2025年高考物理二轮复习：机械振动与机械波（讲义）解析版

专题15机械振动与机械波

目录

01考情透视•目标导航............................................................................3

02知识导图•思维引航............................................................................4

03核心精讲•题型突破............................................................................5

题型一机械振动.............................................................................5

【核心精讲】...............................................................................5

一、简谐运动的条件.........................................................................5

二、简谐运动的五个特征....................................................................5

三、弹簧振子模型和单摆模型................................................................5

【真题研析】...............................................................................6

【命题预测】...............................................................................7

考向一简谐运动的特征......................................................................7

考向二弹簧振子模型........................................................................8

考向三单摆模型............................................................................10

题型二机械波...............................................................................12

【核心精讲】..............................................................................12

一、波的多解因素及解决思路...............................................................12

二、波的干涉...............................................................................12

【真题研析】..............................................................................13

【命题预测】..............................................................................14

考向一波的多解问题........................................................................14

考向二波的干涉............................................................................16

题型三振动图像和波的图像的综合应用........................................................17

【核心精讲】..............................................................................17

一、质点振动方向判断方法..................................................................17

二、波动图像和振动图像的比较.............................................................18

三、波动图像和振动图像易错点与关键.......................................................18

【真题研析】..............................................................................19

【命题预测】..............................................................................20

考向一振动图像............................................................................20

考向二波动图像............................................................................22

考向三振动图像和波动图像的结合应用.......................................................23

考情透视・目标导航

命题统计

2024年2023年2022年

命题要点

2024•浙江1月卷1102023•山东卷1102022•湖南卷116(1)

机械振动

2024•贵州卷192022.重庆卷116(1)

2024.湖南卷-T22023•北京卷-T42022•辽宁卷・T3

2024•海南卷・T102023•湖南卷132022•浙江卷6月卷116、

机械波

热2022•广东卷116(1)、

考

2022•河北卷116(1)

角

度2024•安徽卷132023•海南卷142022.山东卷19

2024•山东卷192023•湖北卷17

振动图像和波

动图像的综合2024•重庆卷110

应用

2024・四川卷115

2024•河南卷16

从近三年高考试题来看，试题以选择题为主，题目的难度不是太大，对机械

命题规律波的考查更为频繁，并且以考查机械波图像和振动图像较多，主要涉及到对机械

波描述的物理量、质点的振动物理量和机械波多解情况等内容的考查。

预计在2025年高考中，还会以选择题的形式考查机械波和机械振动，会继

考向预测

续关注机械波的波动图像和振动图像的考查。

命题情景多以波动图像和振动图像为命题背景

常用方法对称法、公式法、图像法

小知识导图•思维引航\\

机械振动与机械波波速：由介质决定

多普勒效应：波源与观察者靠近（远离），观察频率增加（减小）

w

题型一机械振动

］核心精讲q

一、简谐运动的条件

1.内容：如果物体在运动方向上所受的力与它偏离平衡位置位移的大小成正比，并且总是指向平衡位置，质

点的运动就是简谐运动。

2.公式：F=-kx(尸为回复力)

二、简谐运动的五个特征

位移特征%=Asin(a+0)

受力特征回复力：F=-kx；尸(或a)的大小与x的大小成正比，方向相反。

能量特征系统的动能和势能相互转化，机械能守恒

质点经过关于平衡位置O对称的两点时，速度的大小、动能、势能相等，相对于平衡位置

对称性特征

的位移大小相等；由对称点到平衡位置用时相等。

质点的位移、回复力、加速度和速度随时间做周期性变化，变化周期就是简谐运动的周期

周期性特征

T；动能和势能也随时间做周期性变化，其变化周期为今

三、弹簧振子模型和单摆模型

模型弹簧振子单摆

--------b

本意图

X

弹簧振子(水平)

