信息必刷卷02（天津专用）-2025年高考物理考前信息必刷卷

第第页试卷第=page22页，共=sectionpages2222页2025年高考考前信息必刷卷02（天津专用）物理（考试时间：60分钟试卷满分：100分）考情速递高考风向天津高考物理试题以立德树人为目标，以核心素养为导向，注重知识结构化整合，融合高频考点，不断增强试题的创新性与开放性。试题题型结构稳中求变，注重基础知识和应用能力的结合，考查知识迁移能力，对数学工具的要求逐步升级。真实问题情境设计占比不断升高，且重点涉及到生活实践、科技前沿、传统文化渗透；情境设计逐层进阶，从基础层→进阶层→创新层。高考预测2025年天津高考物理试题延续以往风格，重点考查力学：牛顿运动定律（连接体问题、斜面模型）；能量与动量（碰撞、弹簧系统、功能关系）；圆周运动与万有引力（卫星变轨、天体密度计算）。电磁学电场与磁场（叠加场中的粒子运动、复合场问题）；电磁感应（动生/感生电动势综合、含容电路分析）；交流电与变压器（非理想变压器、动态电路）。选修内容：热学（理想气体状态方程与热力学第一定律结合）；光学（干涉/衍射定量计算、折射率测量实验）；原子物理（能级跃迁、核反应方程与质能关系）；实验（如“伏安法测电阻”“验证机械能守恒”），重点掌握实验设计、注意事项、数据处理、误差分析（如系统误差与偶然误差的区分）、创新设计，例如：改进传统实验方案、分析非常规数据（如传感器采集结果）、误差来源的多角度讨论。我们要关注天津本地科技资源如国家超级计算天津中心、"海燕"水下滑翔机等本土科技项目以及"双碳目标下的新能源技术""人工智能中的传感器应用"等社会热点关联的物理问题，结合科技热点（如航天工程、新能源技术）或生活场景（如智能设备、交通系统）等衍生的物理命题素材。以及可能调整的考点范围（如增加“波粒二象性”“传感器”等内容）。注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1.物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展，关于原子核的认识中，下列说法正确的是（

）A．卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，提出了原子的“枣糕模型”B．原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒C．已知的半衰期是87.7年，1000个经过87.7年后一定还剩余500个D．原子核的结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子就越稳定【答案】B【详解】卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，提出了原子的“核式结构模型”，原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒，故B正确；半衰期是一个统计规律，只针对大量的原子核才成立，对少数、个别原子核不成立，故C错误；原子核的比结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子就越稳定，故D错误。故选B。2.如图是一种用折射率法检测海水盐度装置的局部简化图。让光束从海水射向平行空气砖（忽略薄玻璃壁厚度）再折射出来，通过检测折射光线在不同盐度溶液中发生的偏移量d，进而计算出海水盐度。已知某一温度下，海水盐度变大引起折射率变大。下列说法正确的是（）A．一束复色光透过平行空气砖分成1、2两束光，则两束光不一定平行B．一束复色光透过平行空气砖分成1、2两束光，则1光的频率更高C．一束单色光射向平行空气砖后偏移量变大，说明海水的盐度变大D．一束单色光射向平行空气砖后偏移量变小，说明海水的盐度变大【答案】C【详解】光线经过玻璃砖上下两个表面两次折射后，出射光线与入射光线平行，故A错误；由图可知，光线在左侧面折射时，光线1的折射角小，根据折射定律可知，光线1的折射率较小，频率较小，故B错误；由图可知，光线1的折射率小，偏移量小，所以若一束单色光射向平行空气砖后偏移量变大，说明折射率变大，即海水的盐度变大，若偏移量变小，说明海水的盐度变小，故C正确，D错误。