 D.此过程中通过导线横截面的电荷量为 9.图甲为一简谐横波在 t=0.10s 时的波形图，P 是平衡位置在 x=0.5m处的质点，Q是平衡位置在 x=2.0m 处的质点；图 乙为质点 Q的振动图象。下列说法正确的是（） D.小球和橡皮条系统的机械能逐渐减小 5.一质点静止在光滑水平

7、桌面上，t=0时刻在水平外力作用下做直 线运动，其速度 v随时间 t变化的图象如图所示。根据图象提供的信息，判 断下列说法正确的是（） A.这列波沿 x轴负方向传播 B.这列波的传播速度为 C.从 到，这列波传播的距离为 3m D.从 到，P通过的路程为 10cm E. ，P的加速度方向与 y轴正方向相反 三、实验题探究题（本大题共2 2 小题，共 15.015.0 分） 10. 为了验证动量守恒定律，某实验小组选取两个材质相同而质量不同的滑块A和 B，并按下述步骤进行了实验： 在 A，B的相撞面分别粘上橡皮泥，便于二者相撞后连成一体； 实验装置如图甲所示，铝质粗糙导轨槽固定在水平桌面上，其倾

8、斜的右端和水平段的左端由一小段圆弧连接，在 第 1 页，共 8 页 导轨槽的侧面且与水平导轨等高处安装一台数码频闪照相机； 将滑块 B静置于槽的水平段某处，滑块A 由槽的倾斜度适当位置静止释放，同时开始频闪拍摄，直至两滑块停止 运动，得到一幅多次曝光的照片； 多次重复步骤，得到多幅照片，挑选其中最理想的一幅，打印出来，将刻度尺紧靠照片放置，如图乙所示 请对上述操作进行分析并回答以下问题： （1）分析图乙可知，A，B 滑块碰撞发生的位置是_（选填 P5、P6或 P7） （2）为了验证碰撞中动量是否守恒，必须直接测量或读取的物理量是_ AA，B两滑块的质量 m1和 m2 B频闪照相的周期 T C滑

9、块与导轨间的动摩擦因数 D照片上测量的 S34、S45和 S56、S67 E照片上测量的 S45、S56和 S67、S78 （3）此实验验证动量守恒的表达式_（用第（2）问中的符号表示） 11. 某同学测定电源电动势和内阻，所使用的器材有：待测干电池一节（内阻很小）、电流表A（量程 0.6A，内阻 RA小 于 1）、电流表 A1（量程 0.6A，内阻未知）、电阻箱R1（099.99）、滑动变阻器 R2（010）、单刀双掷开 关 S、单刀单掷开关 K各一个，导线若干。 107kg，水现前方冰山时距离冰山 x=50m，船速 v0=16m/s，与冰山碰撞时的速度 v=4m/s，已知“雪龙”号质量m=

10、2 2 的阻力 f恒为船体重量的 0.05倍，重力加速度 g=10m/s ，计算结果均保留两位有效数字 （1）若减速过程可认为做匀变速直线运动，求发动机产生的推力大小F （2）实际上发动机是以恒定功率工作的，若发动机全速倒船的时间为8s，求发动机全速倒船时的功率P 13. 如图： 竖直面内固定的绝缘轨道abc， 由半径R=3m的光滑圆弧段bc与长L=1.5m 的粗糙水平段 ab在 b点相切而构成，O点是圆弧段的圆心，Oc与 Ob的夹角 =37； 过f点的竖直虚线左侧有方向竖直向上、 场强大小E=10N/C的匀强电场， Ocb的外侧有一长度足够长、ef与 Oc交于 c点，宽度 d=1.6m的矩形

11、区域 efgh， ecf与水平向右的方向所成的夹角为（53147），矩形区域内有方向水平 10-3kg、电荷量q=3l0-3C 的带正电小物体 Q静止向里的匀强磁场。质量m2=3 10-3kg的不带电小物体 P从轨道右端 a以在圆弧轨道上 b 点，质量 m1=1.5 v0=8m/s 的水平速度向左运动，P、Q碰撞时间极短，碰后 P以 1m/s 的速度水平 向右弹回。已知P 与 ab间的动摩擦因数 =0.5，A、B 均可视为质点，Q 的电荷 =0.6，cos37=0.8，重力加速度大小量始终不变，忽略空气阻力，sin37 g=10m/s2求： （1）碰后瞬间，圆弧轨道对物体Q 的弹力大小 FN；