(1)弹簧质量可忽略；(1)摆线为不可伸缩的轻细线；

简谐运动条件(2)无摩擦等阻力；(2)无空气等阻力；

(3)在弹簧弹性限度内(3)最大摆角小于5°

模型弹簧振子单摆

摆球重力沿与摆线垂直（即切向）方向的分

回复力弹簧的弹力

力

平衡位置弹簧处于原长处最低点

周期与振幅无关

T=2n4

能量转化弹性势能与动能的相互转化，机械能守恒重力势能与动能的相互转化，机械能守恒

真题研析

1.（2024.甘肃.高考真题）如图为某单摆的振动图像，重力加速度g取10m/s2,下列说法正确的是（)

A.摆长为1.6m,起始时刻速度最大B.摆长为2.5m,起始时刻速度为零

C.摆长为L6m,A、C点的速度相同D.摆长为2.5m,A、8点的速度相同

【答案】C

【详解】由单摆的振动图像可知振动周期为7=0.8兀s,由单摆的周期公式T=2兀口得摆长为

/=仁=图像的斜率代表速度，故起始时刻速度为零，且4、C点的速度相同，43点的速度大小

47r2

相同，方向不同。综上所述，可知C正确，故选C。

【技巧点拨】

（1）利用单摆周期公式求摆长；

（2）根据x-f图像的斜率确定大小和方向。

2.（2024福建.高考真题）如图（a）,装有砂粒的试管竖直静浮于水中，将其提起一小段距离后释放，一

段时间内试管在竖直方向的振动可视为简谐运动。取竖直向上为正方向，以某时刻作为计时起点，试管振

动图像如图（b）所示，则试管（）

图(a)图(b)

A.振幅为2.OcmB.振动频率为2.5Hz

C.在t=0.1s时速度为零D.在t=0.2s时加速度方向竖直向下

【答案】B

【详解】AB.根据图像(b)可知，振幅为1.0cm；周期为T=0.4s则频率为f=i=^-Hz=2.5Hz故A错误,

10.4

B正确;

C.根据图像可知，t=0.1s时质点处于平衡位置，此时速度最大，故C错误；

D.根据图像可知，t=0.2s时质点处于负向最大位置处，则此时加速度方向竖直向上，故D错误。

故选B。

【技巧点拨】

(1)根据图像确定周期、频率和振幅;

(2)根据图像的斜率确定速度的大小和方向，根据位移与加速度大小成正比，方向相反来确定加速的方向。

考向一简谐运动的特征

3.(2023・山东•高考真题)如图所示，沿水平方向做简谐振动的质点，依次通过相距乙的A、2两点。已知

质点在A点的位移大小为振幅的一半，B点位移大小是A点的百倍，质点经过A点时开始计时，，时刻第二

次经过B点，该振动的振幅和周期可能是()

_____/>g-------

•・--

A2L^2L.-2L12.一2L12人

A-石⑶B.石，4tC,D.

【答案】BC

【详解】AB.当AB两点在平衡位置的同侧时有=Asm(pa,^-A=Asin%可得/(pb=裁者0b=?