故选C。3.利用静电纺丝技术制备纳米纤维材料是近年来材料领域的重要技术。如图所示，初始时无电场，喷嘴处的球形液滴保持静止；随着高压电场逐渐增强，液滴带上正电荷且由球形变为圆锥形（即“泰勒锥”）；当电压增至某个临界值时（假设此后电压保持不变），液滴从尖端喷出，在非匀强电场的作用下向下方运动，M、N为直线路径上的两点。以下说法正确的是（）A．喷嘴处的球形液滴在无电场的情况下只受重力B．液滴从M到N的过程做匀加速直线运动C．液滴从M到N的过程电场力做负功D．液滴向下做螺旋运动时电势能减小【答案】D【详解】喷嘴处的球形液滴在无电场的情况下受重力和表面张力，A错误；液滴在非匀强电场中运动，电场力是变力，则加速度是变化的，所以液滴从到的过程做变加速直线运动，B错误；液滴带正电，从到的过程中电场力方向竖直向下，与位移方向相同，则电场力做正功，C错误；液滴向下做螺旋运动时电场力做正功，电势能减小，D正确。故选D。4.某科技公司设计的一套多用途城市无人驾驶系统如图所示，由乘客舱和三角形支架组成，支架的四条完全相同带轮触脚可绕轴转动。先将乘客舱悬空固定于支架顶部，再利用自身的动力系统调节触脚与竖直方向的夹角以升高乘客舱，然后利用自动驾驶系统，将乘客舱运送至相应地点。已知三角形支架和乘客舱的总质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．乘客舱被缓慢吊起过程中，夹角逐渐增大B．乘客舱被缓慢吊起过程中的某个时刻，地面对每个轮子的支持力为C．乘客舱被缓慢吊起过程中，地面对每个轮子的作用力发生了变化D．该装置在平直公路上加速行驶时，支架对乘客舱的作用力等于乘客舱的重力【答案】C【详解】触脚与竖直方向的夹角，设左右两个轮子之间的距离为，乘客舱的高度为，三角形支架如下图由，当变小，变大时，变小，故A错误；设地面对每个轮子的支持力为，乘客舱被缓慢吊起过程中可以看成匀速运动，根据平衡条件得，解得，故B错误；设每个触角对乘客舱的作用力为，对乘客舱受力分析，如下图根据平衡条件，可得，解得，根据牛顿第三定律，可知触角对轮子的作用力和地面对每个轮子的作用力的大小为，可得与有关，乘客舱被缓慢吊起过程中，发生了变化，因此地面对每个轮子的作用力发生了变化，故C正确；当该装置在平直公路上加速行驶时，根据牛顿第二定律，乘客舱受到的合力不等于零，因此支架对乘客舱的作用力不等于乘客舱的重力，故D错误。故选C。5.2024年11月中旬，“天舟八号”货运飞船由“长征七号”遥九运载火箭发射入轨。“天舟八号”除了承担了向空间站运送货物的运输使命，还肩负着一次“特殊”的科学任务——把我国科研人员根据月壤样品所研究出来的月壤砖送到月球上，这样人们就能够在月球上如愿建立属于地球人的月球基地。“天舟八号”多次变轨简化示意图如图所示。从近地轨道1的P点变轨到椭圆轨道2，在远地点Q再次变轨转移到330千米的圆轨道3，在距天宫一号目标飞行器后下方约52千米处，飞船采用快速交会对接模式对接于中国空间站“天和”核心舱后向端口。对“天舟八号”此次变轨及对接过程，下列说法中正确的是（）A．“天舟八号”在近地轨道1的速度大于轨道2在P点的速度B．“天舟八号”在椭圆轨道2上任何一点的速度一定小于7.9km/sC．“天舟八号”需在轨道3再次加速才能到达天宫一号所在轨道与之对接D．“天舟八号”在轨道3稳定运行时，经过Q点的加速度小于轨道2上经过Q点的加速度【答案】C【详解】“天舟八号”在近地轨道1需要加速才能变轨到轨道2，故“天舟八号”在近地轨道1的速度小于轨道2在P点的速度，“天舟八号”在近地轨道的线速度为7.9km/s，故“天舟八号”在椭圆轨道2上经过P点的速度大于7.9km/s，故AB错误；“天舟八号”需在轨道3再次加速才能到达天宫一号所在轨道与之对接，故C正确；“天舟八号”在轨道3稳定运行时，根据万有引力提供向心力有，可知，经过Q点的加速度等于轨道2上经过Q点的加速度，故D错误。故选C。6.