江苏专版2025版高考物理一轮复习第十章第1节交变电流的产生及描述讲义含解析

PAGEPAGE9交变电流的产生及描述(1)矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时，肯定会产生正弦式交变电流。(×)(2)线圈在磁场中转动的过程中穿过线圈的磁通量最大时，产生的感应电动势也最大。(×)(3)矩形线圈在匀强磁场中匀速转动经过中性面时，线圈中的感应电动势为零，电流方向发生变更。(√)(4)沟通电气设备上所标的电压和电流值是交变电流的有效值。(√)(5)沟通电压表和电流表测量的是沟通电的峰值。(×)(6)交变电流的峰值总是有效值的eq\r(2)倍。(×)突破点(一)交变电流的产生和描述1．正弦式交变电流的产生(1)线圈绕垂直于磁场方向的轴匀速转动。(2)两个特别位置的特点：①线圈平面与中性面重合时，S⊥B，Φ最大，eq\f(ΔΦ,Δt)＝0，e＝0，i＝0，电流方向将发生变更。②线圈平面与中性面垂直时，S∥B，Φ＝0，eq\f(ΔΦ,Δt)最大，e最大，i最大，电流方向不变更。(3)电流方向的变更：线圈通过中性面时，电流方向发生变更，一个周期内线圈两次通过中性面，因此电流的方向变更两次。(4)交变电动势的最大值Em＝nBSω，与转轴位置无关，与线圈形态无关。2．正弦式交变电流的变更规律(线圈在中性面位置起先计时)函数表达式图像磁通量Φ＝Φmcosωt＝BScosωt电动势e＝Emsinωt＝nBSωsinωt电流i＝Imsinωt＝eq\f(Em,R＋r)sinωt电压u＝Umsinωt＝eq\f(REm,R＋r)sinωt[题点全练]1.[多选](2024·海南高考)如图，在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，有一面积为S的矩形单匝闭合导线abcd，ab边与磁场方向垂直，线框的电阻为R。使线框以恒定角速度ω绕过ad、bc中点的轴旋转。下列说法正确的是()A．线框abcd中感应电动势的最大值是BSωB．线框abcd中感应电动势的有效值是BSωC．线框平面与磁场方向平行时，流经线框的电流最大D．线框平面与磁场方向垂直时，流经线框的电流最大解析：选AC一个单匝线圈在匀强磁场中旋转，当从中性面起先计时，产生的正弦式交变电流电动势的瞬时值表达式为：e＝Emsinωt，感应电动势的最大值Em＝BSω，有效值E＝eq\f(Em,\r(2))，故A正确，B错误；当θ＝90°时，即线框平面与磁场方向平行时，电流最大，故C正确，D错误。2.[多选]如图所示，图线a和图线b分别表示线圈A和线圈B在同一匀强磁场中匀速转动时通过线圈的磁通量随时间的变更规律。已知线圈A的匝数与线圈B的匝数分别为10匝和30匝，以下说法正确的是()A．线圈A与线圈B的转速之比为2∶3B．线圈A与线圈B产生的最大电动势之比为1∶1C．线圈A产生的感应电动势的瞬时值表达式为e＝500πcos(5πt)VD．线圈B在t＝0.3s时刻的感应电流为零解析：选BC依据题给图像可知，A的周期为0.4s，B的周期为0.6s，所以周期之比为2∶3，依据ω＝eq\f(2π,T)得：转速之比为3∶2，故A错误；依据Em＝nωΦm可知：eq\f(EmA,EmB)＝eq\f(10×3×10,30×2×5)＝eq\f(1,1)，故B正确；EmA＝10×10×eq\f(2π,0.4)V＝500πV，依据e＝Emcosωt得：线圈A的感应电动势的瞬时值表达式为e＝500πcos(5πt)V，故C正确；线圈B在t＝0.3s时刻时，磁通量为零，感应电动势最大，所以感应电流不为零，故D错误。突破点(二)有效值的理解与计算有效值的求解(1)计算有效值的依据是电流的热效应，抓住“三同”：“相同时间”内“相同电阻”上产生“相同热量”列式求解。(2)利用公式Q＝I2Rt和Q＝eq\f(U2,R)t可分别求得电流有效值和电压有效值。[典例]电阻R1、R2与沟通电源依据图甲所示方式连接，R1＝10Ω，R2＝20Ω。合上开关S后，通过电阻R2的正弦式交变电流i随时间t变更的状况如图乙所示。则()A．通过R1的电流有效值是1.2AB．R1两端的电压有效值是6VC．通过R2的电流有效值是1.2eq\r(2)AD．R2两端的电压最大值是6eq\r(2)V[解析]首先从沟通电图像中找出交变电流的最大值即通过R2的电流最大值为0.6eq\r(2)A，由正弦式交变电流最大值与有效值的关系Im＝eq\r(2)I可知其有效值为0.6A，由于R1与R2串联，所以通过R1的电流有效值也是0.6A，选项A、C错；R1两端电压有效值为U1＝IR1＝6V，选项B对；R2两端电压最大值为U2m＝ImR2＝0.6eq\r(2)×20V＝12eq\r(2)V，选项D错。[答案]B[多维探究][变式1]把图像下半部分翻到t轴的上面正弦沟通电是由闭合线圈在匀强磁场中匀速转动产生的。线圈中感应电动势随时间变更的规律如图所示，则此感应电动势的有效值为________V。解析：由有效值的定义式得：eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(311,\r(2))))2,R)×eq\f(T,2)×2＝eq\f(U2,R)T，得：U＝220V。