ZZ633

因此可知第二次经过B点时以=?,型7=懈得r=4t此时位移关系为fa-J=L解得4=非故A

327r22V3—1

错误，B正确；

CD.当AB两点在平衡位置两侧时有—[a=Asm<pa,^-A=Asin以解得0a=-g或者9a=（由图中运

2266

动方向舍去），牝或者%=争当第二次经过B点时外=等则学27=懈得7=真此时位移关系

为苧a+y=L解得2=焉，C正确D错误；故选BC。

4.（2024.全国.模拟预测）如图，有人设想在地球上挖一条通过地心O的隧道AB,假设地球质量分布均匀，

半径为R,地表重力加速度为g,将物体从A端无初速度释放，不计空气阻力。已知均质球壳对壳内任意一

点的物体的引力为零，则下列说法正确的是（）

B

A.物体将一直加速到B端

B.物体经过A。中点时加速度大小为[g

C.物体将在A、B间做简谐运动

D.地球的近地卫星从A圆周运动到8所用时间为兀器

【答案】C

【详解】C.物体在地表时重力近似等于万有引力，有G箸=mg以地心为位移起点，设某时刻物体的位移

为X,则半径为|%|的球的质量为=pP=pX（兀|%]3由于均匀球壳对壳内物体的引力为零，则此时物体所

受引力满足F=G要由于万有引力指向地心，以上各式联立，解得尸=-等无%是常数，即该物体的运动

xzRx

为简写运动，故c正确；

A.由C选项可知，物体在间做简谐运动，所以物体先加速后减速，故A错误；

B.物体在AB间做简谐运动，则物体所受万有引力尸=/回=—詈”则在AO中点时，|比|=替代入上式,

解得|F|=一根据牛顿第二定律，加速度大小为a=1?故B错误；

D.地球的近地卫星，根据万有引力提供向心力G罂=小与R,G粤=mg解得T=2兀监地球的近地卫星

RTRy9

从A圆周运动到B为圆周运动的一半，所以所用时间为t=£=兀2故D错误。故选C。

2W

考向二弹簧振子模型

5.（2024•福建泉州.二模）一竖直轻弹簧下端固定，质量为根的水平木板P与弹簧上端栓接，木板上再放

一质量也为，"的小物块Q,静止时位置如图所示。现对Q施加一竖直向上、大小为amg的恒力P,已知重

力加速度大小为g,不计空气阻力，则()

Q

刚施加力厂时，Q对P的压力大小为17ng

B.施加力产后，在运动过程中P、Q可能分离

C.P运动到最高点时，弹簧的弹力大小为巳mg

D.P从开始运动到最高点的过程，弹簧弹性势能减少量等于P重力势能增加量的1.5倍

【答案】D

【详解】A.刚施加力尸时，对P、Q整体进行分析，根据牛顿第二定律有[巾g=2mai解得的=Jg对Q

L4

进行分析,根据牛顿第二定律有N1+^mg-mg=6的根据牛顿第三定律有N?=M解得Q对P的压力大小

为N2=97ng故A错误；

B.假设P、Q分离，则两者之间弹力为0,对Q进行分析，根据牛顿第二定律有mg-]mg=nia2解得加

速度大小为。2=彳9方向竖直向下。施加拉力后，对P、Q整体进行分析，令平衡位置的压缩量为X。，则有

^rng+kx0=2mg令整体相对平衡位置位移为x,则回复力为F回=3mg+fc(x+x0)-27ng解得F回=kx可

知，回复力大小与相对平衡位置的位移大小成正比，方向相反，可知，整体做简谐运动，根据简谐运动的

对称性,整体运动的最大加速度为由=表明P、Q整体先向上做加速运动，后向上做减速至0.