12、 （2）当 =53时，物体 Q刚好不从 gh边穿出磁场，求区域 efgh内所加磁场的磁感应强度大小B1； （3）当区域 efgh内所加磁场的磁感应强度为 B2=2T 时，要让物体 Q 从 gh 边穿出磁场且在磁场中运动的时间最长， 求此最长时间 t及对应的 值。 14. 如图，有一玻璃圆柱体，横截面半径为R=10cm，长为L=100cm一点光源在玻璃圆柱体中心轴线上的A 点，与玻璃 圆柱体左端面距离 d=4cm，点光源向各个方向发射单色光，其中射向玻璃圆柱体从左端面中央半径为r=8cm圆面内 108m/s；求：射入的光线恰好不会从柱体侧面射出。光速为c=3 （i）玻璃对该单色光的折射率； （i

13、i）该单色光通过玻璃圆柱体的最长时间。 （1）该同学按图甲所示电路连接进行实验操作。请在答题卡相应位置的虚线框内补全与图甲对应的电路图。 （2）测电流表 A的内阻：闭合开关 K，将开关 S与 C接通，通过调节电阻箱R1和滑动变阻器 R2，读取电流表 A 的 示数为 0.20A、电流表 A1的示数为 0.60A、电阻箱 R1的示数为 0.10，则电流表 A 的内阻 RA=_。 （3）测电源的电动势和内阻：断开开关K，调节电阻箱 R1，将开关 S接_（填“C”或“D”），记录电阻箱 R1的阻值和电流表 A的示数；断开开关K，开关 S所接位置不变，多次调节电阻箱R1重新实验，并记录多组电阻箱 R1的

14、阻值 R和电流表 A的示数 I。 （4）数据处理：图乙是由实验数据绘出的 -R 图象，由此求出干电池的电动势E=_V、内阻 r=_（计 算结果保留二位有效数字） （5）如果电流表 A 的电阻未知，本实验_（填“能”或“不能”）测出该电源的电动势。 四、计算题（本大题共3 3 小题，共 42.042.0分） 12. 中国南极考察队于 2019年 3月 12日返回上海，完成第 35次南极考察任务。2019年 1 月 19日，考察队乘坐的极地 考察船“雪龙”号在南极的密集冰区里航行时，受到浓雾影响，意外与冰山碰撞，在与冰山碰撞前的紧急关头，由 于控制人员处理得当，发动机及时全速倒船，船体减速前行，与

15、冰山碰撞时并未出现严重后果，假设“雪龙”号发 第 2 页，共 8 页 第 3 页，共 8 页 答案和解析 1.【答案】C 【解析】 解决本题是要知道卫星做圆周运动时万有引力完全提供向心力，卫星中的物体处于失重状态，知道卫星变 轨的原理。 3.【答案】C 【解析】 解：AB、图是 粒子散射实验装置，卢瑟福根据粒子散射实验，提出来原子的核式结构。故 AB错误； C、图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光频率越大，则光电子的最 大初动能越大。故 C 正确； D、根据光电效应规律，饱和光电流与入射光光照强度有关，与入射光的频率无关。故 D错误 故选：C。 粒子散射实验说明

16、原子具有核式结构；根据光电效应方程可得出光电子的最大初动能取决于入射光的频 率。 本题考查 粒子散射实验以及光电效应现象，关键掌握这些知识点的基本概念和基本规律。 2.【答案】D 【解析】 解：设滑块的初速度大小为v0，到达C、D两点的速度大小分别为vC与vD，根据题意可知滑块要能够到达C 点，根据动能定理有 可得 从 A点到 C 点，根据动能定理有： 根据平抛运动规律可得滑块从 C 点做平抛运动的水平分位移为 知，卫星同理从 A点到 D点，根据动能定理有：解：A、卫星在轨道II上运动，A为远月点，B为近月点，卫星运动的加速度由万有引力产生 在 B点运行加速度大，故 A错误；根据平抛运动规律可

17、得滑块从 C 点做平抛运动的水平分位移为 由题意有 x1x2，代入数据可得 故选：C。 ，故 C 正确，ABD错误。 B、卫星在轨道 I上运动，万有引力完全提供圆周运动向心力，故卫星中仪器处于完全失重状态，故 B错误； C、卫星从轨道 I变轨到轨道 II的过程中卫星轨道要减小做近心运动，提供的向心力大于所需向心力 ，又因在轨道 I上运动时万有引力和向心力相等，故变轨时需在 A点做减速运动，使得卫星满 足做近心运动，故 C 错误； 由题意，两种情况下，滑块能到达 C 点，根据动能定理即可得滑块的最小的初速度；根据动能定理分析表示 D、卫星在轨道 I上运动有：，在轨道 II上经过A点有，由于万有引