答案：220V[变式2]仅余eq\f(1,2)周期的波形家用电子调光灯的调光功能是用电子线路将输入的正弦沟通电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调整电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压便利且体积小。某电子调光灯经调整后电压波形如图所示，求灯泡两端的电压的有效值。解析：从u­t图像看出，每个周期的前半周期是正弦图形，其有效值为U1＝eq\f(Um,\r(2))；后半周期电压为零。依据有效值的定义，eq\f(U2,R)T＝eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(Um,\r(2))))2,R)·eq\f(T,2)＋0，解得U＝eq\f(Um,2)。答案：eq\f(Um,2)[变式3]仅余eq\f(1,4)周期的波形如图所示为一个经双可控硅调整后加在电灯上的电压，正弦沟通电的每一个二分之一周期中，前面四分之一周期被截去，则现在电灯上电压的有效值为()A．Um B.eq\f(Um,\r(2))C.eq\f(Um,3) D.eq\f(Um,2)解析：选D从U­t图像上看，每个eq\f(1,4)周期正弦波形的有效值U1＝eq\f(Um,\r(2))，依据有效值的定义：eq\f(U2,R)T＝eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(Um,\r(2))))2,R)×eq\f(T,4)×2＋0，解得：U＝eq\f(Um,2)，D正确。[变式4]把正余弦波形变成矩形波形如图所示，表示一沟通电的电流随时间而变更的图像，此沟通电的有效值是()A．5eq\r(2)A B．3.5eq\r(2)AC．3.5A D．5A解析：选D沟通电的有效值是依据其热效应定义的，它是从电流产生焦耳热相等的角度动身，使沟通电与恒定电流等效。设沟通电的有效值为I，令该交变电流通过一阻值为R的纯电阻，在一个周期内有：I2RT＝I12Req\f(T,2)＋I22Req\f(T,2)。所以该沟通电的有效值为I＝eq\r(\f(I12＋I22,2))＝5A。[变式5]上下波形的最大值不一样电压u随时间t的变更状况如图所示，求电压的有效值？解析：由有效值的定义式得：eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(156,\r(2))))2,R)×eq\f(T,2)＋eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(311,\r(2))))2,R)×eq\f(T,2)＝eq\f(U2,R)T，得：U＝55eq\r(10)V。答案：55eq\r(10)V[变式6]在电阻两端并联二极管如图所示电路，电阻R1与电阻R2阻值相同，都为R，和R1并联的D为志向二极管(正向电阻可看作零，反向电阻可看作无穷大)，在A、B间加一正弦沟通电u＝20eq\r(2)sin100πtV，则加在R2上的电压有效值为()A．10V B．20VC．15V D．5eq\r(10)V解析：选D电压值取正值时，即在前半个周期内，二极管电阻为零，R2上的电压等于输入电压值，电压值取负值时，即在后半周期内，二极管电阻无穷大可看作断路，R2上的电压等于输入电压值的一半，据此可设加在R2的电压有效值为U，依据电流的热效应，在一个周期内满意eq\f(U2,R)T＝eq\f(202,R)eq\f(T,2)＋eq\f(102,R)eq\f(T,2)，可求出U＝5eq\r(10)V。故选项D正确。[方法规律]几种典型交变电流的有效值电流名称电流图像有效值正弦式交变电流I＝eq\f(Im,\r(2))正弦半波电流I＝eq\f(Im,2)矩形脉动电流I＝eq\r(\f(t0,T))Im非对称性交变电流I＝eq\r(\f(1,2)I12＋I22)突破点(三)交变电流“四值”的理解和应用对交变电流“四值”的比较和理解物理量表达式适用状况及说明瞬时值e＝Emsinωtu＝Umsinωti＝Imsinωt计算线圈某时刻的受力状况最大值(峰值)Em＝nBSωIm＝eq\f(Em,R＋r)探讨电容器的击穿电压有效值对正(余)弦沟通电有：E＝eq\f(Em,\r(2))U＝eq\f(Um,\r(2))I＝eq\f(Im,\r(2))(1)计算与电流的热效应有关的量(如电功、电功率、电热等)(2)电气设备“铭牌”上所标的一般是有效值(3)保险丝的熔断电流为有效值(4)电表的读数为有效值平均值eq\x\to(E)＝BLeq\x\to(v)eq\x\to(E)＝neq\f(ΔΦ,Δt)eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R＋r)计算通过电路截面的电荷量[题点全练]1.[多选]试验室里的沟通发电机可简化为如图所示的模型，正方形线圈在水平匀强磁场中绕垂直于磁感线的OO′轴匀速转动。今在发电机的输出端接一个电阻R和志向电压表，并让线圈每秒转25圈，读出电压表的示数为10V。已知R＝10Ω，线圈电阻忽视不计，下列说法正确的是()A．线圈位于图中位置时，线圈中的瞬时电流为零B．从中性面起先计时，线圈中电流瞬时值表达式为i＝eq\r(2)sin(25πt)AC．电阻R在5s内的平均热功率等于10WD．