42

速度减为0时的加速度大小小于分离时向下的加速度，可知，假设不成立，即施加力F后，在运动过程中P、

Q不可能分离，故B错误；

C.结合上述可知，P运动到最高点时，整体加速度方向向下，大小为的=；g对整体分析有2mg-9-弓=

2巾的解得飞=mg即弹簧的弹力大小为mg,故C错误；

D.物块开始位置，根据胡克定律与平衡条件有27ng=k/结合上述，物块在最高点时，根据胡克定律有用=

m

mg=/ex?拉力做功为W=F(%i-x2)=与券重力势能的增加量为=2mg{xr-x2)=2J根据功能关

系与能量守恒定律可知，弹性势能的减小量为42=Epi-W解得Ep2=喑P重力势能增加量为Ep3=

mg^-x2)=学则有氏=L5即P从开始运动到最高点的过程，弹簧弹性势能减少量等于P重力势能增

加量的1.5倍，故D正确。故选D。

6.（2024・湖南.模拟预测）如图所示，光滑斜面上有一倾斜放置的弹簧，弹簧上端固定，下端连接物体P,

其正在做振幅为治的简谐运动，当达到最高点时弹簧恰好为原长。当P振动到某个位置时恰好断开为质量

相等的两部分A、B,B掉下斜面，此后A继续做简谐运动。则下列说法中正确的是（）

A.如果在平衡位置处断开，A依然可以到达原来的最低点

B.如果在最高点处断开，则B带走的能量最多

C.无论在什么地方断开，此后A振动的振幅一定增大，周期一定减小

D.如果在最低点处断开，此后A振动的振幅变为葭

【答案】B

【详解】A.如果在平衡位置处断开，由于振子质量减小，从能量角度分析，假设依然可以到达断开的最低

点，则弹簧弹性势能的增加量大于A振子动能和重力势能的减小量（弹簧弹性势能的增加量等于整个物体

的动能和重力势能的减小量），则假设错误，经过分析，A到不了原来的最低点，故A错误；

B.由于在上升过程中，A、B间的力一直对B做正功，所以到达最高点时，B的机械能最大，则如果在最

高点断开，则B带走的能量最多，故B正确；

CD.设物体掉下前弹簧的劲度系数为上，质量为相，振幅为%o，振子在平衡位置时有7ngsin。=/ex。振子到

达最低点时，弹簧的形变量为2而，当物体掉下一半时，振子在平衡位置时有|zngsine=k/则/=之与振子

掉下一半时，设振幅为A，最低点的位置没有变化，弹簧的形变量没有变化，则有4=%0+［与=|与而越

是在弹簧短的时候断开，此后A的振幅就越小，当在最高点断开时，此后A的振幅为］沏，周期与振幅无

关，故CD错误。故选B。

考向三单摆模型

7.（2024.北京顺义.一模）如图甲所示，。点为单摆的固定悬点，将力传感器固定在。点。现将摆球拉到A

点，释放摆球，摆球将在竖直面内的A、C之间来回摆动，其中8点为运动中的最低位置。图乙表示摆球从

A点运动开始计时细线对摆球的拉力大小尸随时间f变化的图像，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确

的是（）

A.单摆的振动周期为0.2兀s

B.单摆的摆长为0.1m

C.摆球的质量为0.05kg

D.摆球运动过程中的最大速度0.08m/s

【答案】C

【详解】A.由乙图可知，单摆每个周期经过两次最低点，即每个周期细线的拉力出现两次最大值，则单摆

的周期为0.47TS,故A错误；

B.由单摆周期公式T=2兀£代入数据,解得2=04m故B错误；

CD.由乙图和牛顿运动定律得，设摆球在A时，摆线与竖直方向的夹角为。，则在最高点时mgcos。=0.495N

在最低点时mg+m亍=0.510N从最高点到最低点，由动能定理得mgl（1-cos。）=（6/联立解得m=

0.05kg,u=0,2VIni/s故C正确，D错误。故选C。

8.（2024.甘肃.一模）图为两单摆的振动图像，0为摆线偏离竖直方向的角度（0<5。）。两单摆的摆球质量

相同，则（）

A.摆长之比"=:B.摆长之比暑=2

L?3L24

C.摆球的最大动能之比善=：D.摆球的最大动能之比等=!