18、力大小相同， 出滑块到达 C、D两点时的速度，根据平抛运动规律可得滑块从 C、D两点做平抛运动的水平位移，由题意 故在轨道 II上的速度小于在轨道 I上经过 A点的速度，故 D正确。 列不等式，即可分析出初速度的最大值，从而即可分析。 故选：D。 本题的能量与平抛问题的综合分析，注意根据题意找出临界状态，从而根据临界条件分析问题。 卫星在轨道上运动，万有引力产生加速度，根据万有引力大小判断加速度的大小，卫星绕月球做匀速圆周 运动过程中万有引力完全提供向心力，卫星中的物体处于完全失重状态，从轨道 I变轨到轨道 II要做近心 运动，提供的向心力大于运动所需向心力，故从轨道 I到轨道 II上要减速，

19、故在轨道 I上运行时的动能大于 BC、小球从 A 开始做加速度减小的加速运动，当橡皮条的弹力的水平分力等于摩擦力时，加速度为 0，速 在轨道 II上运行时的动能。 度最大，此时小球应该位于 AO之间，故在 A、O之间的某点，小球的动量最大，故 B正确，C 错误； 4.【答案】BD 【解析】 解：A、小球在 O点，水平方向受摩擦力，加速度向左，故 A错误； 第 4 页，共 8 页 D、小球和橡皮条组成的系统，由于需要客服摩擦力做功，故系统的机械能逐渐减小，故 D 正确； 故选：BD。 解得 R=10，故 A正确； B、开关 S 断开时，副线圈的输出电压为 120V，故 B错误； C、开关 S 闭

20、合时，设开关闭合时电流表的示数为 I，则原线圈两端电压为 380-10I 小球从 A 开始做加速度减小的加速运动，当橡皮条的弹力的水平分力等于摩擦力时，加速度为 0，速度最 根据电流之比等于匝数反比可得副线圈的电流强度为 3I，副线圈两端电压为 30I 大，然后小球向左做加速度反向增大的减速运动。 理想变压器的原、副线圈的电压比为：（380-10I）：30I=3：1， 能正确分析小球的受力情况和运动情况，对物理过程进行受力分析、运动分析、做功分析，是解决问题的根 本方法。 5.【答案】BC 【解析】 解得 I=3.8A，故 C 正确； D、开关 S 闭合时，电路中消耗的总功率为 P=UI=14

21、44W，故 D错误； 故选：AC。 变压器输入电压为 U与电阻 R1两端电压的差值；再根据电流之比等于匝数的反比可求得输出电流；根据电 解：A、图线的斜率其物理意义是运动物体的加速度 a；斜率为正，表示加速度方向与所设正方向相同；斜率 为负表示加速度方向与所设正方向相反。图线在tl时刻斜率为零，所以质点在tl时刻的加速度为零，故A错 压之比等于匝数之比对两种情况列式，联立可求得 U与 I的关系；则可求得电流表的示数。 误； 本题考查理想变压器原理及应用，要注意明确电路结构，知道开关通断时电路的连接方式；同时注意明确 B、图线下的“面积”表示是运动物体在相应的时间内所发生的位移 s，t 轴上面的

22、位移为正值，t 轴下面的位 输入电压与总电压之间的关系。 移为负值。t2时刻正向面积最大，对应的位移最大，所以质点在 t2时刻离出发点最远，故 B 正确； C、质点在 tl时刻，加速度为零，外力为零，外力的功率也为零，然后逐渐增大，质点在 t2时刻速度为零，外 力的功率也为零，所以在 tlt2的时间内，外力的功率先增大后减小。故 C 正确； D、在 t2t3的时间内，质点做加速运动，外力方向和速度方向相同，外力做正功。故 D错误。 故选：BC。 C、由电势 图线的斜率其物理意义是运动物体的加速度 a；斜率为正，表示加速度方向与所设正方向相同；斜率为负表 D、电场力所做的功为电势能的减小量，因为

23、 示加速度方向与所设正方向相反。图线下的“面积”表示是运动物体在相应的时间内所发生的位移 s，t 轴上 面的位移为正值，t 轴下面的位移为负值。 本题考查了 v-t图象的特征和性质。图线的斜率其物理意义、图线和坐标轴围成的“面积”的物理意义是解决 本题的关键。 6.【答案】AC 【解析】 7.【答案】AD 【解析】 解：A、点电荷产生的电场强度为，由某点的场强大小与该点到点电荷距离二次方（E-r ）的图象像可 2 22 l0-9C，故 A正确；知，r =1m 时，场强大小为 36V/m，则可得点电荷的电荷量为 4 B、由电场强度，可知电场强度大小之比为 Eb ：Ec=9：4，故 B错误； 可知