从图所示位置转过90°过程中的平均电动势eq\x\to(E)＝eq\f(20\r(2),π)V解析：选CD线圈平面与磁场平行时，线圈与中性面垂直，感应电动势最大，则线圈中的瞬时电流最大，故A错误；电压表的示数为10V，故电压的最大值为10eq\r(2)V，最大电流为：Im＝eq\f(Um,R)＝eq\f(10\r(2),10)A＝eq\r(2)A，角速度：ω＝2πn＝2π×25rad/s＝50πrad/s，故从中性面起先计时，线圈中感应电流瞬时值表达式为：i＝Imsinωt＝eq\r(2)sin(50πt)A，故B错误；电阻R上的热功率：P＝I2R＝12×10W＝10W，故C正确；从题图所示位置转过90°过程中的平均电动势eq\x\to(E)＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(Φm,Δt)＝eq\f(\f(Em,ω),\f(π,2ω))＝eq\f(2Em,π)＝eq\f(20\r(2),π)V，故D正确。2.(2024·盐城中学检测)如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，大小为B0＝1T，电阻为R＝2Ω、边长为L＝1m的正方形线框abcd水平放置，OO′为过ad、bc两边中点的直线，线框全部位于磁场中。现将线框右半部固定不动，而将线框左半部以角速度ω绕OO′为轴向上匀速转动，如图中虚线所示：(1)求线框向上转动60°的过程中通过导线横截面的电荷量；(2)若线框左半部分以角速度ω＝10rad/s绕OO′向上转动90°，求此过程中线框中产生的焦耳热；(3)若线框左半部分也固定不动，此时磁感应强度随时间按B＝1＋4t(T)变更，求磁场对线框ab边的作用力F随时间变更的关系式。解析：(1)线框在转动过程中产生的平均感应电动势eq\x\to(E)＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(B0\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(L2,2)－\f(L2,2)cos60°)),Δt)＝eq\f(B0L2,4Δt)；在线框中产生的平均感应电流eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R)，转动过程中通过导线某截面的电荷量q＝eq\x\to(I)·Δt，联立解得q＝0.125C。(2)Em＝eq\f(B0L2ω,2)＝5V，在转过90°过程中产生的正弦式沟通电，电动势有效值E＝eq\f(5\r(2),2)V；在转过90°过程中产生的焦耳热Q＝eq\f(E2,R)t＝eq\f(E2,R)·eq\f(π,2ω)＝eq\f(5π,16)J。(3)若线框固定不动，磁感应强度随时间按B＝1＋4t(T)变更，在线框中产生的感应电动势大小E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)×L2，解得E＝4V，在线框中产生的感应电流I＝eq\f(E,R)＝2A；线框ab边所受安培力的大小为F＝BIL，解得F＝(8t＋2)N。答案：(1)0.125C(2)eq\f(5π,16)J(3)F＝(8t＋2)N3.(2024·南京、盐城一模)旋转磁极式发电机通过磁极的旋转使不动的线圈切割磁感线而产生感应电流，其原理示意图可简化为：如图所示，固定不动的单匝矩形线圈abcd的电阻为r，外电阻为R，磁场绕转轴OO′匀速转动，角速度为ω。图中的电压表为志向电表，示数为U。求：(1)发电机线圈内阻消耗的功率；(2)从图示位置起先计时，t＝0时，通过外电阻R的电流及方向；(3)从图示位置起先计时，t＝eq\f(T,4)时，穿过矩形线圈abcd的磁通量。解析：(1)依据热功率公式可知，Pr＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(U,R)))2r。(2)旋转磁极式发电机产生正弦式交变电流，依据正弦式交变电流的最大值与有效值的关系可知，Umax＝eq\r(2)U，所以电流I＝eq\f(\r(2)U,R)，依据“楞次定律”可知，电流方向为自左向右。(3)从图示位置起先计时经过eq\f(T,4)，线圈在中性面位置，所以有Emax＝BSω，磁通量Φ＝BS，由以上各式可解得：Φ＝eq\f(\r(2)UR＋r,ωR)。答案：(1)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(U,R)))2r(2)eq\f(\r(2)U,R)，方向自左向右(3)eq\f(\r(2)UR＋r,Rω)交变电流瞬时值表达式的书写问题图甲是沟通发电机模型示意图。在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路。图乙是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示。已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动。(只考虑单匝线圈)(1)线圈平面处于中性面位置时起先计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；(2)线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时起先计时，如图丙所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电