E

Eg2k29

【答案】D

【详解】AB.根据两单摆的振动图像知，两单摆的周期之比为j根据单摆周期公式T=2兀2可得产=

37。

^L="故有摆长之比2=（|）2=做AB错误；

CD.甲、乙两个单摆的摆球完全相同，摆线的最大摆角相同，从最高点到最低点，由动能定理有

mgL（l-cos。）=Ek故摆球的最大动能之比妙=*=，故C错误，D正确。故选D。

E

k2乙29

题型二机械波

核心精讲「I

一'波的多解因素及解决思路

1.造成波动问题多解的主要因素

⑴周期性

加间周期性:时间间隔加与周期T的关系不明确；

窈间周期性:波传播距离Ax与波长力的关系不明确。

⑵双向性

①传播方向双向性:波的传播方向不确定；

孤动方向双向性:质点振动方向不确定。

(3)波形的隐含性

在波动问题中，往往只给出完整波形的一部分，或给出几个特殊点，而其余信息均处于隐含状态。这样,波形就

有多种情况，形成波动问题的多解性。

2.解决波的多解问题的思路

一般采用从特殊到一般的思维方法，即找出一个周期内满足条件的关系AZ或Ax,若此关系为时间，则

f="T+Af("=0,l,2...);若此关系为距离,贝!]x=?d+Ax("=0』,2...)。步骤如下

(1)根据初、末两时刻的波形图确定传播距离与波长的关系通式。

(2)根据题设条件判断是唯一解还是多解。

(3)根据波速公式v弯或旷^刃求波速。

二、波的干涉

波的干涉现象中振动加强点、减弱点的两种判断方法

1.公式法

某质点的振动是加强还是减弱，取决于该点到两相干波源的距离之差Aro

①当两波源振动步调一致时

若△r=4(〃=0,l,2,…),则振动加强；

若Ar=(2〃+1)与(“=0,1,2,…),则振动减弱。

②当两波源振动步调相反时

若Ar=(2〃+惊”=0,1,2,…),则振动加强；

若Ar=zd（w=0,l,2,…），则振动减弱。

2.波形图法

在某时刻波的干涉的波形图上，波峰与波峰（或波谷与波谷）的交点，一定是加强点，而波峰与波谷的交

点一定是减弱点，各加强点或减弱点各自连接而成以两波源为中心向外辐射的连线，形成加强线和减弱线，

两种线互相间隔，加强点与减弱点之间各质点的振幅介于加强点与减弱点的振幅之间。

|真题研析:]

9.（2024・湖南.高考真题）如图，健身者在公园以每分钟60次的频率上下抖动长绳的一端，长绳自右向左

呈现波浪状起伏，可近似为单向传播的简谐横波。长绳上A、3两点平衡位置相距6m,%时刻A点位于波

谷，3点位于波峰，两者之间还有一个波谷。下列说法正确的是（）

A.波长为3mB.波速为12m/s

C.%+0.25s时亥l|,B点速度为0D.片+0-50s时亥!A点速度为0

【答案】D

【详解】A.如图根据题意可知X"=|a=6m解得2=4m故A错误；

B.波源的振动频率为/=：Hz=lHz故波速为3=〃=4m/s故B错误；

C.质点的振动周期为T=1s,因为0.25s=1,故3点在玲+0.25s运动到平衡位置，位移为0,速度最大，

故C错误；

D.0.5s=g故A点在4+0.5s运动到波峰，位移最大，速度为0,故D正确。故选D。

【技巧点拨】

（1）根据波长的定义确定波长的大小；

（2）根据经历的时间与周期的关系，确定质点的位置，进而确定质点的速度。

10.（2023•浙江•高考真题）如图所示，置于管口T前的声源发出一列单一频率声波，分成两列强度不同的

声波分别沿A、B两管传播到出口。。先调节A、B两管等长，。处探测到声波强度为400个单位，然后将

A管拉长d=15cm,在。处第一次探测到声波强度最小，其强度为100个单位。已知声波强度与声波振幅

平方成正比，不计声波在管道中传播的能量损失，则（）

A.声波的波长4=15cmB.声波的波长；I=30cm

C.两声波的振幅之比为3:1D.两声波的振幅之比为2:1

【答案】C

【详解】CD.分析可知A、B两管等长时，声波的振动加强，将A管拉长d=15cm后，两声波在。点减弱，

根据题意设声波加强时振幅为20,声波减弱时振幅为10,则4+A2=20,4-4=10可得两声波的振

幅之比告=：故C正确，D错误；

及1

AB.根据振动减弱的条件可得3=2d解得;I=60cm故AB错误。故选C。

【技巧点拨】

(1)根据波叠加时的叠加规律确定振幅之比；

(2)根据波干涉减弱的条件确定波长大小。

1命题预测:1

考向一雌多蚓鞭

11.(2024.贵州贵阳.模拟预测)如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，实线为t=0时刻的波形图，虚线为

t=0.6s时刻的波形图，已知波的周期T>0.6s,下列说法正确的是()