如图所示，一杯未开封的加冰奶茶静置在桌上一段时间后，冰未完全融化，密封气体体积增大，不考虑水分子汽化、液化和气体溶解的影响，气体与奶茶的温度相同，密封气体可视为理想气体，下列关于密封气体的说法正确的是（）A．从外界吸热 B．分子平均动能增大C．单位时间内撞击器壁的分子数减少 D．压强增大【答案】AC【详解】由于冰（晶体）未完全融化，还处于冰水混合物，温度不变，分子平均动能不变，冰融化过程中，气体体积增大，对外界做功，根据热力学第一定律可得，其中，因此，气体从外界吸热，故A正确，B错误；根据玻意耳定律，可知压强减小，气体体积增大，分子总数不变，单位体积的分子数变少，又分子平均速率不变（温度不变），故单位时间内撞击器壁的分子数减少，故C正确，D错误；故选AC。7.杜甫曾在《曲江》中提到：穿花蛱蝶深深见，点水蜻蜓款款飞。平静水面上的S处，“蜻蜓点水”时形成一列水波向四周传播（可视为简谱波），A、B两点与S在同一条直线上，C、S在另外一条直线上。图示时刻，A在波谷，B、C在不同的波峰上。已知波速为v，A、B连线在水平方向的距离为a，则不正确的是（）A．水波的波长为2aB．A点振动频率为C．到达第一个波峰的时刻，C比A滞后D．从图示时刻起，经过的时间，B、C之间的距离增大了【答案】BD【详解】由图可知，A在波谷，B在波峰上，A、B连线在水平方向的距离为a，可知波长为λ＝2a，A正确，不符题意；根据v＝λfA点振动频率为，B错误，符合题意；由图可知，由于BC在不同的波峰，且AB连线在水平方向的距离为a，则波从A传播到C相隔距离为Δx＝a+λ＝a+2a＝3a，所以到达第一个波峰的时刻，C比A滞后，C正确，不符题意；由于质点只是上下振动，不随波传播方向迁移，则B、C之间的距离保持不变，D错误，符合题意。故选BD。8.“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，模拟远距离高压输电的示意图如图所示。已知升压变压器原、副线圈两端的电压分别为和，降压变压器原、副线圈两端的电压分别为和。在输电线路的起始端分别接入电压互感器和电流互感器，两个互感器原、副线圈的匝数比分别为和，各互感器和电表均为理想状态。下列说法正确的是（）A．电压互感器起降压作用，电流互感器起减小电流作用B．若电压表的示数为200V，电流表的示数为5A，则线路的输电功率为800kWC．若保持和用户数不变，仅将滑片下移，则输电线损耗功率减小D．若保持不变，仅增加用户数，为保持不变，可将滑片上移【答案】AD【详解】电压互感器起降压作用，电流互感器起减小电流作用，故A正确；电压互感器原线圈两端电压，电流互感器原线圈中的电流，对于理想变压器，线路输送电功率，故B错误；仅将滑片Q下移，相当于增加了升压变压器副线圈的匝数，根据理想变压器的规律，升压变压器副线圈两端的电压增大；降压变压器原线圈两端电压增大，副线圈两端电压增大，通过负载的电流，又用户数不变，即负载总电阻R不变，则增大，降压变压器原线圈中的电流，匝数比不变，增大，根据，则输电线上损耗功率增大，故C错误；仅增加用户数，即负载总电阻R减小，若降压变压器副线圈两端电压不变，则通过副线圈的电流，增大，降压变压器原线圈中的电流增大，输电线上的电压损失可知输电线上的电压损失增大；原线圈两端电压，减小，根据，可知，当减小时，减小可以使不变，所以要将降压变压器的滑片P上移，故D正确。故选AD。二、非选择题：共4题，共60分。9（1）如图甲所示为验证机械能守恒定律的实验装置：①实验操作如下：用天平分别测出重物A和B的质量和（A的质量含挡光片、B的质量含挂钩，且），用螺旋测微器测出挡光片的宽度d，测量结果如图乙所示，则mm；将重物A、B用绳连接后，跨放在轻质定滑轮上，用水平撑板托住重物B，将光电门固定在与重物B等高处，测量挡光片中心到光电门中心的竖直距离h，打开水平撑板，重物B由静止开始下落；③记录挡光片经过光电门的时间Δt。②如果系统（重物A、B）的机械能守恒，应满足的关系式为（以A所在初位置为零势能面，用、、重力加速度g、Δt、d和h表示）。③改进实验，多次改变重物A的释放位置，测出多组h、Δt，并计算出重物A经过光电门时的速度v，以为纵轴，以h为横轴，作出图像，测得该图像的斜率为k。若A、B质量之比（用g、k表示），则可得，即系统机械能守恒。