24、电势之比为 a：b=2：1，故 C 错误； ，a点场强为 36V/m，b 点场强为 9V/m，c点场强为 4V/m，距离点电荷的位置分别为 1、2、3，所以电势能减小量之差也就是电场力所做的功为 Wab：Wbc=3：1， 故 D正确。 故选：AD。 点电荷产生的电场强度为 l0-9C；、由电场强度，结合图象中的第一个点，可知点电荷的电荷量为 4 可知电势之比；电场力所做的功为电势能的减小量，根，可知电场强度大小之比；根据电势 解：A、当开关 S 断开时，电流表的示数为 2A，所以原线圈电压为 380-2R， 变压器原、副线圈匝数比为 3：1，根据电压之比等于匝数之比得副线圈电压是（380-2R

25、）， 2R， 根据电流之比等于匝数的反比得副线圈电流是 6A，所以（380-2R）=6 l0-9C，可得电势能的减小量之比。据求出的电荷量为 4 本题主要考察了点电荷形成的电场分布以及电势的概念，以及电场力做功等于电势能的减小量，根据图象 提供的信息求出电荷量并得出各点电场的情况。较为基础。 第 5 页，共 8 页 8.【答案】BC 【解析】 长和周期，求出波速。根据时间与周期的关系求出路程；根据其位移确定回复力和加速度的方向。 =，根据平衡条件可得解决本题的关键能够从波动图象和振动图象中获取信息，知道振动和波动的联系和区别；由振动图象的斜 率能读出振动方向，由波动图象判断波的传播方向。 ，故

26、 B正确； ，全 10.【答案】P6AEm1（3S56-S45）=（m1+m2）（3S67-S78） 【解析】 解：A、在位置 II时，两边都切割磁感应线，感应电动势 E=2BLv，电流强度 I= 外力为 F2=2BIL=，故 A错误； B、在位置 II时线框中的电功率为 P=F2v= C、在位置进入磁场过程中，只有一条边切割磁感应线，产生的感应电动势为 BLv，安培力 F1= 过程中产生的电能为 E=W=F1L+F2=，故 C 正确； =0，故 D错误。 解：（1）P6之前物体的运动距离越来越小；但每两段之间距离的差值都相等；故说明物体在 P 6 位置之前一直 做匀减速运动；而在 P6位置两

27、滑块相遇；故 A、B相撞的位置在 P6 处。 （2）（3）设碰撞前滑块 A在 P4、P5、P6的速度分别为 v4、v5、v6， 碰撞后，整体在 P6、P7、P8的速度分别为 v6，v7、v8， 则 v4= ，v5= ，又 v5=， ， D、此过程中线圈内磁通量的变化=0，通过导线横截面的电荷量为 q= 故选：BC。 在位置 II时，两边都切割磁感应线，两边都受安培力，根据平衡条件可得外力；根据 P=Fv求解在位置 II时 线框中的电功率；全过程中产生的电能等于克服安培力做的功；根据电荷量的经验公式求解通过导线横截 面的电荷量。 对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定

28、律或平衡条件列出方程；另一条 是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。 9.【答案】ACE 【解析】 得到碰撞前滑块 A速度 v6= 由于是做匀变速运动，则：S45-S34=S56-S45 联立可得：v6=， ，同理，碰撞后整体的速度 v6= 原来需要验证的方程为 m1v6=（m1+m2）v6 ， 将上两式代入整理得：m1（3S56-S45）=（m1+m2）（3S67-S78）， 即需要验证的表达式，需要直接测量的物理量是： 故 B错误；A、B两个滑块的质量 m1和 m2及 S34、S45、S56和 S67、S78、S89； 故 AE正确。 故答案为：

29、（1）P6；（2）AE；（3）m1（3S56-S45）=（m1+m2）（3S67-S78）。 根据匀变速直线运动的推论分别研究碰撞前滑块在 P4、P5的速度，根据 P6、P5和 P5、P4速度差相等研究 P6 的速度，同理求出碰撞后滑块 P7、P8的速度，再速度差相等求出碰撞后共同的速度。 本题原理较为复杂，可采用平衡摩擦力，使碰撞前后滑块都做匀速直线运动，方便易行。实验主要是要把动 解：A、振动图象的斜率表示速度，由乙图读出，在 t=0.10s时 Q点的速度方向沿 y轴负方向。由波形的平移 法判断可知该波沿 x 轴负方向的传播。故 A正确； B、由甲图读出波长为 =4m，由乙图读出周期为 T