B.该波的波速可能是当n/s

C.t=2,7s时，。点的位移一定不为0D.t=5.1s时，。点的位移可能是0.2m

【答案】B

【详解】AB.据图可知波长为8m,如果波向左传播，则有(n+)T=0.6s("=0,1,2...)只有当行0时

r=0.8s>0.6s此时波速为v=-=—m/s=10m/s如果波向右传播，则有=0.6s(n=0,1,2...)只

T0.84

有当n=0时T'=2.4s>0.6s此时波速为/=，=gm/s故A错误，B正确；

CD.如果波向左传播，则2.7s=3^7根据波平移，。点正好到达平衡位置，位移为零；如果波向右传播，

O

则2.7s=厂根据波的平移法，。点也是正好到达平衡位置，位移为零。t=5.1s时，如果波向左传播，。

点正好到达平衡位置，位移为零；如果波向右传播，。点正好到达平衡位置，位移为零；故CD错误。

故选B。

12.(2024.广西.模拟预测)一列简谐横波沿x轴传播，已知无轴。上=1m和久2=7m处质点的振动图像

分别如图甲、图乙所示，则此列波的传播速率可能是()

A.7m/sB.3m/sC.6m/sD.Im/s

【答案】C

【详解】由振动图像可知周期r=4s零时刻，Xi处质点在平衡位置且向下振动，而不处质点在正的最大位移

处。

①若波沿x轴正向传播，其波形如图甲所示，上处质点的平衡位置可能在4或&或必…，则波长有

*2一:1

x-=(n+J)A(n-0,1,2,…)解得波速表达式u=；==0,1-2---')n-0,v-6m/s,n=

2\4/TT4?l+l

1,v=1.2m/s,C选项正确；

②若波沿》轴负向传播，其波形如图乙所示，则有小—打=(n+|)A(n=0,1,2,…)解得。*=千=

^^(几=0,1,2,…)几=0，u=2m/s,几=1,v«0.86m/s,

考向二波的干涉

13.（2024・辽宁大连•二模）两个振动情况完全相同的波源，在同一介质中形成的两列波相遇后，某一时刻

在它们的重叠区域形成如图所示的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，图中P点恰好处于两条实线