④为提高实验结果的准确程度，以下建议中确实对提高准确程度有作用的是________A．绳的质量要轻且尽可能光滑B．钩码质量越小越好C．挡光片的宽度越大越好D．尽量保证重物只沿竖直方向运动，不要晃动【答案】①5.315/5.314/5.316②③④AD【详解】①螺旋测微器的精确值为，由图乙可知挡光片的宽度②重物A经过光电门时的速度大小为，系统的重力势能减少量为，系统的动能增加量为，联立可得如果系统（重物A、B）的机械能守恒，应满足的关系式为③由，整理可得，则有解得A、B质量之比④绳的质量使得绳子具有一定的动能，绳和滑轮间的摩擦会产生一定的内能，所以绳的质量要轻且尽可能光滑，故A正确；钩码的质量应大一些，使重物A经过光电门时的速度大一些，通过光电门的挡光时间短一些，则计算出来的速度误差小一些，故B错误；挡光片的宽度越小，挡光时间越短，则计算出来的速度误差就越小，故C错误；为了减小误差，应尽量保证重物只沿竖直方向运动，不要晃动，故D正确。故选AD。（2）同学们帮助老师整理实验室时，发现一个用电流表G改装的简易欧姆表（尚未重新标度），电流表G表盘上的刻度值已经模糊不清，但是刻度线仍均匀且清晰，同学们通过实验测量该欧姆表的最大内阻。①如图1所示，将欧姆表内的滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，插入表笔，其中b应该是表笔（填“红”或“黑”）。②将两表笔与电阻箱的两接线柱连接，调节电阻箱的阻值。当电流表G表盘上指针对准某条刻度线时，数出指针偏转的小格数n，并记录下相应电阻箱的阻值R，某次电阻箱的阻值如图2所示，为。③改变电阻箱的阻值，重复步骤（2），读出多组小格数n和电阻箱的阻值R，作出图像如图3所示，图线的斜率为k，截距为b，则欧姆表的最大内阻为（用k，b表示），若要用此图像计算出欧姆表内部电源的电动势，还需要知道的物理量是。【答案】①黑②1969.2③每一格表示的电流大小【详解】①多用电表使用欧姆挡时，使用内置电源，根据电流“红进黑出”原则，插入表笔，黑表笔与内置电源正极相连，其中b应该是黑表笔。②根据读数规则，电阻箱的阻值③设每一小格代表的电流大小为，欧姆表的最大内阻为，根据闭合电路欧姆定律得解得，根据图像，图线的斜率为k，截距为b，可知，，联立解得，，则欧姆表的最大内阻为，若要用此图像计算出欧姆表内部电源的电动势，还需要知道的物理量是每一格表示的电流大小。10.如图所示，足够长“L”型平板B静置在光滑的水平地面上，其上表面光滑，物块A处于平板B上的点，用长为的轻绳将质量为的小球悬挂在点正上方的点。轻绳处于水平拉直状态，小球可视为质点，将小球由静止释放，下摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞。物块A沿平板滑动直至与右侧挡板发生完全非弹性碰撞，所有碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，已知A的质量为的质量，取，求：(1)小球摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞前，小球对轻绳的拉力；(2)小物块A与平板B碰撞过程中，系统损失的动能。【答案】(1)，方向竖直向下(2)【详解】（1）小球由静止释放至最低点过程机械能守恒，有得在最低点由牛顿第二定律得联立解得由牛顿第三定律可知方向竖直向下。（2）A与球发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有解得接着A与B发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律和能量守恒定律有解得11.如图甲所示，间距为0.25m的平行虚线PQ与MN间有沿水平方向的匀强磁场，磁场磁感应强度大小随时间变化规律如图乙所示，电阻为0.2Ω的矩形金属线框abcd竖直放置，ab边在磁场下方、cd在磁场上方，磁场方向与线框平面垂直，在时刻，由静止释放线框，线框运动过程中始终在同一竖直面内，且ab边始终水平，线框cd边在时刻进入磁场并刚好能