30、=0.2s，则波速为 C、从 t=0到 t=0.15s，波传播的距离为 s=vt=200.15m=3m，故 C 正确； D、从 t=0.10s到 t=0.15s，经过时间为t=0.05s=，由于在 t=0.10s时质点 P 不在平衡位置和最大位移处，所 以从 t=0.10s到 t=0.15s，质点 P 通过的路程不等于 A=10cm。故 D错误； E、在 t=0.15s时，即从 t=0.10s 时刻开始经过四分之一个周期，质点 P 在平衡位置上方，加速度的方向沿 y 轴负方向，故 E正确。 量守恒用水平方向的位移表示出来，同学们一定要注意掌握，因为这是本实验的一个重要的技巧。 故选：ACE。

31、由乙图读出，Q点和P点在t=0.10s时的振动方向，则由甲图判断出波的传播方向；由两图分别由两图读出波 11.【答案】0.20D1.50.25 能 【解析】 第 6 页，共 8 页 解：（1）根据图甲所示电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示： 108W解得：P=2.4 107N；答：（1）发动机产生的推力大小F 为 3.8 108W。（2）发动机全速倒船时的功率P为 2.4 【解析】 （1）根据运动规律计算出加速度大小，再根据牛顿第二定律算出推力的大小； （2）根据功能关系可知，全速倒船时发动机所做的功，再根据 W=Pt 可知倒船时的功率。 本题考查了牛顿第二定律及动能关系的应用，解题的关

32、键是梳理清楚题目中的运动过程及所给的条件，根 （2）根据串并联电路的规律可知，流过电阻箱 R1的电流 I=（0.60-0.20）A=0.40 A；电压 U=0.100.40 V=0.040 V，则电流表内阻 RA=0.20。 据问题列方程找未知量进行解答即可。 13.【答案】解：（1）设 P 碰撞前后的速度分别为v1和 v1，Q 碰后的速度为 v2。 -从 a到 b，对 P，由动能定理有-m1gL=（3）测电源的电动势和内阻：断开开关 K，调节电阻箱 R1，将开关 S 接 D。 （4）根据（3）中步骤和闭合电路欧姆定律可知 E=I（R+RA+r）， 变形可得：= 根据图象可知 + = ，=0.

33、3，解得 E=1.5 V，r=0.25； 解得 v1=7m/s 碰撞过程中，对 P、Q 系统，取向左为正方向，由动量守恒定律有m1v1=m1v1+m2v2。 由题意有 v1=-1m/s 解得 v2=4m/s 在 b点，对 Q，由牛顿第二定律有FN-m2g=m2 （5）由式可知：当电流表内阻未知时，能测出电动势，但不能测出内电阻。 故答案为：（1）电路图如图所示；（2）0.20；（3）D；（4）1.5；0.25；（5）能。 （1）根据实物电路图作出实验电路图。 （2）根据实验电路图与实验步骤，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电流表内阻。 （3）根据实验原理与实验电路图完成实验步骤。 （4）（

34、5）根据实验电路应用闭合电路的欧姆定律求出图线的函数表达式，然后根据图示图线求出电源电动势 与内阻。 本题考查测量电动势和内电阻的实验，要求能明确实验原理，掌握实物图的连接，并能正确根据图象分析 数据求出电动势和内电阻。 12.【答案】解：（1）由匀变速直线运动规律可知： 10-2N代入数据解得 FN=4.6 （2）设 Q在 c点的速度为 vc。 =从 b到 c，对 Q，由机械能守恒定律有m2gR（1-cos）+ 代入数据解得 vc=2m/s 10-2N进入电磁场后，Q所受的电场力为 F=qE=3 10-2N而 m2g=3 因 m2g=F，故 Q在电磁场中做匀速圆周运动 由牛顿第二定律有 qvcB1=m2 Q刚好不从 gh边穿出磁场，由几何关系有r1=d=1.6m 解得 B1=1.25T （3）当所加磁场的磁感应强度为B2=2T 时，有 qvcB2=m2 解得 r2=1m 要让物体 Q从 gh边穿出磁场且在磁场中运动的时间最长，则Q磁场中运动的轨迹对应的圆心角最大，即当gh边或 ef边 与轨迹圆相切时（如答图2、3所示）。 设最大圆心角为 ，由几何关系有 对船体受力分析可知： F+f