的交点上，。点恰好处于实线和虚线的交点上，M是尸、。之间连线上的一点（图中未画出），下列说法正

确的是（）

A.尸点总是在最大位移处

B.M点不可能是振动加强点

C.P、。之间的距离一定等于半个波长

D.若将波源S向&稍微靠近，尸点的振幅一定不变

【答案】B

【详解】A.P点为振动加强点，即振幅最大，但并不是总在最大位移处，故A错误；

B.M点处于振动加强点与振动减弱点之间，不可能是振动加强点，故B正确；

C.P点为振动加强点，。点为振动减弱点，当两质点处于平衡位置时，两点间的距离等于半个波长，处于

其它位置时均不等于半个波长，故C错误；

D.若将波源S/向S2稍微靠近，P点可能不是振动加强点，其振幅可能发生变化，故D错误。故选B。

14.（2024.云南.模拟预测）两列简谐横波在同一介质中相向传播，t=0时刻的波形如图所示，两波源的平

衡位置分别位于M、N两点处，。点为M、N连线的中点，两波源的振动方向平行。已知M、N两点的间距

d=16m,振动频率均为/=2.5Hz,M处波源的振幅4=10cm,N处波源的振幅4=5cm。t=1.2s时刻

。处的质点开始振动。下列说法正确的是（）

V

A.两列波的波速大小均为gm/s

B.从t=0到t=2.2s,。处质点运动的路程为0.5m

C.从t=2,0s到t=2.2s,O处质点的动能先增大后减小

D.经过足够长的时间，间(不包括M、N两点)振幅为15cm的点共有14个

【答案】B

【详解】A.两列简谐横波在同一介质中传播，波速相等，由于两列简谐横波振动频率相等，则两列波的波

长相等，故d-2A=又u=4/联立解得2=2m,v=5m/s故A错误；

B.两列简谐横波的周期为r=]=/s=0.4s两波源振动步调相反，。点、为M、N连线的中点，可知。处

质点为振动减弱点，t=1.2s时刻O处的质点开始振动，从t=1,2s到t=2.2s,O处质点振动了Is,BpjT,

故从t=o到t=2.2s,O处质点运动的路程为s=jx4(4-A2)=10X(10-5)cm=50cm=0.5m故B正

确；

C.t=1.2s时刻。处的质点开始振动，从t=1.2s到t=2s,O处质点振动了0.8s,即2T,可知t=2s时刻O

处的质点位于平衡位置，从t=2s到t=2.2s,O处质点振动了0.2s,BP|T,可知t=2s时刻O处的质点位于

平衡位置，故从t=2Qs到t=22s,。处质点的动能先减小后增大，故C错误；

D.振幅为15cm的点为振动加强点，设振动加强点与M点的距离为％,两波源振动步调相反，则

|x-(16-x)|=(n+|)A(«=0,1,2,3…)解得间(不包括M、N两点)振幅为15cm的点共有16

个，故D错误。故选B。

题型三振动图像和波的图像的综合应用

|核心精讲J

一、质点振动方向判断方法

内容图像

沿波的传播方向，"上坡”时质点向下振动，“下下坡上

“上下坡”法

O

坡”时质点向上振动

1k坡下

波形图上某点表示传播方向和振动方向的箭*

“同侧”法

头在图线同侧O-V/£

将波形沿传播方向进行微小的平移，再由对应

y

“微平移”法同一尤坐标的两波形曲线上的点来判断振动方

O9,W*

向

二、波动图像和振动图像的比较

振动图像波的图像

俨/cm

图像

物理意义表示某质点各个时刻的位移表示某时刻各质点的位移

(1)质点振动周期(1)波长、振幅

(2)质点振幅(2)任意一质点在该时刻的位移

图像信息

(3)各时刻质点位移(3)任意一质点在该时刻加速度方向

(4)各时刻速度、加速度方向(4)传播方向、振动方向的互判

随时间推移，图像延续，但已有形

图像变化随时间推移，图像沿传播方向平移

状不变

记录着一个人一段时间内活动的录

形象比喻记录着许多人某时刻动作、表情的集体照片

像带

三、波动图像和振动图像易错点与关键

1.两种图像问题的易错点

(1)不理解振动图像与波的图像的区别。

(2)误将振动图像看作波的图像或将波的图像看作振动图像。

(3)不知道波传播过程中任意质点的起振方向就是波源的起振方向。

(4)不会区分波的传播位移和质点的振动位移。

(5)误认为质点随波迁移。

2.求解波的图像与振动图像综合问题的三关键：“一分、一看、二找”

分清振动图像与波动图像。此问题最简单,只

要看清横坐标即可,横坐标为工则为波动图像,

横坐标为£则为振动图像

看清横、纵坐标的单位。尤其要注意单位前的

数量级

找准波动图像对应的时刻

找准振动图像对应的质点

真题研析:]

15.（2024.天津.高考真题）一列简谐横波在均匀介质中沿无轴传播，图1是1=1s时该波的波形图，图2

是％=0处质点的振动图像。贝肽=11s时该波的波形图为（）

【答案】C

【详解】波的周期44s,因t=11s时，即在Z=ls后再经过10s=2.5T,此时原点处的质点振动到波谷位置,

即该波的波形图为C。故选C。

【技巧点拨】

（1）根据振动图像确定振动周期，明确原点处质点在t=ls时的位置；

（2）在t=ls后再经过10s=2.5T,所以11s时原点处的质点振动到波谷位置。

16.（2024・浙江•高考真题）如图1所示，质量相等的小球和点光源，分别用相同的弹簧竖直悬挂于同一水

平杆上，间距为I,竖直悬挂的观测屏与小球水平间距为2Z,小球和光源做小振幅运动时，在观测屏上可观

测小球影子的运动。以竖直向上为正方向，小球和光源的振动图像如图2所示，则（）

A.Q时刻小球向上运动B.t2时刻光源的加速度向上

C.灰时刻小球与影子相位差为兀D.t3时刻影子的位移为54

【答案】D

【详解】A.以竖直向上为正方向，根据图2可知，匕时刻，小球位于平衡位置，随后位移为负值，且位移

增大，可知，h时刻小球向下运动，故A错误；

B.以竖直向上为正方向，上时刻光源的位移为正值，光源振动图像为正弦式，表明其做简谐运动，根据

F回==可知，其加速度方向与位移方向相反，位移方向向上，则加速度方向向下，故B错误；

C.根据图2可知，小球与光源的振动步调总是相反，由于影子是光源发出的光被小球遮挡后，在屏上留下

的阴影，可知，影子与小球的振动步调总是相同，即以时刻小球与影子相位差为0,故C错误；

D.根据图2可知，七时刻，光源位于最低点，小球位于最高点，根据直线传播能够在屏上影子的位置也处

于最高点，影子位于正方向上的最大位移处，根据几何关系有占-解得x影子=54即％时刻影子的位

移为5A,故D正确。故选D。

【技巧点拨】

(1)根据影子形成的原因，判断影子与小球的相位关系；

(2)根据光的直线传播规律和几何比例关系可求影子的位移。

命题预测

考向一振动图像

17.(2024・广东深圳•一模)图甲为由物块和轻弹簧组成的一个竖直放置的振动装置。图乙记录了物体振动

过程中速度v随时间r变化的曲线，以向上为正方向。关于该振动过程，下列说法正确的是()

A.f=0.2s时，物块位于平衡位置上方

B.f=0.4s时，物块位于平衡位置上方

C.7=0.6s时，物块的加速度为零

D.r=0.6s时，物块加速度方向向下

【答案】D

【详解】A.由图可知以向上为正方向，f=0时，速度最大，方向向下，因此刚好处于平衡位置，即

F弹=zngf=0.2s时，速度由向下变为速度为零，加速度为正方向，物块处于平衡位置下方最大位移处（最

低点），A错误；

B.f=0.4s时，速度最大，方向向上，物块位于平衡位置，B错误；

CD.f=0.6s时，速度由向上变为速度为零，加速度不为零，方向向下，C错误，D正确。

故选D。

18.（2024・安徽合肥•模拟预测）如图1所示，质量为m=1kg的物体B放在水平面上，通过轻弹簧与质量

为M=2kg的物体A连接。现在竖直方向给物体A一初速度，当物体A运动到最高点时，物体B与水平面

间的作用力刚好为零。从某时刻开始计时，取竖直向上为位移正方向，物体A的位移随时间的变化规律如

图2所示，已知重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.物体A在任意一个1.25s内通过的路程均为50cm

B.|s〜这段时间内，物体A的速度方向与加速度方向相反

C.物体A的振动方程为y=O.lsin卜&+：）m

D.弹簧的劲度系数k=300N/m

【答案】D

【详解】A.根据图像可知，物体A的振动周期为T=2x0.5s=ls则At=1.25s=T+4可知除了从平衡

4

位置或最大位移处开始计时，其他位置开始计时，物体A通过的路程不等于振幅的5倍，即通过的路程不

为50cm,故A错误；

C.由图乙可知4=10cm,T=1.0s设物体A